Страница 282 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 282

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282
№1114 (с. 282)
Условие. №1114 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Условие

1114 С помощью теорем синусов и косинусов решите треугольник ABC, если:

а) ∠А = 60°, ∠B = 40°, c = 14;

б) ∠А = 30°, ∠C = 75°, b = 4,5;

в) ∠А = 80°, а = 16, b = 10;

г) ∠B = 45°, ∠С = 70°, а = 24,6;

д) ∠А = 60°, а = 10, b = 7;

е) а = 6,3, b = 6,3, ∠С = 54°;

ж) b = 32, c = 45, ∠A = 87°;

з) а = 14, b = 18, с = 20;

и) а = 6, b = 7,3, с = 4,8.

Решение 2. №1114 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 3) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 4) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 5) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 6) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 7) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 8) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 2 (продолжение 9)
Решение 3. №1114 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 3 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 3 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 3 (продолжение 3)
Решение 4. №1114 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 4
Решение 6. №1114 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 7. №1114 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 7 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 7 (продолжение 2)
Решение 8. №1114 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 8 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 8 (продолжение 3)
Решение 9. №1114 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 9 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 9 (продолжение 3) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 9 (продолжение 4) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 9 (продолжение 5) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1114, Решение 9 (продолжение 6)
Решение 11. №1114 (с. 282)

а) Дано: $\angle A=60^\circ, \angle B=40^\circ, c=14$.
1. Сумма углов треугольника равна $180^\circ$, поэтому третий угол $\angle C$ равен:$\angle C = 180^\circ - (\angle A + \angle B) = 180^\circ - (60^\circ + 40^\circ) = 180^\circ - 100^\circ = 80^\circ$.
2. Для нахождения неизвестных сторон $a$ и $b$ воспользуемся теоремой синусов: $\frac{a}{\sin A} = \frac{b}{\sin B} = \frac{c}{\sin C}$.
3. Найдем сторону $a$:$a = \frac{c \cdot \sin A}{\sin C} = \frac{14 \cdot \sin 60^\circ}{\sin 80^\circ} \approx \frac{14 \cdot 0,8660}{0,9848} \approx 12,31$.
4. Найдем сторону $b$:$b = \frac{c \cdot \sin B}{\sin C} = \frac{14 \cdot \sin 40^\circ}{\sin 80^\circ} \approx \frac{14 \cdot 0,6428}{0,9848} \approx 9,14$.
Ответ: $\angle C = 80^\circ, a \approx 12,3, b \approx 9,1$.

б) Дано: $\angle A=30^\circ, \angle C=75^\circ, b=4,5$.
1. Найдем угол $B$:$\angle B = 180^\circ - (\angle A + \angle C) = 180^\circ - (30^\circ + 75^\circ) = 180^\circ - 105^\circ = 75^\circ$.
2. Так как $\angle C = \angle B = 75^\circ$, треугольник $ABC$ является равнобедренным с основанием $a$. Следовательно, $c = b = 4,5$.
3. По теореме синусов найдем сторону $a$:$\frac{a}{\sin A} = \frac{b}{\sin B} \implies a = \frac{b \cdot \sin A}{\sin B} = \frac{4,5 \cdot \sin 30^\circ}{\sin 75^\circ} \approx \frac{4,5 \cdot 0,5}{0,9659} \approx 2,33$.
Ответ: $\angle B = 75^\circ, a \approx 2,3, c = 4,5$.

в) Дано: $\angle A=80^\circ, a=16, b=10$.
1. По теореме синусов найдем угол $B$:$\frac{a}{\sin A} = \frac{b}{\sin B} \implies \sin B = \frac{b \cdot \sin A}{a} = \frac{10 \cdot \sin 80^\circ}{16} \approx \frac{10 \cdot 0,9848}{16} \approx 0,6155$.
Поскольку $a > b$, существует только одно решение.$\angle B = \arcsin(0,6155) \approx 38,0^\circ$.
2. Найдем угол $C$:$\angle C = 180^\circ - (\angle A + \angle B) \approx 180^\circ - (80^\circ + 38,0^\circ) = 180^\circ - 118,0^\circ = 62,0^\circ$.
3. По теореме синусов найдем сторону $c$:$\frac{c}{\sin C} = \frac{a}{\sin A} \implies c = \frac{a \cdot \sin C}{\sin A} \approx \frac{16 \cdot \sin 62,0^\circ}{\sin 80^\circ} \approx \frac{16 \cdot 0,8829}{0,9848} \approx 14,34$.
Ответ: $\angle B \approx 38,0^\circ, \angle C \approx 62,0^\circ, c \approx 14,3$.

г) Дано: $\angle B=45^\circ, \angle C=70^\circ, a=24,6$.
1. Найдем угол $A$:$\angle A = 180^\circ - (\angle B + \angle C) = 180^\circ - (45^\circ + 70^\circ) = 180^\circ - 115^\circ = 65^\circ$.
2. По теореме синусов $\frac{a}{\sin A} = \frac{b}{\sin B} = \frac{c}{\sin C}$.
3. Найдем сторону $b$:$b = \frac{a \cdot \sin B}{\sin A} = \frac{24,6 \cdot \sin 45^\circ}{\sin 65^\circ} \approx \frac{24,6 \cdot 0,7071}{0,9063} \approx 19,19$.
4. Найдем сторону $c$:$c = \frac{a \cdot \sin C}{\sin A} = \frac{24,6 \cdot \sin 70^\circ}{\sin 65^\circ} \approx \frac{24,6 \cdot 0,9397}{0,9063} \approx 25,51$.
Ответ: $\angle A = 65^\circ, b \approx 19,2, c \approx 25,5$.

д) Дано: $\angle A=60^\circ, a=10, b=7$.
1. По теореме синусов найдем угол $B$:$\sin B = \frac{b \cdot \sin A}{a} = \frac{7 \cdot \sin 60^\circ}{10} \approx \frac{7 \cdot 0,8660}{10} = 0,6062$.
Поскольку $a > b$, существует только одно решение.$\angle B = \arcsin(0,6062) \approx 37,3^\circ$.
2. Найдем угол $C$:$\angle C = 180^\circ - (\angle A + \angle B) \approx 180^\circ - (60^\circ + 37,3^\circ) = 180^\circ - 97,3^\circ = 82,7^\circ$.
3. По теореме синусов найдем сторону $c$:$c = \frac{a \cdot \sin C}{\sin A} \approx \frac{10 \cdot \sin 82,7^\circ}{\sin 60^\circ} \approx \frac{10 \cdot 0,9919}{0,8660} \approx 11,45$.
Ответ: $\angle B \approx 37,3^\circ, \angle C \approx 82,7^\circ, c \approx 11,5$.

е) Дано: $a=6,3, b=6,3, \angle C=54^\circ$.
1. Так как $a=b$, треугольник $ABC$ равнобедренный, а значит углы при основании равны: $\angle A = \angle B$.
2. Найдем углы $A$ и $B$:$\angle A + \angle B + \angle C = 180^\circ \implies 2\angle A = 180^\circ - 54^\circ = 126^\circ \implies \angle A = 63^\circ$.Следовательно, $\angle A = \angle B = 63^\circ$.
3. По теореме косинусов найдем сторону $c$:$c^2 = a^2 + b^2 - 2ab \cos C = (6,3)^2 + (6,3)^2 - 2 \cdot 6,3 \cdot 6,3 \cdot \cos 54^\circ$.
$c^2 = 39,69 + 39,69 - 2 \cdot 39,69 \cdot \cos 54^\circ \approx 79,38 - 79,38 \cdot 0,5878 \approx 32,73$.
$c = \sqrt{32,73} \approx 5,72$.
Ответ: $\angle A = 63^\circ, \angle B = 63^\circ, c \approx 5,7$.

ж) Дано: $b=32, c=45, \angle A=87^\circ$.
1. По теореме косинусов найдем сторону $a$:$a^2 = b^2 + c^2 - 2bc \cos A = 32^2 + 45^2 - 2 \cdot 32 \cdot 45 \cdot \cos 87^\circ$.
$a^2 = 1024 + 2025 - 2880 \cdot \cos 87^\circ \approx 3049 - 2880 \cdot 0,0523 \approx 2898,38$.
$a = \sqrt{2898,38} \approx 53,84$.
2. По теореме синусов найдем угол $B$:$\sin B = \frac{b \sin A}{a} \approx \frac{32 \cdot \sin 87^\circ}{53,84} \approx \frac{32 \cdot 0,9986}{53,84} \approx 0,5935$.
$\angle B = \arcsin(0,5935) \approx 36,4^\circ$.
3. Найдем угол $C$:$\angle C = 180^\circ - (\angle A + \angle B) \approx 180^\circ - (87^\circ + 36,4^\circ) = 180^\circ - 123,4^\circ = 56,6^\circ$.
Ответ: $a \approx 53,8, \angle B \approx 36,4^\circ, \angle C \approx 56,6^\circ$.

з) Дано: $a=14, b=18, c=20$.
1. По теореме косинусов найдем углы треугольника. Начнем с угла $C$, противолежащего наибольшей стороне.
$\cos C = \frac{a^2 + b^2 - c^2}{2ab} = \frac{14^2 + 18^2 - 20^2}{2 \cdot 14 \cdot 18} = \frac{196 + 324 - 400}{504} = \frac{120}{504} \approx 0,2381$.
$\angle C = \arccos(0,2381) \approx 76,2^\circ$.
2. Найдем угол $B$:
$\cos B = \frac{a^2 + c^2 - b^2}{2ac} = \frac{14^2 + 20^2 - 18^2}{2 \cdot 14 \cdot 20} = \frac{196 + 400 - 324}{560} = \frac{272}{560} \approx 0,4857$.
$\angle B = \arccos(0,4857) \approx 61,0^\circ$.
3. Найдем угол $A$:
$\angle A = 180^\circ - (\angle B + \angle C) \approx 180^\circ - (61,0^\circ + 76,2^\circ) = 180^\circ - 137,2^\circ = 42,8^\circ$.
Ответ: $\angle A \approx 42,8^\circ, \angle B \approx 61,0^\circ, \angle C \approx 76,2^\circ$.

и) Дано: $a=6, b=7,3, c=4,8$.
1. По теореме косинусов найдем углы треугольника. Начнем с угла $B$, противолежащего наибольшей стороне.
$\cos B = \frac{a^2 + c^2 - b^2}{2ac} = \frac{6^2 + (4,8)^2 - (7,3)^2}{2 \cdot 6 \cdot 4,8} = \frac{36 + 23,04 - 53,29}{57,6} = \frac{5,75}{57,6} \approx 0,0998$.
$\angle B = \arccos(0,0998) \approx 84,3^\circ$.
2. Найдем угол $A$:
$\cos A = \frac{b^2 + c^2 - a^2}{2bc} = \frac{(7,3)^2 + (4,8)^2 - 6^2}{2 \cdot 7,3 \cdot 4,8} = \frac{53,29 + 23,04 - 36}{70,08} = \frac{40,33}{70,08} \approx 0,5755$.
$\angle A = \arccos(0,5755) \approx 54,9^\circ$.
3. Найдем угол $C$:
$\angle C = 180^\circ - (\angle A + \angle B) \approx 180^\circ - (54,9^\circ + 84,3^\circ) = 180^\circ - 139,2^\circ = 40,8^\circ$.
Ответ: $\angle A \approx 54,9^\circ, \angle B \approx 84,3^\circ, \angle C \approx 40,8^\circ$.

