Страница 242 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 242

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242
№973 (с. 242)
Условие. №973 (с. 242)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Условие

973 Точки М и N — середины диагоналей АС и BD четырёхугольника ABCD. Докажите, что

MN = 12(AD + СВ).

Решение 2. №973 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 2
Решение 3. №973 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 3
Решение 4. №973 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 4
Решение 6. №973 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 8. №973 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 8 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 8 (продолжение 3)
Решение 9. №973 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 973, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №973 (с. 242)

Введем в рассмотрение векторы, соответствующие вершинам четырехугольника $A, B, C, D$, с началом в некоторой произвольной точке $O$: $\vec{OA}, \vec{OB}, \vec{OC}, \vec{OD}$.

Поскольку точка $M$ является серединой диагонали $AC$, ее радиус-вектор $\vec{OM}$ можно выразить как полусумму радиус-векторов точек $A$ и $C$:

$\vec{OM} = \frac{1}{2}(\vec{OA} + \vec{OC})$

Аналогично, поскольку точка $N$ является серединой диагонали $BD$, ее радиус-вектор $\vec{ON}$ равен:

$\vec{ON} = \frac{1}{2}(\vec{OB} + \vec{OD})$

Теперь выразим вектор $\vec{MN}$ через радиус-векторы его конца и начала:

$\vec{MN} = \vec{ON} - \vec{OM}$

Подставим в это равенство выражения для $\vec{OM}$ и $\vec{ON}$:

$\vec{MN} = \frac{1}{2}(\vec{OB} + \vec{OD}) - \frac{1}{2}(\vec{OA} + \vec{OC})$

$\vec{MN} = \frac{1}{2}(\vec{OB} + \vec{OD} - \vec{OA} - \vec{OC})$

Сгруппируем слагаемые в скобках, чтобы получить векторы сторон четырехугольника:

$\vec{MN} = \frac{1}{2}((\vec{OD} - \vec{OA}) + (\vec{OB} - \vec{OC}))$

По определению разности векторов:

$\vec{AD} = \vec{OD} - \vec{OA}$

$\vec{CB} = \vec{OB} - \vec{OC}$

Подставив эти выражения в формулу для $\vec{MN}$, получаем:

$\vec{MN} = \frac{1}{2}(\vec{AD} + \vec{CB})$

Что и требовалось доказать.

Ответ: Доказательство основано на представлении векторов, соединяющих середины диагоналей, через радиус-векторы вершин четырехугольника. Вектор $\vec{MN}$ выражается как $\vec{ON} - \vec{OM}$. Так как $M$ и $N$ — середины диагоналей, то $\vec{OM} = \frac{1}{2}(\vec{OA} + \vec{OC})$ и $\vec{ON} = \frac{1}{2}(\vec{OB} + \vec{OD})$. Подстановка и преобразование этих выражений приводит к искомой формуле $\vec{MN} = \frac{1}{2}(\vec{AD} + \vec{CB})$.

№974 (с. 242)
Условие. №974 (с. 242)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Условие

974 Отрезки АА₁, ВВ₁ и CC₁ — медианы треугольника ABC. Выразите векторы АА₁, BB₁, СС₁ через векторы а = АС и b = AB.

Решение 2. №974 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Решение 2
Решение 3. №974 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Решение 3
Решение 4. №974 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Решение 4
Решение 8. №974 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №974 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 974, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №974 (с. 242)

$\vec{AA_1}$

Поскольку $AA_1$ — медиана, точка $A_1$ является серединой стороны $BC$. Вектор медианы, проведенный из вершины $A$, можно найти по правилу нахождения вектора к середине отрезка: он равен полусумме векторов, проведенных из той же вершины к концам отрезка. В нашем случае: $\vec{AA_1} = \frac{1}{2}(\vec{AB} + \vec{AC})$.

Подставляя заданные в условии векторы $\vec{AB} = \vec{b}$ и $\vec{AC} = \vec{a}$, получаем: $\vec{AA_1} = \frac{1}{2}(\vec{b} + \vec{a}) = \frac{1}{2}\vec{a} + \frac{1}{2}\vec{b}$.

Ответ: $\vec{AA_1} = \frac{1}{2}\vec{a} + \frac{1}{2}\vec{b}$.

$\vec{BB_1}$

Поскольку $BB_1$ — медиана, точка $B_1$ является серединой стороны $AC$. Чтобы выразить вектор $\vec{BB_1}$, воспользуемся правилом вычитания векторов. Представим вектор $\vec{BB_1}$ как разность векторов, проведенных из вершины $A$: $\vec{BB_1} = \vec{AB_1} - \vec{AB}$.

Так как $B_1$ — середина $AC$, то $\vec{AB_1} = \frac{1}{2}\vec{AC} = \frac{1}{2}\vec{a}$. Вектор $\vec{AB}$ дан по условию: $\vec{AB} = \vec{b}$.

Подставляя эти выражения в формулу, получаем: $\vec{BB_1} = \frac{1}{2}\vec{a} - \vec{b}$.

Ответ: $\vec{BB_1} = \frac{1}{2}\vec{a} - \vec{b}$.

$\vec{CC_1}$

Поскольку $CC_1$ — медиана, точка $C_1$ является серединой стороны $AB$. Аналогично предыдущему пункту, выразим вектор $\vec{CC_1}$ как разность векторов, проведенных из вершины $A$: $\vec{CC_1} = \vec{AC_1} - \vec{AC}$.

Так как $C_1$ — середина $AB$, то $\vec{AC_1} = \frac{1}{2}\vec{AB} = \frac{1}{2}\vec{b}$. Вектор $\vec{AC}$ дан по условию: $\vec{AC} = \vec{a}$.

Подставляя эти выражения в формулу, получаем: $\vec{CC_1} = \frac{1}{2}\vec{b} - \vec{a}$.

Ответ: $\vec{CC_1} = \frac{1}{2}\vec{b} - \vec{a}$.

№975 (с. 242)
Условие. №975 (с. 242)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Условие

975 Точка О — середина медианы EG треугольника DEF. Выразите вектор DO через векторы а = ED и b = EF.

Решение 2. №975 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Решение 2
Решение 3. №975 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Решение 3
Решение 4. №975 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Решение 4
Решение 8. №975 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №975 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 975, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №975 (с. 242)

По условию задачи, $EG$ — медиана треугольника $DEF$, это означает, что точка $G$ является серединой стороны $DF$. Точка $O$ — середина медианы $EG$. Нам необходимо выразить вектор $\vec{DO}$ через заданные векторы $\vec{a} = \vec{ED}$ и $\vec{b} = \vec{EF}$.

Для нахождения вектора $\vec{DO}$ воспользуемся свойством вектора, проведенного к середине отрезка. Вектор, проведенный из произвольной точки (в нашем случае $D$) к середине отрезка ($EG$), равен полусумме векторов, проведенных из той же точки $D$ к концам этого отрезка (к точкам $E$ и $G$). Таким образом, имеем:

$\vec{DO} = \frac{1}{2}(\vec{DE} + \vec{DG})$

Теперь выразим векторы $\vec{DE}$ и $\vec{DG}$ через данные в условии векторы $\vec{a}$ и $\vec{b}$.

Вектор $\vec{DE}$ противоположен по направлению вектору $\vec{ED}$. По условию $\vec{ED} = \vec{a}$, следовательно:

$\vec{DE} = -\vec{ED} = -\vec{a}$

Поскольку $G$ — середина стороны $DF$, то вектор $\vec{DG}$ равен половине вектора $\vec{DF}$:

$\vec{DG} = \frac{1}{2}\vec{DF}$

Вектор $\vec{DF}$ можно выразить по правилу сложения векторов (правилу треугольника) через векторы $\vec{DE}$ и $\vec{EF}$:

$\vec{DF} = \vec{DE} + \vec{EF}$

Подставим в это равенство выражения для $\vec{DE}$ и $\vec{EF}$:

$\vec{DF} = -\vec{a} + \vec{b}$

Теперь подставим полученное выражение для $\vec{DF}$ в формулу для $\vec{DG}$:

$\vec{DG} = \frac{1}{2}(-\vec{a} + \vec{b})$

Наконец, подставим найденные выражения для векторов $\vec{DE}$ и $\vec{DG}$ в исходную формулу для $\vec{DO}$:

$\vec{DO} = \frac{1}{2}(\vec{DE} + \vec{DG}) = \frac{1}{2}\left(-\vec{a} + \frac{1}{2}(-\vec{a} + \vec{b})\right)$

Упростим полученное выражение, последовательно раскрывая скобки:

$\vec{DO} = \frac{1}{2}\left(-\vec{a} - \frac{1}{2}\vec{a} + \frac{1}{2}\vec{b}\right)$

$\vec{DO} = \frac{1}{2}\left(-\frac{2}{2}\vec{a} - \frac{1}{2}\vec{a} + \frac{1}{2}\vec{b}\right) = \frac{1}{2}\left(-\frac{3}{2}\vec{a} + \frac{1}{2}\vec{b}\right)$

$\vec{DO} = -\frac{3}{4}\vec{a} + \frac{1}{4}\vec{b}$

Ответ: $\vec{DO} = -\frac{3}{4}\vec{a} + \frac{1}{4}\vec{b}$.

№976 (с. 242)
Условие. №976 (с. 242)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 976, Условие Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 976, Условие (продолжение 2)

976 Дан произвольный треугольник ABC. Докажите, что существует треугольник, стороны которого соответственно параллельны и равны медианам треугольника ABC.

Решение

Пусть АА₁, BB₁, CC₁ — медианы треугольника ABC. Тогда AA1=12(AB+AC), BB1=12(BC+BA), CC1=12(CA+CB) (см. задачу 1, п. 92). Сложив эти равенства, получим

АА+ВВ+СС=12((AB+ВА)+(АС+СА)+(СВ+ВС))=0.

Отсюда следует, что если мы построим сумму векторов АА, BB, CC по правилу многоугольника (п. 89), то получим треугольник, удовлетворяющий условиям задачи (треугольник MNP на рисунке 305).

Рисунок 305
Решение 3. №976 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 976, Решение 3
Решение 4. №976 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 976, Решение 4
Решение 9. №976 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 976, Решение 9
Решение 11. №976 (с. 242)

Решение

Пусть в произвольном треугольнике $ABC$ проведены медианы $AA_1$, $BB_1$ и $CC_1$. Для доказательства существования треугольника, стороны которого равны и параллельны этим медианам, воспользуемся векторным методом.

Сначала выразим векторы, соответствующие медианам, через векторы сторон треугольника. Рассмотрим медиану $AA_1$. Вектор $\vec{AA_1}$ можно представить по правилу параллелограмма. Достроим треугольник $ABC$ до параллелограмма $ABDC$. Тогда $D$ — такая точка, что $\vec{AB} = \vec{CD}$ и $\vec{AC} = \vec{BD}$. Диагональ $AD$ этого параллелограмма равна удвоенной медиане $AA_1$, так как диагонали параллелограмма точкой пересечения делятся пополам, а вторая диагональ — это $BC$. По правилу сложения векторов, $\vec{AD} = \vec{AB} + \vec{AC}$. Таким образом, $2\vec{AA_1} = \vec{AB} + \vec{AC}$, откуда следует:

$\vec{AA_1} = \frac{1}{2}(\vec{AB} + \vec{AC})$

Аналогично, выразим векторы для двух других медиан:

$\vec{BB_1} = \frac{1}{2}(\vec{BA} + \vec{BC})$

$\vec{CC_1} = \frac{1}{2}(\vec{CA} + \vec{CB})$

Теперь найдем сумму векторов, соответствующих медианам, сложив эти три равенства:

$\vec{AA_1} + \vec{BB_1} + \vec{CC_1} = \frac{1}{2}(\vec{AB} + \vec{AC}) + \frac{1}{2}(\vec{BA} + \vec{BC}) + \frac{1}{2}(\vec{CA} + \vec{CB})$

Вынесем общий множитель $\frac{1}{2}$ за скобки и сгруппируем попарно противоположные векторы:

$\vec{AA_1} + \vec{BB_1} + \vec{CC_1} = \frac{1}{2}((\vec{AB} + \vec{BA}) + (\vec{AC} + \vec{CA}) + (\vec{BC} + \vec{CB}))$

Так как сумма противоположных векторов равна нулевому вектору (например, $\vec{AB} + \vec{BA} = \vec{AB} - \vec{AB} = \vec{0}$), то каждая сумма в круглых скобках равна $\vec{0}$.

$\vec{AA_1} + \vec{BB_1} + \vec{CC_1} = \frac{1}{2}(\vec{0} + \vec{0} + \vec{0}) = \vec{0}$

Мы получили, что сумма векторов медиан треугольника $ABC$ равна нулевому вектору. Это является необходимым и достаточным условием для того, чтобы из этих векторов можно было составить замкнутую ломаную, то есть треугольник.

Для построения такого треугольника (назовем его $MNP$) возьмем произвольную точку $M$ и отложим от нее последовательно векторы, равные векторам медиан. Например, отложим $\vec{MN} = \vec{AA_1}$, а затем $\vec{NP} = \vec{BB_1}$. Так как сумма трех векторов равна нулю, то вектор, замыкающий ломаную, $\vec{PM}$, будет равен вектору $\vec{CC_1}$.

В полученном треугольнике $MNP$ его стороны по построению будут параллельны и равны по длине медианам треугольника $ABC$: $MN \parallel AA_1, MN = AA_1$; $NP \parallel BB_1, NP = BB_1$; $PM \parallel CC_1, PM = CC_1$. Таким образом, существование искомого треугольника доказано.

Ответ: Доказательство основано на векторном методе. Сумма векторов, соответствующих медианам произвольного треугольника ($\vec{m_a} = \vec{AA_1}$, $\vec{m_b} = \vec{BB_1}$, $\vec{m_c} = \vec{CC_1}$), всегда равна нулевому вектору: $\vec{m_a} + \vec{m_b} + \vec{m_c} = \vec{0}$. Это свойство векторов является необходимым и достаточным условием того, что из отрезков, равных по длине и параллельных этим векторам, можно построить треугольник.

№977 (с. 242)
Условие. №977 (с. 242)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Условие

977 На сторонах треугольника ABC построены параллелограммы ABB₁A₂, BCC₁B₂, ACC₂A₁. Докажите, что существует треугольник, стороны которого соответственно параллельны и равны отрезкам А₁А₂, В₁В₂ и С₁С₂.

Решение 2. №977 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Решение 2
Решение 3. №977 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Решение 3
Решение 4. №977 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Решение 4
Решение 6. №977 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 9. №977 (с. 242)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 242, номер 977, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №977 (с. 242)

Для доказательства воспользуемся векторным методом. Пусть $\vec{a}, \vec{b}, \vec{c}, \vec{a_1}, \vec{a_2}, \vec{b_1}, \vec{b_2}, \vec{c_1}, \vec{c_2}$ — это радиус-векторы соответствующих точек $A, B, C, A_1, A_2, B_1, B_2, C_1, C_2$ относительно произвольного начала координат.

Чтобы доказать, что из отрезков $A_1A_2, B_1B_2$ и $C_1C_2$ можно составить треугольник, необходимо и достаточно показать, что сумма векторов, соответствующих этим отрезкам, равна нулевому вектору:$\vec{A_1A_2} + \vec{B_1B_2} + \vec{C_1C_2} = \vec{0}$.

Из условия, что $ABB_1A_2$, $BCC_1B_2$ и $ACC_2A_1$ — параллелограммы, следуют векторные равенства (сумма радиус-векторов противоположных вершин равна):
Для параллелограмма $ABB_1A_2$: $\vec{a} + \vec{b_1} = \vec{b} + \vec{a_2}$, откуда $\vec{a_2} - \vec{b_1} = \vec{a} - \vec{b}$.
Для параллелограмма $BCC_1B_2$: $\vec{b} + \vec{c_1} = \vec{c} + \vec{b_2}$, откуда $\vec{b_2} - \vec{c_1} = \vec{b} - \vec{c}$.
Для параллелограмма $ACC_2A_1$: $\vec{a} + \vec{c_2} = \vec{c} + \vec{a_1}$, откуда $\vec{c_2} - \vec{a_1} = \vec{c} - \vec{a}$.

Теперь найдем сумму искомых векторов. Выразим их через радиус-векторы, перегруппируем слагаемые и подставим полученные выше соотношения:$\vec{A_1A_2} + \vec{B_1B_2} + \vec{C_1C_2} = (\vec{a_2} - \vec{a_1}) + (\vec{b_2} - \vec{b_1}) + (\vec{c_2} - \vec{c_1}) = $
$= (\vec{a_2} - \vec{b_1}) + (\vec{b_2} - \vec{c_1}) + (\vec{c_2} - \vec{a_1}) = $
$= (\vec{a} - \vec{b}) + (\vec{b} - \vec{c}) + (\vec{c} - \vec{a}) = $
$= \vec{a} - \vec{b} + \vec{b} - \vec{c} + \vec{c} - \vec{a} = \vec{0}$.

Поскольку сумма векторов $\vec{A_1A_2}$, $\vec{B_1B_2}$ и $\vec{C_1C_2}$ равна нулю, это доказывает, что существует треугольник, стороны которого равны по длине и параллельны данным отрезкам. Если отложить эти векторы последовательно один за другим, начало первого вектора совпадет с концом последнего, образуя замкнутый контур — треугольник.

Ответ: Утверждение доказано. Сумма векторов $\vec{A_1A_2} + \vec{B_1B_2} + \vec{C_1C_2}$ равна нулевому вектору, следовательно, существует треугольник, стороны которого соответственно параллельны и равны отрезкам $A_1A_2, B_1B_2$ и $C_1C_2$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться