Номер 12.6, страница 307 - гдз по алгебре 11 класс учебник Никольский, Потапов

Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.

Тип: Учебник

Серия: мгу - школе

Издательство: Просвещение

Год издания: 2014 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: голубой в сеточку

ISBN: 978-5-09-087641-4

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 11 классе

Параграф 12. Метод промежутков для уравнений и неравенств. Глава 2. Уравнения. Неравенства. Системы - номер 12.6, страница 307.

№12.6 (с. 307)
Условие. №12.6 (с. 307)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Условие

12.6 a) $\frac{|x+1|}{x+1} + \frac{|x+3|}{x+3} = 0;$

б) $\frac{|x-1|}{x-1} + \frac{|x+4|}{x+4} = -2;$

В) $\frac{|x-3| - |x-2|}{|x+1|+x+1} = 0;$

Г) $\frac{|x-3| - |x-2|}{x-4-|x-4|} = 0.$

Решение 1. №12.6 (с. 307)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 1 Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 1 (продолжение 2) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 1 (продолжение 3) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 1 (продолжение 4)
Решение 2. №12.6 (с. 307)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 2 Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 2 (продолжение 2) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 2 (продолжение 3) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 2 (продолжение 4)
Решение 3. №12.6 (с. 307)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 307, номер 12.6, Решение 3
Решение 4. №12.6 (с. 307)
а)

Рассмотрим уравнение $\frac{|x+1|}{x+1} + \frac{|x+3|}{x+3} = 0$.

Область допустимых значений (ОДЗ) определяется условиями, что знаменатели не равны нулю: $x+1 \neq 0$ и $x+3 \neq 0$. Отсюда $x \neq -1$ и $x \neq -3$.

Выражение $\frac{|a|}{a}$ равно $1$, если $a > 0$, и $-1$, если $a < 0$.

Пусть $A = \frac{|x+1|}{x+1}$ и $B = \frac{|x+3|}{x+3}$. Тогда уравнение принимает вид $A+B=0$. Так как $A$ и $B$ могут принимать только значения $1$ и $-1$, это равенство возможно только если одно из слагаемых равно $1$, а другое $-1$.

Рассмотрим два случая:

1. $A=1$ и $B=-1$.
$\frac{|x+1|}{x+1} = 1 \Rightarrow x+1 > 0 \Rightarrow x > -1$.
$\frac{|x+3|}{x+3} = -1 \Rightarrow x+3 < 0 \Rightarrow x < -3$.
Необходимо найти $x$, удовлетворяющий обоим условиям: $x > -1$ и $x < -3$. Такая система неравенств не имеет решений.

2. $A=-1$ и $B=1$.
$\frac{|x+1|}{x+1} = -1 \Rightarrow x+1 < 0 \Rightarrow x < -1$.
$\frac{|x+3|}{x+3} = 1 \Rightarrow x+3 > 0 \Rightarrow x > -3$.
Необходимо найти $x$, удовлетворяющий обоим условиям: $x < -1$ и $x > -3$. Решением этой системы неравенств является интервал $(-3, -1)$.

Это решение удовлетворяет ОДЗ ($x \neq -1$ и $x \neq -3$).

Ответ: $x \in (-3, -1)$.

б)

Рассмотрим уравнение $\frac{|x-1|}{x-1} + \frac{|x+4|}{x+4} = -2$.

ОДЗ: $x-1 \neq 0 \Rightarrow x \neq 1$ и $x+4 \neq 0 \Rightarrow x \neq -4$.

Как и в предыдущем задании, каждое слагаемое $\frac{|a|}{a}$ может быть равно только $1$ или $-1$. Сумма двух таких слагаемых равна $-2$ только в том случае, если оба слагаемых равны $-1$.

Получаем систему уравнений:

$\begin{cases} \frac{|x-1|}{x-1} = -1 \\ \frac{|x+4|}{x+4} = -1 \end{cases}$

Из первого уравнения следует, что $x-1 < 0 \Rightarrow x < 1$.

Из второго уравнения следует, что $x+4 < 0 \Rightarrow x < -4$.

Мы должны найти пересечение этих двух условий: $x < 1$ и $x < -4$. Общим решением является $x < -4$.

Это решение удовлетворяет ОДЗ ($x \neq 1$ и $x \neq -4$).

Ответ: $x \in (-\infty, -4)$.

в)

Рассмотрим уравнение $\frac{|x-3| - |x-2|}{|x+1| + x+1} = 0$.

Дробь равна нулю тогда и только тогда, когда ее числитель равен нулю, а знаменатель не равен нулю.

1. Приравняем числитель к нулю:

$|x-3| - |x-2| = 0 \Rightarrow |x-3| = |x-2|$.

Это уравнение означает, что расстояние от точки $x$ до точки $3$ равно расстоянию от точки $x$ до точки $2$. Геометрически это означает, что $x$ является серединой отрезка $[2, 3]$.

$x = \frac{2+3}{2} = 2.5$.

Таким образом, единственное возможное решение - $x=2.5$.

2. Проверим, что знаменатель не равен нулю.

Знаменатель: $|x+1| + x+1 \neq 0$.

Рассмотрим выражение в знаменателе. Если $x+1 > 0$, то $|x+1|=x+1$, и знаменатель равен $(x+1)+(x+1) = 2(x+1)$. Это выражение равно нулю только при $x=-1$.

Если $x+1 \le 0$, то $|x+1|=-(x+1)$, и знаменатель равен $-(x+1)+(x+1) = 0$.

Следовательно, знаменатель не равен нулю только при условии $x+1 > 0$, то есть $x > -1$. Это и есть ОДЗ уравнения.

Наше найденное значение $x=2.5$ удовлетворяет условию $x > -1$, так как $2.5 > -1$.

Следовательно, $x=2.5$ является решением уравнения.

Ответ: $2.5$.

г)

Рассмотрим уравнение $\frac{|x-3| - |x-2|}{x-4 - |x-4|} = 0$.

Дробь равна нулю, когда числитель равен нулю, а знаменатель отличен от нуля.

1. Приравняем числитель к нулю:

$|x-3| - |x-2| = 0 \Rightarrow |x-3| = |x-2|$.

Как и в задании в), решением этого уравнения является $x = 2.5$.

2. Проверим, что знаменатель не равен нулю.

Знаменатель: $x-4 - |x-4| \neq 0$.

Рассмотрим выражение в знаменателе. Если $x-4 \ge 0$, то $|x-4|=x-4$, и знаменатель равен $(x-4)-(x-4) = 0$.

Если $x-4 < 0$, то $|x-4|=-(x-4)$, и знаменатель равен $(x-4)-(-(x-4)) = x-4+x-4 = 2(x-4)$. Это выражение равно нулю только при $x=4$.

Следовательно, знаменатель не равен нулю только при условии $x-4 < 0$, то есть $x < 4$. Это и есть ОДЗ уравнения.

Наше найденное значение $x=2.5$ удовлетворяет условию $x < 4$, так как $2.5 < 4$.

Следовательно, $x=2.5$ является решением уравнения.

Ответ: $2.5$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 12.6 расположенного на странице 307 к учебнику серии мгу - школе 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №12.6 (с. 307), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.