Номер 7.20, страница 56 - гдз по алгебре 11 класс учебник Мерзляк, Номировский

Авторы: Мерзляк А. Г., Номировский Д. А., Полонский В. Б., Якир М. С.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2016 - 2025
Уровень обучения: базовый
Цвет обложки: синий, зелёный
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Математика. Алгебра и начала математического анализа
Популярные ГДЗ в 11 классе
Упражнения. § 7. Логарифмические неравенства. Глава 1. Показательная и логарифмическая функции - номер 7.20, страница 56.
№7.20 (с. 56)
Учебник. №7.20 (с. 56)
скриншот условия

7.20. Решите неравенство:
1) $ \log_7^2 (7x) - \log_7 x \ge 3; $
2) $ \log_6^2 \frac{x}{216} + 8\log_6 x - 12 \le 0; $
3) $ \frac{\log_3^2 x - 6\log_3 x + 8}{\log_3 x - 1} \ge 0; $
4) $ \log_{0.5} x - 2\log_x 0.5 \le 1. $
Решение. №7.20 (с. 56)


Решение 2. №7.20 (с. 56)
1) $ \log_7^2(7x) - \log_7 x \ge 3 $
Область допустимых значений (ОДЗ): аргументы логарифмов должны быть положительными.
$ 7x > 0 \implies x > 0 $
$ x > 0 $
Следовательно, ОДЗ: $ x \in (0, +\infty) $.
Используем свойство логарифма произведения: $ \log_a(bc) = \log_a b + \log_a c $.
$ \log_7(7x) = \log_7 7 + \log_7 x = 1 + \log_7 x $.
Подставим это в исходное неравенство:
$ (1 + \log_7 x)^2 - \log_7 x \ge 3 $
Сделаем замену переменной. Пусть $ t = \log_7 x $.
$ (1 + t)^2 - t \ge 3 $
Решим полученное неравенство относительно $t$:
$ 1 + 2t + t^2 - t \ge 3 $
$ t^2 + t - 2 \ge 0 $
Найдем корни квадратного трехчлена $ t^2 + t - 2 = 0 $. По теореме Виета, корни $ t_1 = 1 $ и $ t_2 = -2 $.
Поскольку это парабола с ветвями вверх, неравенство $ t^2 + t - 2 \ge 0 $ выполняется при $ t \le -2 $ или $ t \ge 1 $.
Выполним обратную замену:
1. $ \log_7 x \le -2 $. Так как основание логарифма $ 7 > 1 $, функция возрастающая, знак неравенства сохраняется: $ x \le 7^{-2} \implies x \le \frac{1}{49} $.
2. $ \log_7 x \ge 1 $. Аналогично, $ x \ge 7^1 \implies x \ge 7 $.
Объединим полученные решения с ОДЗ ($x > 0$):
$ 0 < x \le \frac{1}{49} $ и $ x \ge 7 $.
Ответ: $ x \in (0, \frac{1}{49}] \cup [7, +\infty) $.
2) $ \log_6^2 \frac{x}{216} + 8\log_6 x - 12 \le 0 $
ОДЗ: $ x > 0 $ и $ \frac{x}{216} > 0 $. Оба условия сводятся к $ x > 0 $.
ОДЗ: $ x \in (0, +\infty) $.
Используем свойство логарифма частного: $ \log_a \frac{b}{c} = \log_a b - \log_a c $.
$ \log_6 \frac{x}{216} = \log_6 x - \log_6 216 $. Поскольку $ 216 = 6^3 $, то $ \log_6 216 = 3 $.
Таким образом, $ \log_6 \frac{x}{216} = \log_6 x - 3 $.
Подставим в неравенство:
$ (\log_6 x - 3)^2 + 8\log_6 x - 12 \le 0 $
Сделаем замену $ t = \log_6 x $:
$ (t - 3)^2 + 8t - 12 \le 0 $
Решим неравенство относительно $t$:
$ t^2 - 6t + 9 + 8t - 12 \le 0 $
$ t^2 + 2t - 3 \le 0 $
Найдем корни уравнения $ t^2 + 2t - 3 = 0 $. По теореме Виета, $ t_1 = 1 $ и $ t_2 = -3 $.
Парабола с ветвями вверх, поэтому неравенство $ t^2 + 2t - 3 \le 0 $ выполняется между корнями: $ -3 \le t \le 1 $.
Выполним обратную замену:
$ -3 \le \log_6 x \le 1 $.
