Страница 75 - гдз по геометрии 10-11 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Киселёва Л. С.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2019 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: коричневый с ромбами

ISBN: 978-5-09-103606-0 (2023)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Cтраница 75

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75
№239 (с. 75)
Условие. №239 (с. 75)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 239, Условие

239. Основанием пирамиды является ромб, сторона которого равна 5 см, а одна из диагоналей равна 8 см. Найдите боковые рёбра пирамиды, если высота её проходит через точку пересечения диагоналей основания и равна 7 см.

Решение 2. №239 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 239, Решение 2
Решение 4. №239 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 239, Решение 4
Решение 5. №239 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 239, Решение 5
Решение 6. №239 (с. 75)

Пусть основанием пирамиды $SABCD$ является ромб $ABCD$. Высота пирамиды $SO$ проходит через точку $O$ пересечения диагоналей ромба.
По условию задачи даны: сторона ромба $a = 5$ см, одна из диагоналей $d_1 = AC = 8$ см, высота пирамиды $H = SO = 7$ см.

Нахождение диагоналей ромба
Диагонали ромба в точке пересечения делятся пополам и взаимно перпендикулярны. Следовательно, $AO = OC = \frac{d_1}{2} = \frac{8}{2} = 4$ см. Треугольник $AOB$ является прямоугольным с прямым углом $AOB$.
По теореме Пифагора для треугольника $AOB$, где гипотенуза $AB=5$ см и катет $AO=4$ см, найдем второй катет $BO$:
$BO^2 = AB^2 - AO^2 = 5^2 - 4^2 = 25 - 16 = 9$
$BO = \sqrt{9} = 3$ см.
Таким образом, половина второй диагонали равна 3 см. Вся вторая диагональ $d_2 = BD = 2 \cdot BO = 2 \cdot 3 = 6$ см.

Нахождение боковых ребер
Поскольку высота $SO$ перпендикулярна плоскости основания, треугольники $SOA$, $SOB$, $SOC$ и $SOD$ являются прямоугольными. Боковые ребра пирамиды — это гипотенузы этих треугольников.
Расстояния от основания высоты до вершин ромба равны половинам диагоналей: $OA = OC = 4$ см и $OB = OD = 3$ см. Это означает, что у пирамиды есть две пары равных боковых ребер.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $SOA$ для нахождения ребер $SA$ и $SC$:
$SA^2 = SO^2 + AO^2 = 7^2 + 4^2 = 49 + 16 = 65$
$SA = SC = \sqrt{65}$ см.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $SOB$ для нахождения ребер $SB$ и $SD$:
$SB^2 = SO^2 + BO^2 = 7^2 + 3^2 = 49 + 9 = 58$
$SB = SD = \sqrt{58}$ см.

Ответ: два боковых ребра равны $\sqrt{65}$ см, а два других — $\sqrt{58}$ см.

№240 (с. 75)
Условие. №240 (с. 75)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 240, Условие

240. Основанием пирамиды является параллелограмм, стороны которого равны 20 см и 36 см, а площадь равна 360 см². Высота пирамиды проходит через точку пересечения диагоналей основания и равна 12 см. Найдите площадь боковой поверхности пирамиды.

Решение 2. №240 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 240, Решение 2
Решение 4. №240 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 240, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 240, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №240 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 240, Решение 5
Решение 6. №240 (с. 75)

Пусть основанием пирамиды является параллелограмм со сторонами $a = 20$ см и $b = 36$ см. Площадь основания $S_{осн} = 360$ см?. Высота пирамиды $H = 12$ см, и ее основание, точка $O$, совпадает с точкой пересечения диагоналей параллелограмма.

Площадь боковой поверхности пирамиды $S_{бок}$ складывается из площадей четырех боковых граней, которые являются треугольниками. Поскольку высота пирамиды опущена в центр симметрии основания (точку пересечения диагоналей), противолежащие боковые грани попарно равны. Площадь боковой поверхности можно найти как сумму площадей двух пар равных треугольников: $S_{бок} = 2 \cdot S_1 + 2 \cdot S_2$, где $S_1$ и $S_2$ – площади смежных боковых граней с основаниями $a$ и $b$ соответственно.

Площадь каждой грани равна половине произведения ее основания на высоту, проведенную к этому основанию (апофему). Пусть $h_a$ и $h_b$ – апофемы, проведенные к сторонам $a$ и $b$ соответственно. Тогда формула площади боковой поверхности примет вид: $S_{бок} = 2 \cdot (\frac{1}{2} a h_a) + 2 \cdot (\frac{1}{2} b h_b) = a h_a + b h_b$.

Чтобы найти апофемы, сначала определим высоты параллелограмма в основании, проведенные к сторонам $a$ и $b$. Обозначим их $H_a$ и $H_b$. Из формулы площади параллелограмма $S_{осн} = a \cdot H_a$ находим высоту, проведенную к стороне $a$: $H_a = \frac{S_{осн}}{a} = \frac{360}{20} = 18$ см. Аналогично для стороны $b$: $H_b = \frac{S_{осн}}{b} = \frac{360}{36} = 10$ см.

Точка пересечения диагоналей параллелограмма $O$ находится на одинаковом расстоянии от противолежащих сторон, и это расстояние равно половине соответствующей высоты параллелограмма. Обозначим эти расстояния (проекции апофем на основание) как $r_a$ и $r_b$: $r_a = \frac{H_a}{2} = \frac{18}{2} = 9$ см. $r_b = \frac{H_b}{2} = \frac{10}{2} = 5$ см. Эти отрезки являются катетами в прямоугольных треугольниках, где вторым катетом является высота пирамиды $H$, а гипотенузой — соответствующая апофема.

По теореме Пифагора находим длины апофем $h_a$ и $h_b$: $h_a = \sqrt{H^2 + r_a^2} = \sqrt{12^2 + 9^2} = \sqrt{144 + 81} = \sqrt{225} = 15$ см. $h_b = \sqrt{H^2 + r_b^2} = \sqrt{12^2 + 5^2} = \sqrt{144 + 25} = \sqrt{169} = 13$ см.

Теперь можем вычислить площадь боковой поверхности пирамиды, подставив найденные значения в формулу: $S_{бок} = a \cdot h_a + b \cdot h_b = 20 \cdot 15 + 36 \cdot 13 = 300 + 468 = 768$ см?.

Ответ: 768 см?.

№241 (с. 75)
Условие. №241 (с. 75)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 241, Условие

241. Основанием пирамиды является параллелограмм со сторонами 5 м и 4 м и меньшей диагональю 3 м. Высота пирамиды проходит через точку пересечения диагоналей основания и равна 2 м. Найдите площадь полной поверхности пирамиды.

Решение 2. №241 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 241, Решение 2
Решение 4. №241 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 241, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 241, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №241 (с. 75)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 75, номер 241, Решение 5
Решение 6. №241 (с. 75)

Площадь полной поверхности пирамиды $S_{полн}$ вычисляется как сумма площади ее основания $S_{осн}$ и площади боковой поверхности $S_{бок}$: $S_{полн} = S_{осн} + S_{бок}$.

Сначала найдем площадь основания. Основанием пирамиды является параллелограмм со сторонами $a=5$ м, $b=4$ м и меньшей диагональю $d_1=3$ м. Эта диагональ делит параллелограмм на два равных треугольника со сторонами 5 м, 4 м и 3 м. Для этих сторон выполняется теорема Пифагора: $3^2 + 4^2 = 9 + 16 = 25 = 5^2$. Это означает, что треугольники являются прямоугольными с катетами 3 м и 4 м. Площадь одного такого треугольника составляет $S_{тр} = \frac{1}{2} \cdot 3 \cdot 4 = 6$ м2. Площадь всего параллелограмма в основании равна удвоенной площади треугольника: $S_{осн} = 2 \cdot S_{тр} = 2 \cdot 6 = 12$ м2.

Далее найдем площадь боковой поверхности. Она состоит из четырех треугольных граней. Поскольку высота пирамиды $H=2$ м проходит через точку пересечения диагоналей основания (центр симметрии параллелограмма), боковые грани попарно равны. Есть две грани с основанием $a=5$ м и две грани с основанием $b=4$ м. Для вычисления их площадей необходимо найти высоты этих граней (апофемы), которые мы обозначим $h_5$ и $h_4$.

Апофему можно найти как гипотенузу в прямоугольном треугольнике, катетами которого являются высота пирамиды $H$ и расстояние от ее основания до соответствующей стороны основания параллелограмма. Эти расстояния равны половинам высот параллелограмма. Найдем высоты параллелограмма $h_{p,5}$ (к стороне 5) и $h_{p,4}$ (к стороне 4), используя его площадь:

$h_{p,5} = \frac{S_{осн}}{5} = \frac{12}{5} = 2.4$ м.

$h_{p,4} = \frac{S_{осн}}{4} = \frac{12}{4} = 3$ м.

Расстояния от центра до сторон равны $m_5 = \frac{h_{p,5}}{2} = \frac{2.4}{2} = 1.2$ м и $m_4 = \frac{h_{p,4}}{2} = \frac{3}{2} = 1.5$ м.

Теперь по теореме Пифагора находим апофемы:

Апофема к стороне 5: $h_5 = \sqrt{H^2 + m_5^2} = \sqrt{2^2 + 1.2^2} = \sqrt{4 + 1.44} = \sqrt{5.44}$ м.

Апофема к стороне 4: $h_4 = \sqrt{H^2 + m_4^2} = \sqrt{2^2 + 1.5^2} = \sqrt{4 + 2.25} = \sqrt{6.25} = 2.5$ м.

Площадь боковой поверхности $S_{бок}$ равна сумме площадей четырех граней:

$S_{бок} = 2 \cdot (\frac{1}{2} \cdot 5 \cdot h_5) + 2 \cdot (\frac{1}{2} \cdot 4 \cdot h_4) = 5 \cdot h_5 + 4 \cdot h_4$.

Подставим значения: $S_{бок} = 5 \sqrt{5.44} + 4 \cdot 2.5 = 5 \sqrt{5.44} + 10$.

Упростим корень: $\sqrt{5.44} = \sqrt{\frac{544}{100}} = \frac{\sqrt{16 \cdot 34}}{10} = \frac{4\sqrt{34}}{10} = \frac{2\sqrt{34}}{5}$.

Тогда $S_{бок} = 5 \cdot \frac{2\sqrt{34}}{5} + 10 = 2\sqrt{34} + 10$ м2.

Наконец, находим площадь полной поверхности пирамиды:

$S_{полн} = S_{осн} + S_{бок} = 12 + (10 + 2\sqrt{34}) = 22 + 2\sqrt{34}$ м2.

Итоговый результат можно записать как $S_{полн} = 2(11 + \sqrt{34})$ м2.

Ответ: $22 + 2\sqrt{34}$ м2 или $2(11 + \sqrt{34})$ м2.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться