Номер 5.115, страница 161 - гдз по алгебре 11 класс учебник Никольский, Потапов

Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.

Тип: Учебник

Серия: мгу - школе

Издательство: Просвещение

Год издания: 2014 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: голубой в сеточку

ISBN: 978-5-09-087641-4

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 11 классе

Параграф 5. Применение производной. Глава 1. Функции. Производные. Интегралы - номер 5.115, страница 161.

№5.115 (с. 161)
Условие. №5.115 (с. 161)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Условие

5.115 Найдите промежутки возрастания, убывания, точки экстремума функции, постройте её график. Найдите наибольшее и наименьшее значения этой функции на указанном отрезке:

а) $y = -2x^4 + 4x^2 + 3$, $[-2; 0,5]$

б) $y = x^3 - 3x + 3$, $[-0,5; 3]$

в) $y = (x - 1)^2 (2x + 4)$, $[-2,5; 1,5]$

г) $y = (2x - 4)(x + 1)^2$, $[-1,5; 2,5]$

д) $y = \frac{1}{8}(x + 3)(x - 3)^2$, $[-2; 1]$

е) $y = \frac{1}{4}(x - 3)(x + 3)^2$, $[-4; -1]$

Решение 1. №5.115 (с. 161)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 1 Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 1 (продолжение 2) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 1 (продолжение 3) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 1 (продолжение 4) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 1 (продолжение 5) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 1 (продолжение 6)
Решение 2. №5.115 (с. 161)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 2 Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 2 (продолжение 2) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 2 (продолжение 3) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 2 (продолжение 4) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 2 (продолжение 5) Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 161, номер 5.115, Решение 2 (продолжение 6)
Решение 4. №5.115 (с. 161)

а) $y = -2x^4 + 4x^2 + 3$ на отрезке $[-2; 0,5]$

1. Исследуем функцию. Сначала найдём её производную:
$y' = (-2x^4 + 4x^2 + 3)' = -8x^3 + 8x$.

2. Найдём критические точки, приравняв производную к нулю:
$-8x^3 + 8x = 0$
$-8x(x^2 - 1) = 0$
$-8x(x - 1)(x + 1) = 0$
Критические точки: $x_1 = -1$, $x_2 = 0$, $x_3 = 1$.

3. Определим знаки производной на интервалах, образованных критическими точками:
- На интервале $(-\infty; -1)$, $y' > 0$, функция возрастает.
- На интервале $(-1; 0)$, $y' < 0$, функция убывает.
- На интервале $(0; 1)$, $y' > 0$, функция возрастает.
- На интервале $(1; \infty)$, $y' < 0$, функция убывает.

Таким образом:
Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[0, 1]$.
Промежутки убывания: $[-1, 0]$ и $[1, \infty)$.
$x = -1$ и $x = 1$ — точки максимума.
$x = 0$ — точка минимума.

4. Найдём значения функции в точках экстремума:
$y_{max} = y(-1) = -2(-1)^4 + 4(-1)^2 + 3 = -2 + 4 + 3 = 5$.
$y_{min} = y(0) = -2(0)^4 + 4(0)^2 + 3 = 3$.
$y_{max} = y(1) = -2(1)^4 + 4(1)^2 + 3 = -2 + 4 + 3 = 5$.

5. Для построения графика можно использовать точки экстремумов $(-1, 5)$, $(0, 3)$, $(1, 5)$. Функция является чётной, её график симметричен относительно оси Oy.

6. Найдём наибольшее и наименьшее значения функции на отрезке $[-2; 0,5]$.
Критические точки, попадающие в отрезок: $x = -1$ и $x = 0$.
Вычислим значения функции в этих точках и на концах отрезка:
$y(-2) = -2(-2)^4 + 4(-2)^2 + 3 = -32 + 16 + 3 = -13$.
$y(-1) = 5$.
$y(0) = 3$.
$y(0,5) = -2(0,5)^4 + 4(0,5)^2 + 3 = -2(0,0625) + 4(0,25) + 3 = -0,125 + 1 + 3 = 3,875$.
Сравнивая значения $\{-13, 5, 3, 3,875\}$, находим:
Наибольшее значение на отрезке: $y_{наиб} = 5$.
Наименьшее значение на отрезке: $y_{наим} = -13$.

Ответ: Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[0, 1]$. Промежутки убывания: $[-1, 0]$ и $[1, \infty)$. Точки максимума: $x = -1, x=1$. Точка минимума: $x = 0$. На отрезке $[-2; 0,5]$ наибольшее значение $y_{наиб} = 5$ (при $x=-1$), наименьшее значение $y_{наим} = -13$ (при $x=-2$).


б) $y = x^3 - 3x + 3$ на отрезке $[-0,5; 3]$

1. Найдём производную функции:
$y' = (x^3 - 3x + 3)' = 3x^2 - 3$.

2. Найдём критические точки:
$3x^2 - 3 = 0$
$3(x^2 - 1) = 0$
$x^2 = 1$
Критические точки: $x_1 = -1$, $x_2 = 1$.

3. Определим знаки производной: $y' = 3(x-1)(x+1)$.
- На $(-\infty; -1)$, $y' > 0$, функция возрастает.
- На $(-1; 1)$, $y' < 0$, функция убывает.
- На $(1; \infty)$, $y' > 0$, функция возрастает.

Таким образом:
Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[1, \infty)$.
Промежутки убывания: $[-1, 1]$.
$x = -1$ — точка максимума. $y(-1) = (-1)^3 - 3(-1) + 3 = -1 + 3 + 3 = 5$.
$x = 1$ — точка минимума. $y(1) = 1^3 - 3(1) + 3 = 1 - 3 + 3 = 1$.

4. Ключевые точки для графика: точка максимума $(-1, 5)$, точка минимума $(1, 1)$.

5. Найдём наибольшее и наименьшее значения на отрезке $[-0,5; 3]$.
Критическая точка $x=1$ принадлежит отрезку, а $x=-1$ — нет.
Вычислим значения функции в точке $x=1$ и на концах отрезка:
$y(-0,5) = (-0,5)^3 - 3(-0,5) + 3 = -0,125 + 1,5 + 3 = 4,375$.
$y(1) = 1$.
$y(3) = 3^3 - 3(3) + 3 = 27 - 9 + 3 = 21$.
Сравнивая значения $\{4,375, 1, 21\}$, находим:
Наибольшее значение на отрезке: $y_{наиб} = 21$.
Наименьшее значение на отрезке: $y_{наим} = 1$.

Ответ: Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[1, \infty)$. Промежутки убывания: $[-1, 1]$. Точка максимума: $x = -1$. Точка минимума: $x = 1$. На отрезке $[-0,5; 3]$ наибольшее значение $y_{наиб} = 21$ (при $x=3$), наименьшее значение $y_{наим} = 1$ (при $x=1$).


в) $y = (x - 1)^2 (2x + 4)$ на отрезке $[-2,5; 1,5]$

1. Упростим функцию: $y = (x^2 - 2x + 1)(2x + 4) = 2(x^2 - 2x + 1)(x + 2) = 2(x^3 + 2x^2 - 2x^2 - 4x + x + 2) = 2(x^3 - 3x + 2) = 2x^3 - 6x + 4$.
Найдём производную:
$y' = (2x^3 - 6x + 4)' = 6x^2 - 6$.

2. Найдём критические точки:
$6x^2 - 6 = 0 \implies x^2 = 1 \implies x = \pm 1$.
Критические точки: $x_1 = -1$, $x_2 = 1$.

3. Анализ знаков производной (аналогично пункту б):
Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[1, \infty)$.
Промежутки убывания: $[-1, 1]$.
$x = -1$ — точка максимума. $y(-1) = 2(-1)^3 - 6(-1) + 4 = -2 + 6 + 4 = 8$.
$x = 1$ — точка минимума. $y(1) = 2(1)^3 - 6(1) + 4 = 2 - 6 + 4 = 0$.

4. Для графика используем точки экстремумов $(-1, 8)$ и $(1, 0)$.

5. Найдём наибольшее и наименьшее значения на отрезке $[-2,5; 1,5]$.
Обе критические точки $x = -1$ и $x = 1$ принадлежат отрезку.
$y(-2,5) = 2(-2,5)^3 - 6(-2,5) + 4 = 2(-15,625) + 15 + 4 = -31,25 + 19 = -12,25$.
$y(-1) = 8$.
$y(1) = 0$.
$y(1,5) = 2(1,5)^3 - 6(1,5) + 4 = 2(3,375) - 9 + 4 = 6,75 - 5 = 1,75$.
Сравнивая значения $\{-12,25, 8, 0, 1,75\}$, находим:
Наибольшее значение: $y_{наиб} = 8$.
Наименьшее значение: $y_{наим} = -12,25$.

Ответ: Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[1, \infty)$. Промежутки убывания: $[-1, 1]$. Точка максимума: $x = -1$. Точка минимума: $x = 1$. На отрезке $[-2,5; 1,5]$ наибольшее значение $y_{наиб} = 8$ (при $x=-1$), наименьшее значение $y_{наим} = -12,25$ (при $x=-2,5$).


г) $y = (2x - 4)(x + 1)^2$ на отрезке $[-1,5; 2,5]$

1. Упростим функцию: $y = 2(x - 2)(x^2 + 2x + 1) = 2(x^3 + 2x^2 + x - 2x^2 - 4x - 2) = 2(x^3 - 3x - 2) = 2x^3 - 6x - 4$.
Найдём производную:
$y' = (2x^3 - 6x - 4)' = 6x^2 - 6$.

2. Критические точки (как и в предыдущих пунктах): $x = -1, x = 1$.

3. Промежутки монотонности и экстремумы:
Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[1, \infty)$.
Промежутки убывания: $[-1, 1]$.
$x = -1$ — точка максимума. $y(-1) = 2(-1)^3 - 6(-1) - 4 = -2 + 6 - 4 = 0$.
$x = 1$ — точка минимума. $y(1) = 2(1)^3 - 6(1) - 4 = 2 - 6 - 4 = -8$.

4. Ключевые точки для графика: $(-1, 0)$ и $(1, -8)$.

5. Найдём наибольшее и наименьшее значения на отрезке $[-1,5; 2,5]$.
Обе критические точки $x = -1$ и $x = 1$ принадлежат отрезку.
$y(-1,5) = 2(-1,5)^3 - 6(-1,5) - 4 = 2(-3,375) + 9 - 4 = -6,75 + 5 = -1,75$.
$y(-1) = 0$.
$y(1) = -8$.
$y(2,5) = 2(2,5)^3 - 6(2,5) - 4 = 2(15,625) - 15 - 4 = 31,25 - 19 = 12,25$.
Сравнивая значения $\{-1,75, 0, -8, 12,25\}$, находим:
Наибольшее значение: $y_{наиб} = 12,25$.
Наименьшее значение: $y_{наим} = -8$.

Ответ: Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[1, \infty)$. Промежутки убывания: $[-1, 1]$. Точка максимума: $x = -1$. Точка минимума: $x = 1$. На отрезке $[-1,5; 2,5]$ наибольшее значение $y_{наиб} = 12,25$ (при $x=2,5$), наименьшее значение $y_{наим} = -8$ (при $x=1$).


д) $y = \frac{1}{8}(x + 3)(x - 3)^2$ на отрезке $[-2; 1]$

1. Упростим и найдём производную: $y = \frac{1}{8}(x+3)(x^2-6x+9) = \frac{1}{8}(x^3 - 3x^2 - 9x + 27)$.
$y' = \frac{1}{8}(3x^2 - 6x - 9) = \frac{3}{8}(x^2 - 2x - 3)$.

2. Найдём критические точки:
$x^2 - 2x - 3 = 0$
По теореме Виета: $(x-3)(x+1) = 0$.
Критические точки: $x_1 = -1$, $x_2 = 3$.

3. Определим знаки производной $y' = \frac{3}{8}(x-3)(x+1)$.
Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[3, \infty)$.
Промежутки убывания: $[-1, 3]$.
$x = -1$ — точка максимума. $y(-1) = \frac{1}{8}(-1+3)(-1-3)^2 = \frac{1}{8}(2)(16) = 4$.
$x = 3$ — точка минимума. $y(3) = \frac{1}{8}(3+3)(3-3)^2 = 0$.

4. Ключевые точки для графика: $(-1, 4)$ и $(3, 0)$.

5. Найдём наибольшее и наименьшее значения на отрезке $[-2; 1]$.
Критическая точка $x=-1$ принадлежит отрезку, а $x=3$ — нет.
$y(-2) = \frac{1}{8}(-2+3)(-2-3)^2 = \frac{1}{8}(1)(25) = \frac{25}{8} = 3,125$.
$y(-1) = 4$.
$y(1) = \frac{1}{8}(1+3)(1-3)^2 = \frac{1}{8}(4)(4) = \frac{16}{8} = 2$.
Сравнивая значения $\{3,125, 4, 2\}$, находим:
Наибольшее значение: $y_{наиб} = 4$.
Наименьшее значение: $y_{наим} = 2$.

Ответ: Промежутки возрастания: $(-\infty, -1]$ и $[3, \infty)$. Промежутки убывания: $[-1, 3]$. Точка максимума: $x = -1$. Точка минимума: $x = 3$. На отрезке $[-2; 1]$ наибольшее значение $y_{наиб} = 4$ (при $x=-1$), наименьшее значение $y_{наим} = 2$ (при $x=1$).


е) $y = \frac{1}{4}(x - 3)(x + 3)^2$ на отрезке $[-4; -1]$

1. Упростим и найдём производную: $y = \frac{1}{4}(x-3)(x^2+6x+9) = \frac{1}{4}(x^3 + 3x^2 - 9x - 27)$.
$y' = \frac{1}{4}(3x^2 + 6x - 9) = \frac{3}{4}(x^2 + 2x - 3)$.

2. Найдём критические точки:
$x^2 + 2x - 3 = 0$
По теореме Виета: $(x+3)(x-1) = 0$.
Критические точки: $x_1 = -3$, $x_2 = 1$.

3. Определим знаки производной $y' = \frac{3}{4}(x+3)(x-1)$.
Промежутки возрастания: $(-\infty, -3]$ и $[1, \infty)$.
Промежутки убывания: $[-3, 1]$.
$x = -3$ — точка максимума. $y(-3) = \frac{1}{4}(-3-3)(-3+3)^2 = 0$.
$x = 1$ — точка минимума. $y(1) = \frac{1}{4}(1-3)(1+3)^2 = \frac{1}{4}(-2)(16) = -8$.

4. Ключевые точки для графика: $(-3, 0)$ и $(1, -8)$.

5. Найдём наибольшее и наименьшее значения на отрезке $[-4; -1]$.
Критическая точка $x=-3$ принадлежит отрезку, а $x=1$ — нет.
$y(-4) = \frac{1}{4}(-4-3)(-4+3)^2 = \frac{1}{4}(-7)(1) = -\frac{7}{4} = -1,75$.
$y(-3) = 0$.
$y(-1) = \frac{1}{4}(-1-3)(-1+3)^2 = \frac{1}{4}(-4)(4) = -4$.
Сравнивая значения $\{-1,75, 0, -4\}$, находим:
Наибольшее значение: $y_{наиб} = 0$.
Наименьшее значение: $y_{наим} = -4$.

Ответ: Промежутки возрастания: $(-\infty, -3]$ и $[1, \infty)$. Промежутки убывания: $[-3, 1]$. Точка максимума: $x = -3$. Точка минимума: $x = 1$. На отрезке $[-4; -1]$ наибольшее значение $y_{наиб} = 0$ (при $x=-3$), наименьшее значение $y_{наим} = -4$ (при $x=-1$).

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 5.115 расположенного на странице 161 к учебнику серии мгу - школе 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №5.115 (с. 161), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.