Так как основание логарифма $ 6 > 1 $, функция возрастающая:
$ 6^{-3} \le x \le 6^1 $
$ \frac{1}{216} \le x \le 6 $.
Это решение полностью входит в ОДЗ.
Ответ: $ x \in [\frac{1}{216}, 6] $.
3) $ \frac{\log_3^2 x - 6\log_3 x + 8}{\log_3 x - 1} \ge 0 $
ОДЗ: $ x > 0 $ и знаменатель не равен нулю $ \log_3 x - 1 \neq 0 \implies \log_3 x \neq 1 \implies x \neq 3 $.
ОДЗ: $ x \in (0, 3) \cup (3, +\infty) $.
Сделаем замену $ t = \log_3 x $:
$ \frac{t^2 - 6t + 8}{t - 1} \ge 0 $
Решим это рациональное неравенство методом интервалов.
Найдем корни числителя: $ t^2 - 6t + 8 = 0 \implies t_1 = 2, t_2 = 4 $.
Найдем корень знаменателя: $ t - 1 = 0 \implies t_3 = 1 $.
Неравенство можно переписать в виде: $ \frac{(t-2)(t-4)}{t-1} \ge 0 $.
Наносим точки $1, 2, 4$ на числовую ось и определяем знаки на интервалах. Точки $2, 4$ закрашенные, точка $1$ выколотая.
Интервалы, где выражение неотрицательно: $ (1, 2] \cup [4, +\infty) $.
Выполним обратную замену:
1. $ 1 < \log_3 x \le 2 $. Так как основание $ 3 > 1 $: $ 3^1 < x \le 3^2 \implies 3 < x \le 9 $.
2. $ \log_3 x \ge 4 $. Аналогично: $ x \ge 3^4 \implies x \ge 81 $.
Оба интервала удовлетворяют ОДЗ.
Ответ: $ x \in (3, 9] \cup [81, +\infty) $.
4) $ \log_{0.5} x - 2\log_x 0.5 \le 1 $
ОДЗ: аргумент логарифма $ x > 0 $, основание логарифма $ x > 0 $ и $ x \neq 1 $.
ОДЗ: $ x \in (0, 1) \cup (1, +\infty) $.
Используем формулу перехода к новому основанию: $ \log_b a = \frac{1}{\log_a b} $.
$ \log_x 0.5 = \frac{1}{\log_{0.5} x} $.
Подставим в неравенство:
$ \log_{0.5} x - \frac{2}{\log_{0.5} x} \le 1 $
Сделаем замену $ t = \log_{0.5} x $:
$ t - \frac{2}{t} \le 1 $
Решим неравенство относительно $t$:
$ t - \frac{2}{t} - 1 \le 0 $
$ \frac{t^2 - t - 2}{t} \le 0 $
Решим методом интервалов. Корни числителя $ t^2 - t - 2 = 0 $: $ t_1 = 2, t_2 = -1 $. Корень знаменателя: $ t_3 = 0 $.
Неравенство в виде $ \frac{(t-2)(t+1)}{t} \le 0 $.
Наносим точки $-1, 0, 2$ на числовую ось. Точки $-1, 2$ закрашенные, точка $0$ выколотая.
Интервалы, где выражение неположительно: $ (-\infty, -1] \cup (0, 2] $.
Выполним обратную замену. Учитываем, что основание логарифма $ 0.5 < 1 $, поэтому логарифмическая функция убывающая и при потенцировании знак неравенства меняется на противоположный.
1. $ \log_{0.5} x \le -1 \implies x \ge (0.5)^{-1} \implies x \ge 2 $.
2. $ 0 < \log_{0.5} x \le 2 $. Это двойное неравенство:
$ \log_{0.5} x > 0 \implies x < (0.5)^0 \implies x < 1 $.
$ \log_{0.5} x \le 2 \implies x \ge (0.5)^2 \implies x \ge 0.25 $.
Объединяя, получаем $ 0.25 \le x < 1 $.
Объединяем полученные решения, они удовлетворяют ОДЗ.
Ответ: $ x \in [0.25, 1) \cup [2, +\infty) $.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 7.20 расположенного на странице 56 к учебнику 2016 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №7.20 (с. 56), авторов: Мерзляк (Аркадий Григорьевич), Номировский (Дмитрий Анатольевич), Полонский (Виталий Борисович), Якир (Михаил Семёнович), ФГОС (старый) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.