№1115 (с. 282)
Условие. №1115 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Условие

1115 В треугольнике ABC известно, что AC = 12 cм, A = 75°, C = 60°. Найдите AB и SABC.

Решение 2. №1115 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 2
Решение 3. №1115 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 3
Решение 4. №1115 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 4
Решение 6. №1115 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 6
Решение 7. №1115 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 7
Решение 8. №1115 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1115 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1115, Решение 9
Решение 11. №1115 (с. 282)

AB

Сначала найдем третий угол треугольника, $\angle B$. Сумма углов в треугольнике равна $180^\circ$.

$\angle B = 180^\circ - \angle A - \angle C = 180^\circ - 75^\circ - 60^\circ = 45^\circ$.

Далее воспользуемся теоремой синусов, которая гласит, что отношение стороны треугольника к синусу противолежащего угла одинаково для всех сторон:

$\frac{AB}{\sin\angle C} = \frac{AC}{\sin\angle B}$

Выразим из этой формулы сторону $AB$ и подставим известные значения ($AC = 12$ см, $\angle C = 60^\circ$, $\angle B = 45^\circ$):

$AB = \frac{AC \cdot \sin\angle C}{\sin\angle B} = \frac{12 \cdot \sin 60^\circ}{\sin 45^\circ}$

Зная, что $\sin 60^\circ = \frac{\sqrt{3}}{2}$ и $\sin 45^\circ = \frac{\sqrt{2}}{2}$, получаем:

$AB = \frac{12 \cdot \frac{\sqrt{3}}{2}}{\frac{\sqrt{2}}{2}} = \frac{12\sqrt{3}}{\sqrt{2}}$

Избавимся от иррациональности в знаменателе, умножив числитель и знаменатель на $\sqrt{2}$:

$AB = \frac{12\sqrt{3} \cdot \sqrt{2}}{\sqrt{2} \cdot \sqrt{2}} = \frac{12\sqrt{6}}{2} = 6\sqrt{6}$ см.

Ответ: $AB = 6\sqrt{6}$ см.

SABC

Площадь треугольника ($S_{ABC}$) можно вычислить по формуле с использованием двух сторон и синуса угла между ними. Возьмем стороны $AC$ и $AB$ и угол $\angle A$ между ними.

$S_{ABC} = \frac{1}{2} \cdot AC \cdot AB \cdot \sin\angle A$

Нам известны $AC = 12$ см, $AB = 6\sqrt{6}$ см (найдено в предыдущем пункте) и $\angle A = 75^\circ$.

Найдем значение $\sin 75^\circ$, используя формулу синуса суммы:

$\sin 75^\circ = \sin(45^\circ + 30^\circ) = \sin 45^\circ \cos 30^\circ + \cos 45^\circ \sin 30^\circ$

$\sin 75^\circ = \frac{\sqrt{2}}{2} \cdot \frac{\sqrt{3}}{2} + \frac{\sqrt{2}}{2} \cdot \frac{1}{2} = \frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4}$

Теперь подставим все значения в формулу площади:

$S_{ABC} = \frac{1}{2} \cdot 12 \cdot 6\sqrt{6} \cdot \left(\frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4}\right)$

Упростим полученное выражение:

$S_{ABC} = 36\sqrt{6} \cdot \frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4} = 9\sqrt{6}(\sqrt{6} + \sqrt{2})$

$S_{ABC} = 9(\sqrt{6}\cdot\sqrt{6} + \sqrt{6}\cdot\sqrt{2}) = 9(6 + \sqrt{12})$

Так как $\sqrt{12} = \sqrt{4 \cdot 3} = 2\sqrt{3}$, то:

$S_{ABC} = 9(6 + 2\sqrt{3}) = 54 + 18\sqrt{3}$ см$^2$.

Ответ: $S_{ABC} = (54 + 18\sqrt{3})$ см$^2$.

№1116 (с. 282)
Условие. №1116 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Условие

1116 Найдите стороны треугольника ABC, если A = 45°, C = 30°, а высота AD равна 3 м.

Решение 2. №1116 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Решение 2
Решение 3. №1116 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Решение 3
Решение 4. №1116 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Решение 4
Решение 6. №1116 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Решение 6
Решение 7. №1116 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Решение 7
Решение 9. №1116 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1116, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1116 (с. 282)

Для решения задачи сначала найдем все углы треугольника ABC. Нам дано $\angle A = 45^\circ$ и $\angle C = 30^\circ$. Сумма углов в треугольнике равна 180°, поэтому:

$\angle B = 180^\circ - \angle A - \angle C = 180^\circ - 45^\circ - 30^\circ = 105^\circ$

Поскольку $\angle B = 105^\circ$ является тупым, высота AD, опущенная из вершины A на прямую, содержащую сторону BC, будет падать за пределы отрезка BC. В частности, точка D будет лежать на продолжении стороны CB за точку B. Таким образом, у нас образуются два прямоугольных треугольника: $\triangle ADC$ и $\triangle ADB$.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $\triangle ADC$. В нем $\angle D = 90^\circ$, $\angle C = 30^\circ$, а длина катета $AD = 3$ м. Мы можем найти гипотенузу AC, которая является одной из сторон исходного треугольника.

Из определения синуса угла в прямоугольном треугольнике:

$\sin C = \frac{AD}{AC}$

Отсюда находим сторону AC:

$AC = \frac{AD}{\sin C} = \frac{3}{\sin 30^\circ} = \frac{3}{1/2} = 6$ м.

Теперь, когда мы знаем все углы в $\triangle ABC$ и длину одной из его сторон (AC), мы можем использовать теорему синусов для нахождения длин двух других сторон (AB и BC).

Теорема синусов гласит:

$\frac{AB}{\sin C} = \frac{BC}{\sin A} = \frac{AC}{\sin B}$

Подставим известные значения, чтобы найти AB:

$\frac{AB}{\sin 30^\circ} = \frac{6}{\sin 105^\circ}$

$AB = \frac{6 \cdot \sin 30^\circ}{\sin 105^\circ}$

Вычислим $\sin 105^\circ$ с помощью формулы синуса суммы:

$\sin 105^\circ = \sin(60^\circ + 45^\circ) = \sin 60^\circ \cos 45^\circ + \cos 60^\circ \sin 45^\circ = \frac{\sqrt{3}}{2} \cdot \frac{\sqrt{2}}{2} + \frac{1}{2} \cdot \frac{\sqrt{2}}{2} = \frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4}$

Теперь подставим это значение в выражение для AB:

$AB = \frac{6 \cdot \frac{1}{2}}{\frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4}} = \frac{3}{\frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4}} = \frac{12}{\sqrt{6} + \sqrt{2}}$

Чтобы упростить выражение, избавимся от иррациональности в знаменателе, умножив числитель и знаменатель на сопряженное выражение $(\sqrt{6} - \sqrt{2})$:

$AB = \frac{12(\sqrt{6} - \sqrt{2})}{(\sqrt{6} + \sqrt{2})(\sqrt{6} - \sqrt{2})} = \frac{12(\sqrt{6} - \sqrt{2})}{6 - 2} = \frac{12(\sqrt{6} - \sqrt{2})}{4} = 3(\sqrt{6} - \sqrt{2})$ м.

Аналогично, используя теорему синусов, найдем сторону BC:

$\frac{BC}{\sin 45^\circ} = \frac{6}{\sin 105^\circ}$

$BC = \frac{6 \cdot \sin 45^\circ}{\sin 105^\circ} = \frac{6 \cdot \frac{\sqrt{2}}{2}}{\frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4}} = \frac{3\sqrt{2}}{\frac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4}} = \frac{12\sqrt{2}}{\sqrt{6} + \sqrt{2}}$

Упростим полученное выражение:

$BC = \frac{12\sqrt{2}(\sqrt{6} - \sqrt{2})}{(\sqrt{6} + \sqrt{2})(\sqrt{6} - \sqrt{2})} = \frac{12(\sqrt{12} - 2)}{6 - 2} = \frac{12(2\sqrt{3} - 2)}{4} = 3(2\sqrt{3} - 2) = 6(\sqrt{3} - 1)$ м.

Ответ: $AC = 6$ м, $AB = 3(\sqrt{6} - \sqrt{2})$ м, $BC = 6(\sqrt{3} - 1)$ м.

№1117 (с. 282)
Условие. №1117 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Условие

1117 В параллелограмме ABCD известно, что AD = 713 м, BD = 4,4 м, А = 22°30′. Найдите ∠BDC и ∠DBC.

Решение 2. №1117 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 2
Решение 3. №1117 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 3
Решение 4. №1117 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 4
Решение 6. №1117 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №1117 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 7
Решение 9. №1117 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1117, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1117 (с. 282)

Для решения этой задачи мы будем использовать свойства параллелограмма и теорему синусов.

Дано:

  • Параллелограмм $ABCD$
  • $AD = 7\frac{1}{3}$ м
  • $BD = 4,4$ м
  • $\angle A = 22^\circ 30'$

Свойства параллелограмма, которые мы будем использовать:

  1. Противоположные стороны параллельны: $AB \parallel DC$ и $AD \parallel BC$.
  2. Накрест лежащие углы при пересечении параллельных прямых секущей равны. Так, при секущей $BD$: $\angle ABD = \angle BDC$ и $\angle ADB = \angle DBC$.
  3. Сумма углов, прилежащих к одной стороне, равна $180^\circ$: $\angle A + \angle D = 180^\circ$.

Задача сводится к нахождению углов треугольника $ABD$, так как искомые углы $\angle BDC$ и $\angle DBC$ равны углам $\angle ABD$ и $\angle ADB$ соответственно.

Нахождение $\angle BDC$

Рассмотрим треугольник $ABD$. В нем известны стороны $AD$, $BD$ и угол $\angle A$. Применим теорему синусов:

$\frac{AD}{\sin(\angle ABD)} = \frac{BD}{\sin(\angle A)}$

Мы знаем, что $\angle BDC = \angle ABD$, поэтому можем записать:

$\frac{AD}{\sin(\angle BDC)} = \frac{BD}{\sin(\angle A)}$

Выразим отсюда синус искомого угла $\angle BDC$:

$\sin(\angle BDC) = \frac{AD \cdot \sin(\angle A)}{BD}$

Переведем данные в удобный для вычислений формат:

$AD = 7\frac{1}{3} = \frac{22}{3}$ м

$BD = 4,4 = \frac{44}{10} = \frac{22}{5}$ м

$\angle A = 22^\circ 30' = 22.5^\circ$

Подставим значения в формулу:

$\sin(\angle BDC) = \frac{\frac{22}{3} \cdot \sin(22.5^\circ)}{\frac{22}{5}} = \frac{22}{3} \cdot \frac{5}{22} \cdot \sin(22.5^\circ) = \frac{5}{3} \sin(22.5^\circ)$

Используя калькулятор, найдем значение:

$\sin(\angle BDC) \approx \frac{5}{3} \cdot 0.38268 \approx 0.6378$

Теперь найдем сам угол:

$\angle BDC = \arcsin(0.6378) \approx 39.63^\circ$

Переведем в градусы и минуты: $0.63^\circ \cdot 60 \approx 38'$.

$\angle BDC \approx 39^\circ 38'$

Ответ: $\angle BDC \approx 39^\circ 38'$.

Нахождение $\angle DBC$

Сумма углов параллелограмма, прилежащих к стороне $AD$, равна $180^\circ$:

$\angle ADC = 180^\circ - \angle A = 180^\circ - 22.5^\circ = 157.5^\circ = 157^\circ 30'$

Угол $\angle ADC$ состоит из двух углов: $\angle ADB$ и $\angle BDC$.

$\angle ADC = \angle ADB + \angle BDC$

Отсюда можем найти $\angle ADB$:

$\angle ADB = \angle ADC - \angle BDC \approx 157.5^\circ - 39.63^\circ = 117.87^\circ$

По свойству параллелограмма, накрест лежащие углы $\angle DBC$ и $\angle ADB$ равны.

$\angle DBC = \angle ADB \approx 117.87^\circ$

Переведем в градусы и минуты: $0.87^\circ \cdot 60 \approx 52'$.

$\angle DBC \approx 117^\circ 52'$

Ответ: $\angle DBC \approx 117^\circ 52'$.

№1118 (с. 282)
Условие. №1118 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Условие

1118 Найдите биссектрисы треугольника, если одна из его сторон равна а, а прилежащие к этой стороне углы равны α и β.

Решение 2. №1118 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 2
Решение 3. №1118 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 3 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 3 (продолжение 2)
Решение 4. №1118 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 4
Решение 6. №1118 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 7. №1118 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 7 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 7 (продолжение 2)
Решение 8. №1118 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 8 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 8 (продолжение 3) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 8 (продолжение 4)
Решение 9. №1118 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 9 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1118, Решение 9 (продолжение 3)
Решение 11. №1118 (с. 282)

Пусть в заданном треугольнике сторона, равная $a$, является стороной $AB$, а прилежащие к ней углы — это $\angle A = \alpha$ и $\angle B = \beta$. Обозначим вершины треугольника как $A$, $B$, и $C$. Тогда третий угол треугольника $\angle C = 180^\circ - (\alpha + \beta)$. Нам необходимо найти длины трех биссектрис этого треугольника, которые мы обозначим как $l_A$, $l_B$ и $l_C$ — биссектрисы, проведенные из вершин $A$, $B$ и $C$ соответственно.

Биссектриса угла ?

Найдем длину биссектрисы $l_A$, проведенной из вершины $A$ к стороне $BC$. Пусть точка пересечения биссектрисы со стороной $BC$ будет $D$. В треугольнике $ABD$ нам известны сторона $AB = a$, угол $\angle B = \beta$ и угол $\angle BAD = \alpha/2$ (так как $AD$ — биссектриса). Сумма углов в треугольнике равна $180^\circ$, поэтому угол $\angle ADB = 180^\circ - (\angle B + \angle BAD) = 180^\circ - (\beta + \alpha/2)$. Применим теорему синусов к треугольнику $ABD$: $$ \frac{AD}{\sin(\angle B)} = \frac{AB}{\sin(\angle ADB)} $$ Подставляя известные значения, получаем: $$ \frac{l_A}{\sin(\beta)} = \frac{a}{\sin(180^\circ - (\beta + \alpha/2))} $$ Используя свойство синуса $\sin(180^\circ - x) = \sin(x)$, упростим выражение: $$ \frac{l_A}{\sin(\beta)} = \frac{a}{\sin(\beta + \alpha/2)} $$ Отсюда выражаем длину биссектрисы $l_A$:
Ответ: $l_A = \frac{a \sin(\beta)}{\sin(\beta + \alpha/2)}$

Биссектриса угла ?

Найдем длину биссектрисы $l_B$, проведенной из вершины $B$ к стороне $AC$. Пусть точка пересечения биссектрисы со стороной $AC$ будет $E$. Рассуждая аналогично, рассмотрим треугольник $ABE$. В нем известны сторона $AB = a$, угол $\angle A = \alpha$ и угол $\angle ABE = \beta/2$ (так как $BE$ — биссектриса). Третий угол треугольника $\angle AEB = 180^\circ - (\angle A + \angle ABE) = 180^\circ - (\alpha + \beta/2)$. Применим теорему синусов к треугольнику $ABE$: $$ \frac{BE}{\sin(\angle A)} = \frac{AB}{\sin(\angle AEB)} $$ Подставляя известные значения, получаем: $$ \frac{l_B}{\sin(\alpha)} = \frac{a}{\sin(180^\circ - (\alpha + \beta/2))} $$ $$ \frac{l_B}{\sin(\alpha)} = \frac{a}{\sin(\alpha + \beta/2)} $$ Отсюда выражаем длину биссектрисы $l_B$:
Ответ: $l_B = \frac{a \sin(\alpha)}{\sin(\alpha + \beta/2)}$

Биссектриса третьего угла

Найдем длину биссектрисы $l_C$, проведенной из вершины $C$ к стороне $AB$. Пусть точка пересечения биссектрисы со стороной $AB$ будет $F$. Угол при вершине $C$ равен $\angle C = 180^\circ - (\alpha + \beta)$. Биссектриса $CF$ делит его пополам, поэтому $\angle ACF = \frac{180^\circ - (\alpha + \beta)}{2} = 90^\circ - \frac{\alpha+\beta}{2}$. Для нахождения $l_C$ рассмотрим треугольник $ACF$. Нам потребуется длина стороны $AC$. Найдем ее из основного треугольника $ABC$ по теореме синусов: $$ \frac{AC}{\sin(\angle B)} = \frac{AB}{\sin(\angle C)} \implies \frac{AC}{\sin(\beta)} = \frac{a}{\sin(180^\circ - (\alpha + \beta))} = \frac{a}{\sin(\alpha + \beta)} $$ $$ AC = \frac{a \sin(\beta)}{\sin(\alpha + \beta)} $$ Теперь вернемся к треугольнику $ACF$. Угол $\angle AFC = 180^\circ - \angle A - \angle ACF = 180^\circ - \alpha - (90^\circ - \frac{\alpha+\beta}{2}) = 90^\circ - \frac{\alpha-\beta}{2}$. Применим теорему синусов к треугольнику $ACF$: $$ \frac{CF}{\sin(\angle A)} = \frac{AC}{\sin(\angle AFC)} $$ $$ \frac{l_C}{\sin(\alpha)} = \frac{AC}{\sin(90^\circ - \frac{\alpha-\beta}{2})} = \frac{AC}{\cos(\frac{\alpha-\beta}{2})} $$ Подставим найденное выражение для $AC$: $$ l_C = \frac{\sin(\alpha)}{\cos(\frac{\alpha-\beta}{2})} \cdot \frac{a \sin(\beta)}{\sin(\alpha + \beta)} $$
Ответ: $l_C = \frac{a \sin(\alpha) \sin(\beta)}{\sin(\alpha + \beta) \cos(\frac{\alpha - \beta}{2})}$

№1119 (с. 282)
Условие. №1119 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Условие

1119 Смежные стороны параллелограмма равны a и b, а один из его углов равен α. Найдите диагонали параллелограмма и угол между ними.

Решение 2. №1119 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 2
Решение 3. №1119 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 3
Решение 4. №1119 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 4
Решение 6. №1119 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 7. №1119 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 7
Решение 8. №1119 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1119 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1119, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1119 (с. 282)

Пусть дан параллелограмм со смежными сторонами a и b и одним из углов, равным α. Пусть этот угол находится между сторонами a и b. Диагонали параллелограмма обозначим d1 и d2.

Диагонали параллелограмма

Для нахождения длин диагоналей воспользуемся теоремой косинусов.

Первая диагональ, назовем ее d1, лежит напротив угла α. Согласно теореме косинусов для треугольника со сторонами a, b и углом α между ними: $d_1^2 = a^2 + b^2 - 2ab \cos(\alpha)$ Следовательно, $d_1 = \sqrt{a^2 + b^2 - 2ab \cos(\alpha)}$

Смежный угол в параллелограмме равен $180^\circ - \alpha$. Вторая диагональ, d2, лежит напротив этого угла. Применяя теорему косинусов для треугольника со сторонами a, b и углом $180^\circ - \alpha$ между ними: $d_2^2 = a^2 + b^2 - 2ab \cos(180^\circ - \alpha)$ Используя тригонометрическое тождество $\cos(180^\circ - \alpha) = -\cos(\alpha)$, получаем: $d_2^2 = a^2 + b^2 + 2ab \cos(\alpha)$ Следовательно, $d_2 = \sqrt{a^2 + b^2 + 2ab \cos(\alpha)}$

Ответ: Диагонали параллелограмма равны $\sqrt{a^2 + b^2 - 2ab \cos(\alpha)}$ и $\sqrt{a^2 + b^2 + 2ab \cos(\alpha)}$.

Угол между диагоналями

Пусть φ — это угол между диагоналями. Диагонали параллелограмма точкой пересечения делятся пополам. Рассмотрим треугольник, образованный стороной a и половинами диагоналей $\frac{d_1}{2}$ и $\frac{d_2}{2}$. Угол между половинами диагоналей в этом треугольнике — это один из углов между диагоналями, пусть это будет φ.

Применим к этому треугольнику теорему косинусов: $a^2 = \left(\frac{d_1}{2}\right)^2 + \left(\frac{d_2}{2}\right)^2 - 2 \cdot \frac{d_1}{2} \cdot \frac{d_2}{2} \cos(\phi)$ $a^2 = \frac{d_1^2 + d_2^2}{4} - \frac{d_1 d_2}{2} \cos(\phi)$

Известно, что сумма квадратов диагоналей параллелограмма равна сумме квадратов всех его сторон: $d_1^2 + d_2^2 = 2(a^2 + b^2)$. Подставим это в предыдущее уравнение: $a^2 = \frac{2(a^2 + b^2)}{4} - \frac{d_1 d_2}{2} \cos(\phi)$ $a^2 = \frac{a^2 + b^2}{2} - \frac{d_1 d_2}{2} \cos(\phi)$ Умножим обе части на 2: $2a^2 = a^2 + b^2 - d_1 d_2 \cos(\phi)$ Выразим $d_1 d_2 \cos(\phi)$: $d_1 d_2 \cos(\phi) = a^2 + b^2 - 2a^2 = b^2 - a^2$

Отсюда находим косинус угла φ: $\cos(\phi) = \frac{b^2 - a^2}{d_1 d_2}$ Подставим выражения для d1 и d2: $\cos(\phi) = \frac{b^2 - a^2}{\sqrt{a^2 + b^2 - 2ab \cos(\alpha)} \cdot \sqrt{a^2 + b^2 + 2ab \cos(\alpha)}}$ Упростим знаменатель, используя формулу разности квадратов: $\cos(\phi) = \frac{b^2 - a^2}{\sqrt{(a^2+b^2)^2 - (2ab\cos\alpha)^2}} = \frac{b^2 - a^2}{\sqrt{a^4+b^4+2a^2b^2 - 4a^2b^2\cos^2\alpha}}$ Это выражение определяет один из двух смежных углов между диагоналями. Второй угол будет равен $180^\circ - \phi$.

Ответ: Если φ — один из углов между диагоналями, то его косинус равен $\cos(\phi) = \frac{b^2 - a^2}{\sqrt{(a^2+b^2)^2 - 4a^2b^2\cos^2\alpha}}$.

№1120 (с. 282)
Условие. №1120 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Условие

1120 Выясните, является ли треугольник остроугольным, прямоугольным или тупоугольным, если его стороны равны:
а) 5, 4 и 4; б) 17, 8 и 15; в) 9, 5 и 6.

Решение 2. №1120 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 3. №1120 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 3
Решение 4. №1120 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 4
Решение 6. №1120 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №1120 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 7
Решение 8. №1120 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 8
Решение 9. №1120 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1120, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1120 (с. 282)

Для определения вида треугольника (остроугольный, прямоугольный или тупоугольный) по его сторонам, воспользуемся следствием из теоремы косинусов. Пусть стороны треугольника равны $a, b, c$, где $c$ — наибольшая сторона. Тогда:

  • Если $c^2 < a^2 + b^2$, то угол, лежащий против стороны $c$, острый. Так как это наибольший угол треугольника, то и остальные углы острые, а значит, треугольник — остроугольный.
  • Если $c^2 = a^2 + b^2$, то по теореме, обратной теореме Пифагора, угол, лежащий против стороны $c$, прямой. Треугольник — прямоугольный.
  • Если $c^2 > a^2 + b^2$, то угол, лежащий против стороны $c$, тупой. Треугольник — тупоугольный.

Применим это правило для каждого случая.

а) Стороны равны 5, 4 и 4.

1. Находим наибольшую сторону. Это сторона $c=5$. Остальные стороны $a=4$ и $b=4$.

2. Вычисляем квадрат наибольшей стороны: $c^2 = 5^2 = 25$.

3. Вычисляем сумму квадратов двух других сторон: $a^2 + b^2 = 4^2 + 4^2 = 16 + 16 = 32$.

4. Сравниваем полученные значения: $25 < 32$.

Поскольку $c^2 < a^2 + b^2$, треугольник является остроугольным.

Ответ: остроугольный.

б) Стороны равны 17, 8 и 15.

1. Находим наибольшую сторону. Это сторона $c=17$. Остальные стороны $a=8$ и $b=15$.

2. Вычисляем квадрат наибольшей стороны: $c^2 = 17^2 = 289$.

3. Вычисляем сумму квадратов двух других сторон: $a^2 + b^2 = 8^2 + 15^2 = 64 + 225 = 289$.

4. Сравниваем полученные значения: $289 = 289$.

Поскольку $c^2 = a^2 + b^2$, треугольник является прямоугольным.

Ответ: прямоугольный.

в) Стороны равны 9, 5 и 6.

1. Находим наибольшую сторону. Это сторона $c=9$. Остальные стороны $a=5$ и $b=6$.

2. Вычисляем квадрат наибольшей стороны: $c^2 = 9^2 = 81$.

3. Вычисляем сумму квадратов двух других сторон: $a^2 + b^2 = 5^2 + 6^2 = 25 + 36 = 61$.

4. Сравниваем полученные значения: $81 > 61$.

Поскольку $c^2 > a^2 + b^2$, треугольник является тупоугольным.

Ответ: тупоугольный.

№1121 (с. 282)
Условие. №1121 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Условие

1121 Две равные по величине силы приложены к одной точке под углом 72° друг к другу. Найдите величины этих сил, если величина их равнодействующей равна 120 кг.

Решение 2. №1121 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Решение 2
Решение 3. №1121 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Решение 3
Решение 4. №1121 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Решение 4
Решение 6. №1121 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Решение 6
Решение 7. №1121 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Решение 7
Решение 9. №1121 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1121, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1121 (с. 282)

Пусть $F$ — искомая величина каждой из двух равных сил, $\alpha = 72^\circ$ — угол между ними, а $R = 120$ кг — величина их равнодействующей.

Равнодействующая двух векторов сил находится по правилу параллелограмма. Величина равнодействующей ($R$) связана с величинами исходных сил ($F$) и углом между ними ($\alpha$) по теореме косинусов:$R^2 = F^2 + F^2 + 2 \cdot F \cdot F \cdot \cos(\alpha)$$R^2 = 2F^2(1 + \cos(\alpha))$

Для дальнейшего упрощения используем тригонометрическую формулу $1 + \cos(\alpha) = 2\cos^2(\frac{\alpha}{2})$. Подставив ее в предыдущее уравнение, получим:$R^2 = 2F^2 \cdot 2\cos^2(\frac{\alpha}{2}) = 4F^2\cos^2(\frac{\alpha}{2})$Отсюда можно выразить $F$:$R = 2F\cos(\frac{\alpha}{2})$$F = \frac{R}{2\cos(\frac{\alpha}{2})}$

Подставим числовые значения: $R = 120$ и $\alpha = 72^\circ$, тогда $\frac{\alpha}{2} = 36^\circ$.$F = \frac{120}{2\cos(36^\circ)} = \frac{60}{\cos(36^\circ)}$

Значение $\cos(36^\circ)$ является известной величиной, равной $\frac{1+\sqrt{5}}{4}$. Подставим его в формулу:$F = \frac{60}{\frac{1+\sqrt{5}}{4}} = \frac{240}{1+\sqrt{5}}$

Избавимся от иррациональности в знаменателе, домножив числитель и знаменатель на сопряженное выражение $\sqrt{5}-1$:$F = \frac{240(\sqrt{5}-1)}{(\sqrt{5}+1)(\sqrt{5}-1)} = \frac{240(\sqrt{5}-1)}{(\sqrt{5})^2 - 1^2} = \frac{240(\sqrt{5}-1)}{5-1} = \frac{240(\sqrt{5}-1)}{4} = 60(\sqrt{5}-1)$

Ответ: $60(\sqrt{5}-1)$ кг.

№1122 (с. 282)
Условие. №1122 (с. 282)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1122, Условие

1122 Докажите, что отношение стороны треугольника к синусу противолежащего угла равно диаметру описанной окружности.

Решение

Пусть R — радиус окружности, описанной около треугольника ABC. Докажем, что BCsin A=2R, или BC=2R sin A.

Проведём диаметр ВА₁ (рис. 333) и рассмотрим треугольник А₁ВC (случай, когда точки A₁ и С совпадают, рассмотрите самостоятельно). Угол С этого треугольника прямой, поэтому BС=ВА₁⋅sinA₁. Но sinA₁=sinА. Действительно, если точка А₁ лежит на дуге ВАC (рис. 333, а), то A₁=∠A, а если на дуге BDC (рис. 333, б), то А₁=180°−∠А. И в том, и в другом случае sin A₁=sinA. Следовательно,

ВС=ВА₁⋅sinА, или BC=2R sin A.

Рисунок 333
Решение 3. №1122 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1122, Решение 3
Решение 4. №1122 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1122, Решение 4
Решение 9. №1122 (с. 282)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 282, номер 1122, Решение 9
Решение 11. №1122 (с. 282)

Требуется доказать, что для произвольного треугольника отношение его стороны к синусу противолежащего угла равно диаметру описанной около этого треугольника окружности.

Пусть дан треугольник $ABC$ со сторонами $a, b, c$, где $a=BC$, $b=AC$, $c=AB$, и противолежащими им углами $A, B, C$. Пусть около треугольника описана окружность радиусом $R$ и центром $O$. Нам нужно доказать, что $\frac{a}{\sin A} = 2R$.

Проведём из вершины $B$ диаметр $BA_1$ (см. рис. 333). Точка $A_1$ будет лежать на окружности. Соединим точки $A_1$ и $C$ отрезком.

Рассмотрим полученный треугольник $\triangle A_1BC$. Угол $\angle BCA_1$ является вписанным в окружность и опирается на её диаметр $BA_1$. По свойству вписанного угла, опирающегося на диаметр, $\angle BCA_1 = 90^\circ$. Следовательно, треугольник $\triangle A_1BC$ — прямоугольный.

В прямоугольном треугольнике $A_1BC$ (с гипотенузой $BA_1 = 2R$) по определению синуса угла:
$\sin(\angle BA_1C) = \frac{BC}{BA_1} = \frac{a}{2R}$
Из этого выражения получаем: $a = 2R \cdot \sin(\angle BA_1C)$.

Теперь необходимо связать угол $\angle BA_1C$ с углом $A$ исходного треугольника. Рассмотрим три возможных случая.

Случай 1: Угол $A$ — острый (рис. 333, а)
В этом случае вершины $A$ и $A_1$ лежат в одной полуплоскости относительно прямой $BC$. Вписанные углы $\angle BAC$ и $\angle BA_1C$ опираются на одну и ту же дугу $BC$. Следовательно, эти углы равны: $\angle A = \angle BA_1C$. Тогда и синусы этих углов равны: $\sin A = \sin(\angle BA_1C)$.

Случай 2: Угол $A$ — тупой (рис. 333, б)
В этом случае вершины $A$ и $A_1$ лежат в разных полуплоскостях относительно прямой $BC$. Четырёхугольник $ABA_1C$ вписан в окружность. По свойству вписанного четырёхугольника, сумма его противоположных углов равна $180^\circ$. Таким образом, $\angle A + \angle BA_1C = 180^\circ$, откуда $\angle BA_1C = 180^\circ - \angle A$. По формуле приведения, $\sin(180^\circ - \alpha) = \sin \alpha$, получаем: $\sin(\angle BA_1C) = \sin(180^\circ - A) = \sin A$.

Случай 3: Угол $A$ — прямой
Если $\angle A = 90^\circ$, то он опирается на диаметр. Это означает, что противолежащая сторона $BC$ является диаметром описанной окружности, то есть $a = 2R$. При этом $\sin A = \sin 90^\circ = 1$. Проверим равенство: $\frac{a}{\sin A} = \frac{2R}{1} = 2R$. Равенство выполняется.

Таким образом, во всех трёх случаях было показано, что $\sin(\angle BA_1C) = \sin A$. Подставим этот результат в полученную ранее формулу $a = 2R \cdot \sin(\angle BA_1C)$:
$a = 2R \sin A$

Разделив обе части равенства на $\sin A$ (это допустимо, так как угол треугольника находится в интервале $(0, 180^\circ)$, и его синус не равен нулю), мы получаем искомое соотношение:
$\frac{a}{\sin A} = 2R$

Поскольку рассуждения проводились для произвольно выбранной стороны $a=BC$ и противолежащего ей угла $A$, они справедливы для любой другой стороны и противолежащего ей угла треугольника.

Ответ: Доказано, что отношение стороны треугольника к синусу противолежащего угла равно диаметру описанной окружности, то есть для любого треугольника выполняются равенства $\frac{a}{\sin A} = \frac{b}{\sin B} = \frac{c}{\sin C} = 2R$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться