Номер 851, страница 216 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Глава 9. Окружность. Задачи повышенной трудности. Задачи к главе 7 - номер 851, страница 216.

Навигация по странице:

Решение Комментарии
№851 (с. 216)
Условие. №851 (с. 216)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 216, номер 851, Условие

851 Два непересекающихся отрезка делят каждую из двух противоположных сторон выпуклого четырёхугольника на три равные части. Докажите, что площадь той части четырёхугольника, которая заключена между этими отрезками, в 3 раза меньше площади самого четырёхугольника.

Решение 2. №851 (с. 216)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 216, номер 851, Решение 2
Решение 3. №851 (с. 216)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 216, номер 851, Решение 3
Решение 4. №851 (с. 216)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 216, номер 851, Решение 4
Решение 6. №851 (с. 216)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 216, номер 851, Решение 6 ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 216, номер 851, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 11. №851 (с. 216)

Доказательство:

Пусть дан выпуклый четырёхугольник ABCDABCD. На противоположных сторонах ABAB и CDCD выбраны точки.На стороне ABAB выбраны точки PP и QQ так, что AP=PQ=QB=13ABAP = PQ = QB = \frac{1}{3}AB.На стороне CDCD выбраны точки SS и RR так, что DS=SR=RC=13DCDS = SR = RC = \frac{1}{3}DC.Два непересекающихся отрезка PSPS и QRQR делят четырёхугольник ABCDABCD на три части: четырёхугольники APSDAPSD, PQRSPQRS и QBCRQBCR.Обозначим площадь фигуры FF как SFS_F. Нам нужно доказать, что SPQRS=13SABCDS_{PQRS} = \frac{1}{3}S_{ABCD}.

Площадь центрального четырёхугольника PQRSPQRS можно найти, разбив его диагональю на два треугольника. Проведём диагональ QSQS. Тогда:SPQRS=SPQS+SRQSS_{PQRS} = S_{PQS} + S_{RQS}

Выразим площади этих треугольников через площади частей исходного четырёхугольника.Площадь треугольника PQSPQS с основанием PQPQ равна:SPQS=12PQh(S,AB)S_{PQS} = \frac{1}{2} \cdot PQ \cdot h(S, AB), где h(S,AB)h(S, AB) — расстояние от точки SS до прямой ABAB.Так как PQ=13ABPQ = \frac{1}{3}AB, получаем:SPQS=12AB3h(S,AB)=16ABh(S,AB)S_{PQS} = \frac{1}{2} \cdot \frac{AB}{3} \cdot h(S, AB) = \frac{1}{6} AB \cdot h(S, AB).Точка SS делит отрезок DCDC в отношении DS:SC=1:2DS:SC = 1:2. Высота из точки SS на прямую ABAB является средневзвешенной высот из точек DD и CC:h(S,AB)=2h(D,AB)+1h(C,AB)2+1=2h(D,AB)+h(C,AB)3h(S, AB) = \frac{2 \cdot h(D, AB) + 1 \cdot h(C, AB)}{2+1} = \frac{2h(D, AB) + h(C, AB)}{3}.Подставим это в формулу для площади SPQSS_{PQS}:SPQS=16AB2h(D,AB)+h(C,AB)3=118(2ABh(D,AB)+ABh(C,AB))S_{PQS} = \frac{1}{6} AB \cdot \frac{2h(D, AB) + h(C, AB)}{3} = \frac{1}{18} (2 \cdot AB \cdot h(D, AB) + AB \cdot h(C, AB)).Используя формулы площадей треугольников SABD=12ABh(D,AB)S_{ABD} = \frac{1}{2}AB \cdot h(D, AB) и SABC=12ABh(C,AB)S_{ABC} = \frac{1}{2}AB \cdot h(C, AB), получаем ABh(D,AB)=2SABDAB \cdot h(D, AB) = 2S_{ABD} и ABh(C,AB)=2SABCAB \cdot h(C, AB) = 2S_{ABC}.Следовательно:SPQS=118(22SABD+2SABC)=19(2SABD+SABC)S_{PQS} = \frac{1}{18} (2 \cdot 2S_{ABD} + 2S_{ABC}) = \frac{1}{9} (2S_{ABD} + S_{ABC}).

Теперь найдём площадь треугольника RQSRQS (или, что то же самое, QRSQRS) с основанием RSRS:SRQS=12RSh(Q,CD)S_{RQS} = \frac{1}{2} \cdot RS \cdot h(Q, CD), где h(Q,CD)h(Q, CD) — расстояние от точки QQ до прямой CDCD.Так как RS=13DCRS = \frac{1}{3}DC, получаем:SRQS=12DC3h(Q,CD)=16DCh(Q,CD)S_{RQS} = \frac{1}{2} \cdot \frac{DC}{3} \cdot h(Q, CD) = \frac{1}{6} DC \cdot h(Q, CD).Точка QQ делит отрезок ABAB в отношении AQ:QB=2:1AQ:QB = 2:1. Высота из точки QQ на прямую CDCD является средневзвешенной высот из точек AA и BB:h(Q,CD)=1h(A,CD)+2h(B,CD)1+2=h(A,CD)+2h(B,CD)3h(Q, CD) = \frac{1 \cdot h(A, CD) + 2 \cdot h(B, CD)}{1+2} = \frac{h(A, CD) + 2h(B, CD)}{3}.Подставим это в формулу для площади SRQSS_{RQS}:SRQS=16DCh(A,CD)+2h(B,CD)3=118(DCh(A,CD)+2DCh(B,CD))S_{RQS} = \frac{1}{6} DC \cdot \frac{h(A, CD) + 2h(B, CD)}{3} = \frac{1}{18} (DC \cdot h(A, CD) + 2 \cdot DC \cdot h(B, CD)).Используя формулы площадей треугольников SADC=12DCh(A,CD)S_{ADC} = \frac{1}{2}DC \cdot h(A, CD) и SBDC=12DCh(B,CD)S_{BDC} = \frac{1}{2}DC \cdot h(B, CD), получаем DCh(A,CD)=2SADCDC \cdot h(A, CD) = 2S_{ADC} и DCh(B,CD)=2SBDCDC \cdot h(B, CD) = 2S_{BDC}.Следовательно:SRQS=118(2SADC+22SBDC)=19(SADC+2SBDC)S_{RQS} = \frac{1}{18} (2S_{ADC} + 2 \cdot 2S_{BDC}) = \frac{1}{9} (S_{ADC} + 2S_{BDC}).

Теперь сложим площади двух треугольников, чтобы найти площадь SPQRSS_{PQRS}:SPQRS=SPQS+SRQS=19(2SABD+SABC)+19(SADC+2SBDC)S_{PQRS} = S_{PQS} + S_{RQS} = \frac{1}{9} (2S_{ABD} + S_{ABC}) + \frac{1}{9} (S_{ADC} + 2S_{BDC})SPQRS=19(2SABD+SABC+SADC+2SBDC)S_{PQRS} = \frac{1}{9} (2S_{ABD} + S_{ABC} + S_{ADC} + 2S_{BDC}).Сгруппируем слагаемые в скобках. Мы знаем, что площадь четырёхугольника ABCDABCD можно представить двумя способами:SABCD=SABC+SADCS_{ABCD} = S_{ABC} + S_{ADC}SABCD=SABD+SBDCS_{ABCD} = S_{ABD} + S_{BDC}Перепишем выражение для SPQRSS_{PQRS}:SPQRS=19[(SABC+SADC)+(SABD+SBDC)+SABD+SBDC]S_{PQRS} = \frac{1}{9} [ (S_{ABC} + S_{ADC}) + (S_{ABD} + S_{BDC}) + S_{ABD} + S_{BDC} ]SPQRS=19[SABCD+SABCD+SABCD]S_{PQRS} = \frac{1}{9} [ S_{ABCD} + S_{ABCD} + S_{ABCD} ]SPQRS=19(3SABCD)=13SABCDS_{PQRS} = \frac{1}{9} (3 \cdot S_{ABCD}) = \frac{1}{3}S_{ABCD}.

Таким образом, доказано, что площадь той части четырёхугольника, которая заключена между отрезками, в 3 раза меньше площади самого четырёхугольника.

Ответ: Утверждение доказано.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 851 расположенного на странице 216 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №851 (с. 216), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться