Страница 283 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 283

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283
№1123 (с. 283)
Условие. №1123 (с. 283)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Условие

1123 В равнобедренной трапеции меньшее основание равно боковой стороне, большее основание равно 10 см, а угол при основании равен 70°. Найдите периметр трапеции.

Решение 2. №1123 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 2
Решение 3. №1123 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 3
Решение 4. №1123 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 4
Решение 6. №1123 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №1123 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 7
Решение 8. №1123 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1123 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1123, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1123 (с. 283)

Пусть дана равнобедренная трапеция $ABCD$, где $AD$ — большее основание, а $BC$ — меньшее. По условию задачи меньшее основание равно боковой стороне, то есть $BC = AB = CD$. Обозначим эту длину как $x$. Также известно, что большее основание $AD = 10$ см, а угол при основании, например $\angle D$, равен $70^\circ$. В равнобедренной трапеции углы при каждом основании равны, поэтому $\angle A = \angle D = 70^\circ$.

Периметр трапеции $P$ равен сумме длин всех ее сторон: $P = AB + BC + CD + AD$. Подставляя наши обозначения, получаем: $P = x + x + x + 10 = 3x + 10$. Для нахождения периметра необходимо найти значение $x$.

Проведем из вершин $B$ и $C$ высоты $BH$ и $CK$ на большее основание $AD$. Так как $BC$ параллельно $AD$ и $BH$, $CK$ перпендикулярны $AD$, то четырехугольник $HBCK$ является прямоугольником. Следовательно, $HK = BC = x$.

Треугольники $\triangle ABH$ и $\triangle DCK$ являются прямоугольными и равными, так как трапеция равнобедренная (гипотенузы $AB$ и $CD$ равны, высоты $BH$ и $CK$ равны). Из равенства треугольников следует равенство катетов: $AH = KD$.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $\triangle CKD$. Гипотенуза $CD = x$, а угол $\angle D = 70^\circ$. Катет $KD$ является прилежащим к этому углу. Из определения косинуса имеем: $\cos(\angle D) = \frac{KD}{CD}$, или $\cos(70^\circ) = \frac{KD}{x}$. Отсюда находим $KD = x \cdot \cos(70^\circ)$.

Большее основание $AD$ состоит из трех отрезков: $AD = AH + HK + KD$. Учитывая, что $AH = KD$ и $HK = x$, получаем: $AD = KD + x + KD = x + 2 \cdot KD$.

Подставим известные значения и полученные выражения в эту формулу: $10 = x + 2 \cdot (x \cdot \cos(70^\circ))$.

Решим это уравнение относительно $x$. Вынесем $x$ за скобки: $10 = x(1 + 2\cos(70^\circ))$.

Отсюда находим длину боковой стороны и меньшего основания: $x = \frac{10}{1 + 2\cos(70^\circ)}$ см.

Теперь можем вычислить периметр трапеции: $P = 3x + 10 = 3 \cdot \frac{10}{1 + 2\cos(70^\circ)} + 10 = \frac{30}{1 + 2\cos(70^\circ)} + 10$ см.

Ответ: Периметр трапеции равен $\left(\frac{30}{1 + 2\cos(70^\circ)} + 10\right)$ см.

№1124 (с. 283)
Условие. №1124 (с. 283)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Условие

1124 В окружности проведены хорды AB и CD, пересекающиеся в точке Е. Найдите острый угол между этими хордами, если AB = 13 см, СЕ = 9 см, ED = 4 см и расстояние между точками В и D равно 43 см.

Решение 2. №1124 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 2
Решение 3. №1124 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 3
Решение 4. №1124 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 4
Решение 6. №1124 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 6
Решение 7. №1124 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 7
Решение 8. №1124 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 8 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 8 (продолжение 3)
Решение 9. №1124 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1124, Решение 9
Решение 11. №1124 (с. 283)

Пусть хорды $AB$ и $CD$ пересекаются в точке $E$. По условию задачи нам даны следующие длины: $AB = 13$ см, $CE = 9$ см, $ED = 4$ см, и расстояние между точками $B$ и $D$, то есть длина хорды $BD$, равно $4\sqrt{3}$ см.

Воспользуемся свойством пересекающихся хорд в окружности, которое гласит, что произведение отрезков одной хорды равно произведению отрезков другой хорды: $AE \cdot EB = CE \cdot ED$

Подставим известные значения для хорды $CD$: $CE \cdot ED = 9 \cdot 4 = 36$ см$^2$. Следовательно, для хорды $AB$ также выполняется равенство: $AE \cdot EB = 36$.

Мы также знаем, что длина хорды $AB$ равна сумме длин ее отрезков: $AE + EB = 13$.

Теперь у нас есть система из двух уравнений с двумя неизвестными, $AE$ и $EB$: $ \begin{cases} AE + EB = 13 \\ AE \cdot EB = 36 \end{cases} $ Решая эту систему (например, по теореме Виета для квадратного уравнения $t^2 - 13t + 36 = 0$), находим, что длины отрезков $AE$ и $EB$ равны 4 см и 9 см.

Теперь рассмотрим треугольник $\triangle BED$. Мы хотим найти угол между хордами, одним из которых является $\angle BED$. Стороны этого треугольника: $EB$, $ED$ и $BD$. Нам известно, что $ED = 4$ см и $BD = 4\sqrt{3}$ см. Длина отрезка $EB$ может быть либо 4 см, либо 9 см. Рассмотрим случай, когда $EB = 4$ см.

Таким образом, в треугольнике $\triangle BED$ известны все три стороны: $EB = 4$ см, $ED = 4$ см, $BD = 4\sqrt{3}$ см. Применим теорему косинусов для нахождения угла $\angle BED$: $BD^2 = EB^2 + ED^2 - 2 \cdot EB \cdot ED \cdot \cos(\angle BED)$

Подставим значения длин сторон: $(4\sqrt{3})^2 = 4^2 + 4^2 - 2 \cdot 4 \cdot 4 \cdot \cos(\angle BED)$ $16 \cdot 3 = 16 + 16 - 32 \cdot \cos(\angle BED)$ $48 = 32 - 32 \cdot \cos(\angle BED)$ $48 - 32 = -32 \cdot \cos(\angle BED)$ $16 = -32 \cdot \cos(\angle BED)$ $\cos(\angle BED) = \frac{16}{-32} = -\frac{1}{2}$

Из этого следует, что угол $\angle BED$ является тупым и равен $120^\circ$.

Углы между пересекающимися хордами являются смежными, и их сумма равна $180^\circ$. Один из углов равен $\angle BED = 120^\circ$, а другой — $\angle CEB = 180^\circ - 120^\circ = 60^\circ$. По условию задачи требуется найти острый угол. Острый угол равен $60^\circ$.

Ответ: $60^\circ$.

№1125 (с. 283)
Условие. №1125 (с. 283)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Условие Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Условие (продолжение 2)

1125 Наблюдатель находится на расстоянии 50 м от башни, высоту которой хочет определить (рис. 334). Основание башни он видит под углом 2° к горизонту, а вершину — под углом 45° к горизонту. Какова высота башни?

Рисунок 334
Решение 2. №1125 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 2
Решение 3. №1125 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 3
Решение 4. №1125 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 4
Решение 6. №1125 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №1125 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 7
Решение 8. №1125 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1125 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1125, Решение 9
Решение 11. №1125 (с. 283)

Пусть высота башни равна $h$. Согласно рисунку и условию задачи, общая высота башни складывается из двух частей:

  1. Часть башни выше уровня глаз наблюдателя. Обозначим ее $h_1$.
  2. Часть башни ниже уровня глаз наблюдателя. Обозначим ее $h_2$.

Таким образом, полная высота башни $h = h_1 + h_2$.

Рассмотрим два прямоугольных треугольника, которые образуются линиями взгляда наблюдателя, горизонтальной линией на уровне его глаз и вертикальной линией башни. Горизонтальное расстояние от наблюдателя до башни является общим катетом для обоих треугольников и равно $50$ м.

1. Найдем высоту $h_1$.
В верхнем прямоугольном треугольнике катет $h_1$ является противолежащим углу $45^\circ$, а катет, равный $50$ м, — прилежащим.
Соотношение между ними выражается через тангенс угла:
$\tan(45^\circ) = \frac{h_1}{50}$
Поскольку $\tan(45^\circ) = 1$, получаем:
$1 = \frac{h_1}{50}$
Следовательно, $h_1 = 50$ м.

2. Найдем высоту $h_2$.
В нижнем прямоугольном треугольнике катет $h_2$ является противолежащим углу $2^\circ$, а катет, равный $50$ м, — прилежащим.
Аналогично, используем тангенс угла:
$\tan(2^\circ) = \frac{h_2}{50}$
Отсюда $h_2 = 50 \cdot \tan(2^\circ)$.

3. Найдем общую высоту башни $h$.
$h = h_1 + h_2 = 50 + 50 \cdot \tan(2^\circ) = 50(1 + \tan(2^\circ))$.
Для вычисления численного значения используем приближенное значение $\tan(2^\circ) \approx 0,0349$.
$h \approx 50 \cdot (1 + 0,0349) = 50 \cdot 1,0349 = 51,745$ м.
Округлим результат до сотых: $51,75$ м.

Ответ: высота башни примерно равна 51,75 м.

№1126 (с. 283)
Условие. №1126 (с. 283)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Условие

1126 Для определения ширины реки отметили два пункта A и B на берегу реки на расстоянии 70 м друг от друга и измерили углы CAB и ABC, где С — дерево, стоящее на другом берегу у кромки воды. Оказалось, что СAB = 12°30′, ABС = 72°42′. Найдите ширину реки.

Решение 2. №1126 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 2
Решение 3. №1126 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 3
Решение 4. №1126 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 4
Решение 6. №1126 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 7. №1126 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 7
Решение 8. №1126 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1126 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1126, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1126 (с. 283)

Для решения задачи представим ситуацию в виде треугольника $ABC$, где точки $A$ и $B$ находятся на одном берегу реки, а точка $C$ (дерево) — на другом. Расстояние между точками $A$ и $B$ — это сторона $AB$ треугольника.

Дано:

  • Сторона $AB$ (обозначим ее $c$) = 70 м.
  • $\angle CAB$ (угол $A$) = $12^\circ30'$.
  • $\angle ABC$ (угол $B$) = $72^\circ42'$.

Ширина реки — это высота $h$, опущенная из вершины $C$ на сторону $AB$.

1. Найдем третий угол треугольника.

Сумма углов в треугольнике равна $180^\circ$. Угол $\angle ACB$ (угол $C$) равен:

$\angle C = 180^\circ - (\angle A + \angle B) = 180^\circ - (12^\circ30' + 72^\circ42')$

Сначала сложим углы $A$ и $B$:

$12^\circ30' + 72^\circ42' = (12+72)^\circ(30+42)' = 84^\circ72'$.

Так как $60' = 1^\circ$, то $72' = 1^\circ12'$.

Следовательно, $84^\circ72' = 85^\circ12'$.

Теперь найдем угол $C$:

$\angle C = 180^\circ - 85^\circ12' = 179^\circ60' - 85^\circ12' = 94^\circ48'$.

2. Найдем ширину реки (высоту $h$).

Мы можем найти высоту $h$ через стороны и углы треугольника. Сначала найдем одну из сторон, прилежащих к углу $A$ или $B$, например, сторону $AC$ (обозначим ее $b$), используя теорему синусов:

$\frac{b}{\sin(\angle B)} = \frac{c}{\sin(\angle C)}$

$b = \frac{c \cdot \sin(\angle B)}{\sin(\angle C)}$

Теперь рассмотрим прямоугольный треугольник, образованный высотой $h$ и стороной $b$. В этом треугольнике высота $h$ является катетом, противолежащим углу $A$. Таким образом:

$\sin(\angle A) = \frac{h}{b}$, откуда $h = b \cdot \sin(\angle A)$.

Подставим выражение для $b$ в эту формулу:

$h = \left( \frac{c \cdot \sin(\angle B)}{\sin(\angle C)} \right) \cdot \sin(\angle A) = \frac{c \cdot \sin(\angle A) \cdot \sin(\angle B)}{\sin(\angle C)}$

3. Выполним вычисления.

Для удобства вычислений переведем углы в десятичные градусы:

$\angle A = 12^\circ30' = 12.5^\circ$

$\angle B = 72^\circ42' = 72 + \frac{42}{60} = 72.7^\circ$

$\angle C = 94^\circ48' = 94 + \frac{48}{60} = 94.8^\circ$

Подставим значения в формулу для $h$:

$h = \frac{70 \cdot \sin(12.5^\circ) \cdot \sin(72.7^\circ)}{\sin(94.8^\circ)}$

Используя калькулятор, найдем значения синусов:

$\sin(12.5^\circ) \approx 0.21644$

$\sin(72.7^\circ) \approx 0.95474$

$\sin(94.8^\circ) \approx 0.99652$

Вычислим $h$:

$h \approx \frac{70 \cdot 0.21644 \cdot 0.95474}{0.99652} \approx \frac{14.4638}{0.99652} \approx 14.514$ м.

Округлим результат до сотых.

Ответ: ширина реки примерно равна 14,51 м.

№1127 (с. 283)
Условие. №1127 (с. 283)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Условие Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Условие (продолжение 2)

1127 На горе находится башня, высота которой равна 100 м (рис. 335). Некоторый предмет А у подножия горы наблюдают сначала с вершины В башни под углом 60° к горизонту, а потом с её основания С под углом 30°. Найдите высоту Н горы.

Рисунок 335
Решение 2. №1127 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Решение 2
Решение 3. №1127 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Решение 3
Решение 4. №1127 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Решение 4
Решение 6. №1127 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №1127 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Решение 7
Решение 9. №1127 (с. 283)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 283, номер 1127, Решение 9
Решение 11. №1127 (с. 283)

Для решения задачи введем обозначения в соответствии с рисунком. Пусть $A$ — точка наблюдения у подножия горы, $C$ — основание башни (вершина горы), а $B$ — вершина башни.

Обозначим искомую высоту горы за $H$. По условию задачи, высота башни $BC = 100$ м. Проведем вертикальную линию через точки $B$ и $C$. Пусть $D$ — точка на уровне подножия горы на этой вертикали. Тогда $AD$ — это горизонтальное расстояние, а $CD$ — высота горы, $CD=H$. Треугольник $ADC$ — прямоугольный. Полная высота от вершины башни до уровня подножия горы равна $BD = BC + CD = 100 + H$. Треугольник $ADB$ также является прямоугольным.

Углы наблюдения $60°$ и $30°$ даны к горизонту, это так называемые углы понижения. Угол понижения из точки $C$ к точке $A$ равен $30°$. Так как горизонтальная линия, проведенная через $C$, параллельна $AD$, то по свойству накрест лежащих углов при параллельных прямых и секущей $AC$, угол $?CAD = 30°$. Аналогично, угол понижения из точки $B$ равен $60°$, поэтому угол $?BAD = 60°$.

Задачу можно решить несколькими способами.

Способ 1. Через систему уравнений с тангенсами

Рассмотрим два прямоугольных треугольника, $?ADC$ и $?ADB$, у которых есть общий катет $AD$. Обозначим длину этого катета $AD$ как $x$.

В прямоугольном треугольнике $?ADC$ отношение противолежащего катета $CD$ к прилежащему катету $AD$ равно тангенсу угла $?CAD$: $tan(?CAD) = \frac{CD}{AD}$ $tan(30°) = \frac{H}{x}$ Из этого уравнения выразим $x$: $x = \frac{H}{tan(30°)}$.

В прямоугольном треугольнике $?ADB$ отношение противолежащего катета $BD$ к прилежащему катету $AD$ равно тангенсу угла $?BAD$: $tan(?BAD) = \frac{BD}{AD}$ $tan(60°) = \frac{H + 100}{x}$ Из этого уравнения также выразим $x$: $x = \frac{H + 100}{tan(60°)}$.

Так как оба выражения равны $x$, мы можем их приравнять: $\frac{H}{tan(30°)} = \frac{H + 100}{tan(60°)}$

Подставим табличные значения тангенсов: $tan(30°) = \frac{1}{\sqrt{3}}$ и $tan(60°) = \sqrt{3}$. $\frac{H}{1/\sqrt{3}} = \frac{H + 100}{\sqrt{3}}$ $H \cdot \sqrt{3} = \frac{H + 100}{\sqrt{3}}$

Решим полученное уравнение относительно $H$: $H \cdot \sqrt{3} \cdot \sqrt{3} = H + 100$ $3H = H + 100$ $2H = 100$ $H = 50$ м.

Ответ: высота горы $H$ равна 50 м.

Способ 2. Через свойства равнобедренного треугольника

Рассмотрим треугольник $?ABC$ и найдем его углы.

Угол $?BAC$ можно найти как разность углов $?BAD$ и $?CAD$, которые мы определили ранее: $?BAC = ?BAD - ?CAD = 60° - 30° = 30°$.

Угол $?ABC$ (который совпадает с углом $?ABD$) найдем из прямоугольного треугольника $?ADB$. Сумма острых углов в прямоугольном треугольнике равна $90°$, поэтому: $?ABD = 90° - ?BAD = 90° - 60° = 30°$.

Таким образом, в треугольнике $?ABC$ два угла равны: $?BAC = ?ABC = 30°$. Следовательно, треугольник $?ABC$ является равнобедренным, а стороны, лежащие напротив равных углов, равны: $AC = BC$.

Из условия задачи мы знаем, что высота башни $BC = 100$ м. Значит, и сторона $AC$ тоже равна 100 м.

Теперь вернемся к прямоугольному треугольнику $?ADC$. В нем нам известна гипотенуза $AC = 100$ м и прилежащий к ней угол $?CAD = 30°$. Нам нужно найти противолежащий этому углу катет $CD$, который и является высотой горы $H$.

Используем определение синуса угла: $sin(?CAD) = \frac{CD}{AC}$ $sin(30°) = \frac{H}{100}$

Зная, что $sin(30°) = \frac{1}{2}$, получаем уравнение: $\frac{1}{2} = \frac{H}{100}$ Откуда находим $H$: $H = \frac{100}{2} = 50$ м.

Ответ: высота горы $H$ равна 50 м.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться