Номер 442, страница 118 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2023 - 2025
Уровень обучения: базовый
Цвет обложки: синий
ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Популярные ГДЗ в 7 классе
Глава 5. Геометрические места точек. Симметричные фигуры. Задачи повышенной трудности. Задачи к главам 3 и 4 - номер 442, страница 118.
№442 (с. 118)
Условие. №442 (с. 118)


442 Постройте треугольник по двум сторонам и высоте к третьей стороне.
Решение
Даны три отрезка М₁N₁, M₂N₂, M₃N₃ (рис. 183, а). Требуется построить такой треугольник ABC, у которого две стороны, скажем AB и АС, равны соответственно данным отрезкам M₁N₁ и M₂N₂, а высота АН равна отрезку M₃N₃. Проведём решение задачи по описанной схеме.

Анализ
Допустим, что искомый треугольник ABC построен (рис. 183, б). Мы видим, что сторона AB и высота АН являются гипотенузой и катетом прямоугольного треугольника ABН. Поэтому построение треугольника ABC можно провести по такому плану: сначала построить прямоугольный треугольник ABН, а затем достроить его до всего треугольника ABC.
Построение
Строим прямоугольный треугольник ABН, у которого гипотенуза AB равна отрезку M₁N₁, а катет АН равен данному отрезку M₃N₃. Как это сделать, мы знаем (задача 323, в). На рисунке 184, а изображён построенный треугольник ABН. Затем проводим окружность радиуса M₂N₂ с центром в точке А. Одну из точек пересечения этой окружности с прямой ВН обозначим буквой С. Проведя отрезки ВС и АС, получим искомый треугольник ABC (рис. 184, б).

Доказательство
Треугольник ABC действительно искомый, так как по построению сторона AB равна М₁N₁, сторона АС равна M₂N₂, а высота АН равна M₃N₃, т. е. треугольник ABC удовлетворяет всем условиям задачи.
Исследование
Нетрудно сообразить, что задача имеет решение не при любых данных отрезках M₁N₁, M₂N₂, M₃N₃. В самом деле, если хотя бы один из отрезков M₁N₁ и M₂N₂ меньше M₃N₃, то задача не имеет решения, так как наклонные AB и АС не могут быть меньше перпендикуляра АН. Задача не имеет решения и в том случае, когда М₁N₁ = М₂N₂ = М₃N₃ (объясните почему). В остальных случаях задача имеет решение. Если M₁N₁ > M₃N₃, а M₂N₂ = M₃N₃, то задача имеет единственное решение: в этом случае сторона АС совпадает с высотой АН и искомый треугольник является прямоугольным (рис. 184, в). Если М₁N₁ > М₃N₃, а М₂N₂ = М₁N₁, то задача также имеет единственное решение: в этом случае треугольник ABC равнобедренный (рис. 184, г). И наконец, если M₁N₁ > M₃N₃, M₂N₂ > M₃N₃ и M₁N₁ ≠ M₂N₂, то задача имеет два решения — треугольники ABC и ABС₁ на рисунке 184, д.
Решение 3. №442 (с. 118)

Решение 4. №442 (с. 118)

Решение 9. №442 (с. 118)

Решение 11. №442 (с. 118)
Анализ
Допустим, искомый треугольник $ABC$ построен. В этом треугольнике проведены стороны $AB$ и $AC$, равные соответственно заданным отрезкам $M_1N_1$ и $M_2N_2$, и высота $AH$ к стороне $BC$, равная отрезку $M_3N_3$.
Высота $AH$ перпендикулярна прямой $BC$, поэтому треугольники $ABH$ и $ACH$ являются прямоугольными.
В прямоугольном треугольнике $ABH$ сторона $AB$ является гипотенузой, а высота $AH$ — катетом. Аналогично, в прямоугольном треугольнике $ACH$ сторона $AC$ является гипотенузой, а $AH$ — катетом.
Это наблюдение подсказывает план построения. Сначала можно построить прямоугольный треугольник $ABH$ по известным гипотенузе ($AB = M_1N_1$) и катету ($AH = M_3N_3$). Затем, зная положение точек $A$ и $H$, можно найти положение точки $C$ на прямой $BH$.
Ответ: План построения заключается в том, чтобы сначала построить прямоугольный треугольник $ABH$ по гипотенузе и катету, а затем достроить его до треугольника $ABC$, найдя вершину $C$ на прямой, содержащей основание $BH$.
Построение
1. Проведем произвольную прямую $p$. Выберем на ней произвольную точку $H$.
2. Через точку $H$ проведем прямую, перпендикулярную прямой $p$.
3. На этой перпендикулярной прямой отложим от точки $H$ отрезок $HA$, длина которого равна длине заданного отрезка $M_3N_3$.
4. Построим окружность с центром в точке $A$ и радиусом, равным длине отрезка $M_1N_1$. Точка пересечения этой окружности с прямой $p$ будет вершиной $B$. (Если окружность пересекает прямую в двух точках, для построения можно выбрать любую из них). В результате будет построен прямоугольный треугольник $ABH$.
5. Построим вторую окружность с центром в точке $A$ и радиусом, равным длине отрезка $M_2N_2$. Точка (или точки) пересечения этой окружности с прямой $p$ будет вершиной $C$.
6. Соединим точки $A$, $B$ и $C$. Полученный треугольник $ABC$ является искомым.
Ответ: Искомый треугольник строится с помощью циркуля и линейки путем последовательного определения положения вершин $A$, $B$ и $C$ на основе заданных длин сторон и высоты.
Доказательство
Рассмотрим построенный треугольник $ABC$. По построению, отрезок $AH$ перпендикулярен прямой $p$, на которой лежат вершины $B$ и $C$. Следовательно, $AH$ является высотой треугольника $ABC$, опущенной на сторону $BC$ (или ее продолжение). Длина этой высоты по построению равна $M_3N_3$.
Сторона $AB$ является радиусом первой окружности, построенной с центром в точке $A$, поэтому ее длина равна $M_1N_1$.
Сторона $AC$ является радиусом второй окружности, построенной с центром в точке $A$, поэтому ее длина равна $M_2N_2$.
Таким образом, построенный треугольник $ABC$ удовлетворяет всем условиям задачи.
Ответ: Построенный треугольник $ABC$ действительно является искомым, так как по построению его стороны $AB$ и $AC$ и высота $AH$ равны заданным отрезкам $M_1N_1$, $M_2N_2$ и $M_3N_3$.
Исследование
Задача имеет решение не при любых заданных отрезках. Проанализируем условия существования и количество решений.
1. Нет решений. Для построения прямоугольных треугольников $ABH$ и $ACH$ необходимо, чтобы гипотенуза была не меньше катета. Поэтому, если хотя бы один из отрезков $M_1N_1$ или $M_2N_2$ меньше отрезка $M_3N_3$, то задача не имеет решений. Также задача не имеет решения в случае, когда $M_1N_1 = M_2N_2 = M_3N_3$, так как в этом случае точки $B$ и $C$ совпадут с точкой $H$, и треугольник вырождается в отрезок.
2. Одно решение. Задача имеет единственное решение в следующих случаях:
а) Если одна из сторон равна высоте, а другая больше высоты. Например, если $M_1N_1 > M_3N_3$, а $M_2N_2 = M_3N_3$. В этом случае точка $C$ совпадает с точкой $H$, и искомый треугольник $ABC$ является прямоугольным с прямым углом при вершине $C$.
б) Если данные стороны равны между собой и их длина больше длины высоты, то есть $M_1N_1 = M_2N_2 > M_3N_3$. В этом случае по построению $BH=CH$, и одна из возможных точек для $C$ совпадет с точкой $B$ (что дает вырожденный треугольник), а вторая точка даст равнобедренный треугольник $ABC$. Таким образом, существует одно невырожденное решение.
3. Два решения. Если обе заданные стороны больше высоты и не равны друг другу ($M_1N_1 > M_3N_3$, $M_2N_2 > M_3N_3$ и $M_1N_1 \neq M_2N_2$), то задача имеет два решения. В этом случае окружность с центром в $A$ и радиусом $M_2N_2$ пересечет прямую $p$ в двух точках $C_1$ и $C_2$, симметричных относительно точки $H$. Так как $M_1N_1 \neq M_2N_2$, то $BH \neq CH$, и ни одна из точек $C_1, C_2$ не совпадает с $B$. Это приводит к построению двух различных неконгруэнтных треугольников: $ABC_1$ и $ABC_2$.
Ответ: Задача может иметь ноль, одно или два решения. Решение существует, если длины отрезков, задающих стороны, не меньше длины отрезка, задающего высоту ($M_1N_1 \geq M_3N_3$ и $M_2N_2 \geq M_3N_3$, за исключением случая $M_1N_1 = M_2N_2 = M_3N_3$). Задача имеет одно решение, если одна из сторон равна высоте или если стороны равны между собой (и больше высоты). Задача имеет два решения, если обе стороны больше высоты и не равны друг другу.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 442 расположенного на странице 118 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №442 (с. 118), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.