Номер 907, страница 222 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Глава 9. Окружность. Задачи повышенной трудности. Задачи к главе 9 - номер 907, страница 222.

Навигация по странице:

Решение Комментарии
№907 (с. 222)
Условие. №907 (с. 222)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 222, номер 907, Условие

907 Внутри угла ABC равностороннего треугольника ABC взята точка М так, что BMC = 30°, BMA = 17°. Найдите углы ВАМ и ВСМ.

Решение 2. №907 (с. 222)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 222, номер 907, Решение 2
Решение 3. №907 (с. 222)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 222, номер 907, Решение 3
Решение 4. №907 (с. 222)
ГДЗ Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 222, номер 907, Решение 4
Решение 11. №907 (с. 222)

Для начала проанализируем условие задачи. Дан равносторонний треугольник ABCABC, а значит, все его стороны равны (AB=BC=CAAB = BC = CA) и все углы равны 6060^{\circ} (ABC=BCA=CAB=60\angle ABC = \angle BCA = \angle CAB = 60^{\circ}). Точка MM находится внутри угла ABCABC.

Сначала предположим, что точка MM находится внутри треугольника ABCABC. Рассмотрим треугольники BMA\triangle BMA и BMC\triangle BMC. Сумма углов в любом треугольнике равна 180180^{\circ}.

В BMA\triangle BMA: BAM+ABM+BMA=180\angle BAM + \angle ABM + \angle BMA = 180^{\circ}. С учетом того, что BMA=17\angle BMA = 17^{\circ}, получаем BAM+ABM=18017=163\angle BAM + \angle ABM = 180^{\circ} - 17^{\circ} = 163^{\circ}.

Однако, если точка MM находится внутри треугольника ABCABC, то ABM\angle ABM является частью угла ABC\angle ABC, а BAM\angle BAM — частью угла BAC\angle BAC. Следовательно, ABM<60\angle ABM < 60^{\circ} и BAM<60\angle BAM < 60^{\circ}. Их сумма должна быть меньше 120120^{\circ}. Полученное нами значение 163163^{\circ} противоречит этому (BAM+ABM<60+60=120\angle BAM + \angle ABM < 60^{\circ} + 60^{\circ} = 120^{\circ}).

Это противоречие означает, что наше предположение было неверным. Точка MM не может находиться внутри треугольника ABCABC. Согласно условию, она находится "внутри угла ABCABC", что означает, что она расположена в области между лучами BABA и BCBC, но вне самого треугольника, то есть по другую сторону от прямой ACAC.

Найдите углы BAM и BCM

Для решения задачи применим метод поворота. Выполним поворот треугольника CBM\triangle CBM вокруг точки BB на 6060^{\circ} по часовой стрелке. При таком повороте: вершина CC перейдет в вершину AA (так как BC=BABC = BA и CBA=60\angle CBA = 60^{\circ}), вершина BB останется на месте, а вершина MM перейдет в некоторую точку MM'.

В результате поворота CBM\triangle CBM перейдет в равный ему треугольник ABM\triangle ABM'. Из равенства треугольников следует: CM=AMCM = AM', BM=BMBM = BM', BMC=BMA=30\angle BMC = \angle BM'A = 30^{\circ}, и BCM=BAM\angle BCM = \angle BAM'.

Так как поворот был на угол 6060^{\circ}, то MBM=60\angle MBM' = 60^{\circ}. Треугольник MBM\triangle MBM' является равнобедренным (BM=BMBM = BM') с углом при вершине 6060^{\circ}, следовательно, он равносторонний. Отсюда MM=BMMM' = BM и BMM=60\angle BM'M = 60^{\circ}.

Теперь рассмотрим углы при точке MM'. Мы знаем, что BMA=30\angle BM'A = 30^{\circ} и BMM=60\angle BM'M = 60^{\circ}. Угол AMM\angle AM'M будет равен разности этих углов:AMM=BMMBMA=6030=30\angle AM'M = \angle BM'M - \angle BM'A = 60^{\circ} - 30^{\circ} = 30^{\circ}.

Далее воспользуемся теоремой косинусов. Пусть сторона равностороннего треугольника ABCABC равна aa.Применим теорему косинусов к треугольнику CMB\triangle CMB:BC2=CM2+BM22CMBMcos(CMB)BC^2 = CM^2 + BM^2 - 2 \cdot CM \cdot BM \cdot \cos(\angle CMB)a2=CM2+BM22CMBMcos(30)=CM2+BM23CMBMa^2 = CM^2 + BM^2 - 2 \cdot CM \cdot BM \cdot \cos(30^{\circ}) = CM^2 + BM^2 - \sqrt{3} \cdot CM \cdot BM.

Теперь применим теорему косинусов к треугольнику AMM\triangle AM'M:AM2=AM2+MM22AMMMcos(AMM)AM^2 = AM'^2 + MM'^2 - 2 \cdot AM' \cdot MM' \cdot \cos(\angle AM'M).Учитывая, что из свойств поворота AM=CMAM' = CM и MM=BMMM' = BM, а также AMM=30\angle AM'M = 30^{\circ}, получаем:AM2=CM2+BM22CMBMcos(30)=CM2+BM23CMBMAM^2 = CM^2 + BM^2 - 2 \cdot CM \cdot BM \cdot \cos(30^{\circ}) = CM^2 + BM^2 - \sqrt{3} \cdot CM \cdot BM.

Сравнивая выражения для a2a^2 и AM2AM^2, мы видим, что они идентичны. Следовательно, AM2=a2AM^2 = a^2, что означает AM=aAM = a.

Теперь, когда мы знаем, что AM=aAM = a, рассмотрим треугольник ABM\triangle ABM. В нем AB=aAB = a (как сторона равностороннего треугольника) и AM=aAM = a. Значит, ABM\triangle ABM — равнобедренный треугольник с основанием BMBM. В равнобедренном треугольнике углы при основании равны, поэтому ABM=AMB\angle ABM = \angle AMB. По условию BMA=17\angle BMA = 17^{\circ} (что то же самое, что AMB\angle AMB), следовательно, ABM=17\angle ABM = 17^{\circ}.Сумма углов в ABM\triangle ABM равна 180180^{\circ}, поэтому искомый угол BAM\angle BAM равен:BAM=180(ABM+AMB)=180(17+17)=18034=146\angle BAM = 180^{\circ} - (\angle ABM + \angle AMB) = 180^{\circ} - (17^{\circ} + 17^{\circ}) = 180^{\circ} - 34^{\circ} = 146^{\circ}.

Для нахождения угла BCM\angle BCM сначала найдем угол CBM\angle CBM. Мы знаем, что ABC=60\angle ABC = 60^{\circ} и он состоит из углов ABM\angle ABM и CBM\angle CBM.CBM=ABCABM=6017=43\angle CBM = \angle ABC - \angle ABM = 60^{\circ} - 17^{\circ} = 43^{\circ}.Теперь рассмотрим треугольник CBM\triangle CBM. Сумма его углов равна 180180^{\circ}:BCM+CBM+BMC=180\angle BCM + \angle CBM + \angle BMC = 180^{\circ}.Подставляем известные значения CBM=43\angle CBM = 43^{\circ} и BMC=30\angle BMC = 30^{\circ}:BCM+43+30=180\angle BCM + 43^{\circ} + 30^{\circ} = 180^{\circ}BCM+73=180\angle BCM + 73^{\circ} = 180^{\circ}BCM=18073=107\angle BCM = 180^{\circ} - 73^{\circ} = 107^{\circ}.

Ответ: BAM=146\angle BAM = 146^{\circ}, BCM=107\angle BCM = 107^{\circ}.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 907 расположенного на странице 222 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №907 (с. 222), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться