Страница 212 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 212

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212
№808 (с. 212)
Условие. №808 (с. 212)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Условие

808 Найдите радиус окружности, вписанной в прямоугольную трапецию с основаниями a и b.

Решение 2. №808 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 2
Решение 3. №808 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 3
Решение 4. №808 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 4
Решение 6. №808 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 8. №808 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 8
Решение 9. №808 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 808, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №808 (с. 212)

Рассмотрим прямоугольную трапецию с основаниями $a$ и $b$, в которую вписана окружность радиуса $r$. Пусть $h$ — высота трапеции, которая в данном случае является одной из её боковых сторон (перпендикулярной основаниям). Вторую, наклонную, боковую сторону обозначим как $c$.

Поскольку в трапецию можно вписать окружность, её высота равна диаметру этой окружности. Таким образом, получаем первое соотношение: $h = 2r$.

Также для любого описанного четырёхугольника (в который можно вписать окружность) справедливо свойство равенства сумм длин противоположных сторон. Для нашей трапеции это свойство записывается так: сумма длин оснований равна сумме длин боковых сторон. $a + b = h + c$ Подставив $h = 2r$ в это равенство, получим: $a + b = 2r + c$ Из этого уравнения можно выразить длину наклонной стороны $c$: $c = a + b - 2r$

Теперь рассмотрим прямоугольный треугольник, который образуется, если из вершины меньшего основания провести высоту к большему основанию. Катетами этого треугольника будут высота трапеции $h$ и отрезок, равный разности длин оснований $(a - b)$ (предполагая, что $a > b$). Гипотенузой будет наклонная сторона $c$. По теореме Пифагора имеем: $c^2 = h^2 + (a - b)^2$

Подставим в теорему Пифагора ранее найденные выражения для $c$ и $h$: $(a + b - 2r)^2 = (2r)^2 + (a - b)^2$

Раскроем скобки в левой и правой частях уравнения, используя формулы квадрата суммы и квадрата разности: $(a+b)^2 - 2 \cdot (a+b) \cdot 2r + (2r)^2 = 4r^2 + (a-b)^2$ $a^2 + 2ab + b^2 - 4r(a+b) + 4r^2 = 4r^2 + a^2 - 2ab + b^2$

Сократим одинаковые слагаемые ($a^2$, $b^2$, $4r^2$) в обеих частях равенства: $2ab - 4r(a+b) = -2ab$

Теперь решим полученное уравнение относительно $r$: $2ab + 2ab = 4r(a+b)$ $4ab = 4r(a+b)$ $ab = r(a+b)$

И, наконец, находим искомый радиус: $r = \frac{ab}{a+b}$

Ответ: $r = \frac{ab}{a+b}$

№809 (с. 212)
Условие. №809 (с. 212)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 809, Условие

809 Докажите, что если около ромба можно описать окружность, то этот ромб — квадрат.

Решение 2. №809 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 809, Решение 2
Решение 3. №809 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 809, Решение 3
Решение 4. №809 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 809, Решение 4
Решение 6. №809 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 809, Решение 6
Решение 9. №809 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 809, Решение 9
Решение 11. №809 (с. 212)

Для того чтобы доказать, что ромб, около которого можно описать окружность, является квадратом, воспользуемся свойствами ромба и свойством четырехугольника, вписанного в окружность.

Пусть нам дан ромб $ABCD$.

По определению, ромб — это параллелограмм, у которого все стороны равны. Как у любого параллелограмма, у ромба противоположные углы равны:
$\angle A = \angle C$ и $\angle B = \angle D$.

По условию, около этого ромба можно описать окружность. Это означает, что ромб является вписанным четырехугольником. Основное свойство вписанного четырехугольника заключается в том, что сумма его противоположных углов равна $180^\circ$. Таким образом, для нашего ромба выполняются следующие равенства:
$\angle A + \angle C = 180^\circ$
$\angle B + \angle D = 180^\circ$

Теперь объединим эти два факта. Рассмотрим пару углов $\angle A$ и $\angle C$. Мы знаем, что они равны (свойство ромба) и их сумма равна $180^\circ$ (свойство вписанного четырехугольника). Подставим $\angle A$ вместо $\angle C$ в уравнение суммы:
$\angle A + \angle A = 180^\circ$
$2\angle A = 180^\circ$
$\angle A = 90^\circ$

Поскольку $\angle C = \angle A$, то $\angle C$ также равен $90^\circ$. Аналогично для второй пары углов:
$\angle B + \angle B = 180^\circ$
$2\angle B = 180^\circ$
$\angle B = 90^\circ$

Соответственно, $\angle D = \angle B = 90^\circ$.

Мы получили, что все углы ромба $ABCD$ равны $90^\circ$. Ромб, у которого все углы прямые, является квадратом. Что и требовалось доказать.

Ответ: Утверждение доказано. Если около ромба можно описать окружность, то сумма его равных противоположных углов должна быть $180^\circ$, что возможно только если каждый угол равен $90^\circ$. Ромб с прямыми углами является квадратом.

№810 (с. 212)
Условие. №810 (с. 212)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 810, Условие

810* Докажите, что если в четырёхугольнике сумма противоположных углов равна 180°, то около этого четырёхугольника можно описать окружность.

Решение

Пусть в четырёхугольнике ABCD

A + ∠C = 180°. (1)

Проведём окружность через три вершины четырёхугольника: А, В и D (рис. 273, а) — и докажем, что она проходит также через вершину С, т. е. является описанной около четырёхугольника ABCD. Предположим, что это не так. Тогда вершина С лежит либо внутри круга, либо вне его. Рассмотрим первый случай (рис. 273, б). В этом случае C=12(◡DAB+◡EF) (объясните почему), и, следовательно, C=12◡DAB. Так как A=12◡BED, то

A+C>12(◡BED+◡DAB)=12·360° = 180°.

Итак, мы получили, что A+∠C>180°. Но это противоречит условию (1), и, значит, наше предположение ошибочно. Аналогично можно доказать, что вершина С не может лежать вне круга. Следовательно, вершина С лежит на окружности, что и требовалось доказать.

Рисунок 273
Решение 3. №810 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 810, Решение 3
Решение 4. №810 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 810, Решение 4
Решение 9. №810 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 810, Решение 9
Решение 11. №810 (с. 212)

Задача представляет собой доказательство теоремы, обратной теореме о сумме противоположных углов вписанного четырёхугольника. Требуется доказать, что если в четырёхугольнике сумма противоположных углов равна $180^\circ$, то около него можно описать окружность.

Пусть в выпуклом четырёхугольнике ABCD сумма противоположных углов равна $180^\circ$, например, $ \angle A + \angle C = 180^\circ $. Докажем, что около этого четырёхугольника можно описать окружность.

Воспользуемся методом доказательства от противного. Через любые три вершины четырёхугольника, не лежащие на одной прямой, например, A, B и D, можно провести единственную окружность. Предположим, что четвёртая вершина C не лежит на этой окружности. Тогда она может находиться либо внутри круга, ограниченного этой окружностью, либо вне его. Рассмотрим оба случая.

Случай 1: Вершина C лежит внутри круга (рис. 273, б)

В этом случае продолжим лучи BC и DC до пересечения с окружностью в точках E и F соответственно. В тексте задачи утверждается, что $ \angle C = \frac{1}{2}(\smile{DAB} + \smile{EF}) $ и предлагается это объяснить. Объяснение следующее: рассмотрим треугольник BCF. Угол $ \angle BCD $ (или $ \angle C $) является внешним углом для этого треугольника. По теореме о внешнем угле треугольника, его величина равна сумме двух внутренних углов, не смежных с ним: $ \angle C = \angle CBF + \angle BFC $. Угол $ \angle CBF $ (тот же, что и $ \angle EBF $) — это вписанный в окружность угол, опирающийся на дугу EF, следовательно, $ \angle CBF = \frac{1}{2} \mu(\smile{EF}) $. Угол $ \angle BFC $ (тот же, что и $ \angle BFD $) — это вписанный угол, опирающийся на дугу DAB. Таким образом, $ \angle BFC = \frac{1}{2} \mu(\smile{DAB}) $. Подставив эти выражения, получаем: $ \angle C = \frac{1}{2} \mu(\smile{DAB}) + \frac{1}{2} \mu(\smile{EF}) = \frac{1}{2}(\mu(\smile{DAB}) + \mu(\smile{EF})) $. Это и есть требуемое объяснение.

Поскольку точка C лежит внутри круга, точки E и F не совпадают с B и D, и дуга EF имеет положительную меру, то есть $ \mu(\smile{EF}) > 0 $. Отсюда следует, что $ \angle C > \frac{1}{2} \mu(\smile{DAB}) $. Угол A ($ \angle BAD $) является вписанным и опирается на дугу BCD (в тексте задачи она обозначена как BED), поэтому $ \angle A = \frac{1}{2} \mu(\smile{BCD}) $. Сложим угол A и неравенство для угла C: $ \angle A + \angle C > \frac{1}{2} \mu(\smile{BCD}) + \frac{1}{2} \mu(\smile{DAB}) $. Дуги BCD и DAB вместе составляют полную окружность, их суммарная мера равна $ 360^\circ $. Следовательно, $ \angle A + \angle C > \frac{1}{2}(\mu(\smile{BCD}) + \mu(\smile{DAB})) = \frac{1}{2} \cdot 360^\circ = 180^\circ $. Мы получили, что $ \angle A + \angle C > 180^\circ $, что противоречит условию задачи ($ \angle A + \angle C = 180^\circ $). Значит, наше предположение о том, что вершина C лежит внутри круга, неверно.

Случай 2: Вершина C лежит вне круга

Этот случай в учебнике предлагается доказать аналогично. Проведём рассуждения подробно. Пусть вершина C лежит вне круга, проходящего через точки A, B и D. Тогда стороны BC и DC (или их продолжения, являющиеся секущими) пересекают окружность в точках E и F. Угол C ($ \angle BCD $) образован двумя секущими, выходящими из одной точки. Его величина равна половине разности мер дуг, которые эти секущие высекают на окружности: $ \angle C = \frac{1}{2}(\mu(\smile{BAD}) - \mu(\smile{EF})) $. Докажем эту формулу. Соединим точки B и F. В треугольнике BCF угол $ \angle BFD $ является внешним по отношению к вершине F. Поэтому $ \angle BFD = \angle FBC + \angle FCB $. Отсюда $ \angle C = \angle FCB = \angle BFD - \angle FBC $. Угол $ \angle BFD $ — вписанный, опирается на дугу BAD, значит $ \angle BFD = \frac{1}{2}\mu(\smile{BAD}) $. Угол $ \angle FBC $ (тот же, что и $ \angle FBE $) — вписанный, опирается на дугу FE, значит $ \angle FBC = \frac{1}{2}\mu(\smile{FE}) $. Следовательно, $ \angle C = \frac{1}{2}\mu(\smile{BAD}) - \frac{1}{2}\mu(\smile{FE}) = \frac{1}{2}(\mu(\smile{BAD}) - \mu(\smile{FE})) $.

Поскольку точка C лежит вне круга, дуга EF имеет положительную меру ($ \mu(\smile{EF}) > 0 $). Следовательно, $ \angle C < \frac{1}{2} \mu(\smile{BAD}) $. Угол A, как и в первом случае, равен $ \angle A = \frac{1}{2} \mu(\smile{BCD}) $. Сложим угол A и неравенство для угла C: $ \angle A + \angle C < \frac{1}{2} \mu(\smile{BCD}) + \frac{1}{2} \mu(\smile{BAD}) = \frac{1}{2}(\mu(\smile{BCD}) + \mu(\smile{BAD})) = \frac{1}{2} \cdot 360^\circ = 180^\circ $. Мы получили, что $ \angle A + \angle C < 180^\circ $, что также противоречит условию ($ \angle A + \angle C = 180^\circ $). Значит, наше предположение о том, что вершина C лежит вне круга, также неверно.

Поскольку вершина C не может лежать ни внутри, ни вне круга, проходящего через вершины A, B и D, она должна лежать на самой окружности. Таким образом, все четыре вершины четырёхугольника ABCD лежат на одной окружности, а значит, около него можно описать окружность.

Ответ: Утверждение доказано.

№811 (с. 212)
Условие. №811 (с. 212)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 811, Условие

811 Через точки A и B проведены прямые, перпендикулярные к сторонам угла AOB и пересекающиеся в точке С внутри угла. Докажите, что около четырёхугольника АСВО можно описать окружность.

Решение 2. №811 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 811, Решение 2
Решение 3. №811 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 811, Решение 3
Решение 4. №811 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 811, Решение 4
Решение 8. №811 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 811, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 811, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №811 (с. 212)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 212, номер 811, Решение 9
Решение 11. №811 (с. 212)

Рассмотрим четырёхугольник, образованный точками $A$, $C$, $B$ и $O$. По условию задачи, через точку $A$ проведена прямая, перпендикулярная стороне $OA$ угла $AOB$. Так как эта прямая проходит через точку $C$, то прямая $AC$ перпендикулярна лучу $OA$. Следовательно, внутренний угол четырёхугольника при вершине $A$, то есть $ \angle OAC $, является прямым:

$ \angle OAC = 90^\circ $.

Аналогично, через точку $B$ проведена прямая, перпендикулярная стороне $OB$. Эта прямая также проходит через точку $C$, поэтому прямая $BC$ перпендикулярна лучу $OB$. Следовательно, внутренний угол четырёхугольника при вершине $B$, то есть $ \angle OBC $, является прямым:

$ \angle OBC = 90^\circ $.

В четырёхугольнике $ACBO$ углы при вершинах $O$ и $C$ являются противолежащими, так же как и углы при вершинах $A$ и $B$. Воспользуемся свойством вписанного четырёхугольника, которое гласит, что около четырёхугольника можно описать окружность тогда и только тогда, когда сумма его противолежащих углов равна $ 180^\circ $.

Рассмотрим сумму противолежащих углов $ \angle OAC $ и $ \angle OBC $:

$ \angle OAC + \angle OBC = 90^\circ + 90^\circ = 180^\circ $.

Поскольку сумма противолежащих углов в четырёхугольнике $ACBO$ равна $ 180^\circ $, мы можем заключить, что около него можно описать окружность. Что и требовалось доказать.

(В качестве альтернативы можно было рассмотреть другую пару противолежащих углов, $ \angle AOB $ и $ \angle ACB $. Сумма всех углов четырёхугольника равна $ 360^\circ $, поэтому $ \angle AOB + \angle ACB = 360^\circ - (\angle OAC + \angle OBC) = 360^\circ - 180^\circ = 180^\circ $, что также доказывает утверждение.)

Ответ: Утверждение доказано. Около четырёхугольника ACBO можно описать окружность, так как сумма его противолежащих углов, например, $ \angle OAC $ и $ \angle OBC $, равна $90^\circ + 90^\circ = 180^\circ$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться