Страница 171 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 171

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171
№670 (с. 171)
Условие. №670 (с. 171)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 670, Условие

670 В треугольнике ABC сторона AB равна а, а высота СН равна h. Найдите сторону квадрата, вписанного в треугольник ABC так, что две соседние вершины квадрата лежат на стороне AB, а две другие — соответственно на сторонах АС и ВС.

Решение 2. №670 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 670, Решение 2
Решение 3. №670 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 670, Решение 3
Решение 4. №670 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 670, Решение 4
Решение 7. №670 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 670, Решение 7
Решение 9. №670 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 670, Решение 9
Решение 11. №670 (с. 171)

Пусть сторона искомого квадрата равна $x$. Обозначим вершины квадрата как $K, L, M, N$ так, что вершины $K$ и $L$ лежат на стороне $AB$, вершина $N$ — на стороне $AC$, а вершина $M$ — на стороне $BC$.

Поскольку сторона квадрата $MN$ параллельна стороне $KL$, которая лежит на прямой $AB$, то $MN$ параллельна $AB$.

Рассмотрим треугольник $ABC$ и высоту $CH$, проведенную к стороне $AB$. Длина $AB = a$ и длина $CH = h$.

Прямая $MN$, параллельная стороне $AB$, отсекает от треугольника $ABC$ подобный ему треугольник $NCM$. То есть, $?NCM \sim ?ACB$.

Найдем высоту треугольника $NCM$, проведенную из вершины $C$ к стороне $NM$. Пусть $P$ — точка пересечения высоты $CH$ и стороны $MN$. Тогда $CP$ является высотой треугольника $NCM$.

Высота квадрата равна его стороне $x$. Это расстояние между параллельными прямыми $MN$ и $AB$. Следовательно, длина отрезка $PH$ равна $x$. Тогда высота $CP$ треугольника $NCM$ равна разности высоты $CH$ и высоты квадрата:

$CP = CH - PH = h - x$

Из подобия треугольников $NCM$ и $ACB$ следует, что отношение их высот равно отношению их оснований:

$\frac{CP}{CH} = \frac{MN}{AB}$

Подставим известные значения в это соотношение:

$\frac{h - x}{h} = \frac{x}{a}$

Теперь решим это уравнение относительно $x$:

$a(h - x) = hx$

$ah - ax = hx$

$ah = hx + ax$

$ah = x(h + a)$

$x = \frac{ah}{a + h}$

Ответ: Сторона квадрата равна $\frac{ah}{a + h}$.

№671 (с. 171)
Условие. №671 (с. 171)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Условие

671 Через точку М, взятую на медиане AD треугольника ABC, и вершину В проведена прямая, пересекающая сторону АС в точке K. Найдите отношение AKKC, если: а) М — середина отрезка AD; б) AMMD = 12.

Решение 2. №671 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 3. №671 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 3 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 3 (продолжение 2)
Решение 4. №671 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 4
Решение 7. №671 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 7
Решение 9. №671 (с. 171)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 171, номер 671, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №671 (с. 171)

a)

Для решения задачи воспользуемся методом дополнительных построений.

1. Проведем через точку $ D $ прямую, параллельную прямой $ BK $. Пусть точка пересечения этой прямой со стороной $ AC $ будет $ P $. Таким образом, у нас есть $ DP \parallel BK $.

2. Рассмотрим треугольник $ CBK $. Поскольку $ AD $ — медиана, точка $ D $ является серединой стороны $ BC $. Так как $ D $ — середина $ BC $ и $ DP \parallel BK $, то по теореме Фалеса (или по свойству средней линии треугольника) точка $ P $ является серединой отрезка $ CK $. Следовательно, $ KP = PC $, из чего следует, что $ KC = 2KP $.

3. Теперь рассмотрим треугольник $ ADP $. Отрезок $ MK $ параллелен отрезку $ DP $, так как $ M $ и $ K $ лежат на прямой $ BK $, а мы построили $ DP \parallel BK $. Применим теорему о пропорциональных отрезках к углу $ \angle CAD $, стороны которого пересечены параллельными прямыми $ MK $ и $ DP $:

$ \frac{AK}{KP} = \frac{AM}{MD} $

В условии пункта а) сказано, что $ M $ — середина отрезка $ AD $. Это означает, что $ AM = MD $, и, следовательно, $ \frac{AM}{MD} = 1 $.

4. Из этого следует, что $ \frac{AK}{KP} = 1 $, то есть $ AK = KP $.

5. Объединим полученные результаты: $ KC = 2KP $ и $ AK = KP $. Заменив $ KP $ на $ AK $ в первом равенстве, получим $ KC = 2AK $.

6. Теперь найдем искомое отношение:

$ \frac{AK}{KC} = \frac{AK}{2AK} = \frac{1}{2} $.

Ответ: $ \frac{1}{2} $

б)

Решение для этого случая аналогично предыдущему, но с другим соотношением для точки $ M $.

1. Используем то же самое дополнительное построение: проведем прямую $ DP $ параллельно $ BK $, где $ P $ — точка на стороне $ AC $.

2. Как и в пункте а), из рассмотрения $ \triangle CBK $ следует, что $ D $ — середина $ BC $ и $ DP \parallel BK $, поэтому $ P $ — середина $ CK $, и $ KC = 2KP $.

3. Снова применим теорему о пропорциональных отрезках к углу $ \angle CAD $ и параллельным прямым $ MK $ и $ DP $:

$ \frac{AK}{KP} = \frac{AM}{MD} $

4. По условию пункта б), $ \frac{AM}{MD} = \frac{1}{2} $. Подставив это значение в формулу, получаем:

$ \frac{AK}{KP} = \frac{1}{2} $

Отсюда следует, что $ KP = 2AK $.

5. Теперь подставим полученное выражение для $ KP $ в равенство из шага 2:

$ KC = 2KP = 2(2AK) = 4AK $.

6. Наконец, находим искомое отношение:

$ \frac{AK}{KC} = \frac{AK}{4AK} = \frac{1}{4} $.

Ответ: $ \frac{1}{4} $

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться