Номер 1.35, страница 20 - гдз по алгебре 10 класс учебник Никольский, Потапов

Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2014 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: голубой в сеточку

ISBN: 978-5-09-087768-8

Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

1.3*. Метод математической индукции. § 1. Действительные числа. Глава I. Корни, степени, логарифмы - номер 1.35, страница 20.

Навигация по странице:

Решение Комментарии
№1.35 (с. 20)
Условие. №1.35 (с. 20)
скриншот условия
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Условие

1.35 Докажите по индукции, что для любого натурального n выполняется равенство:

а) $1 + 2 + 3 + \dots + n = \frac{(n + 1) n}{2}$;

б) $2 + 4 + 6 + \dots + 2n = n (n + 1)$;

в) $3 + 12 + \dots + 3 \cdot 4^{n-1} = 4^n - 1$;

г) $4 + 0 + \dots + 4 \cdot (2 - n) = 2n (3 - n)$;

д) $1 \cdot 2 + 2 \cdot 3 + 3 \cdot 4 + \dots + n (n + 1) = \frac{n (n + 1) (n + 2)}{3}$;

е) $1 \cdot 4 + 2 \cdot 7 + 3 \cdot 10 + \dots + n (3n + 1) = n (n + 1)^2$;

ж) $\frac{1}{1 \cdot 2} + \frac{1}{2 \cdot 3} + \frac{1}{3 \cdot 4} + \dots + \frac{1}{n \cdot (n + 1)} = \frac{n}{n + 1}$;

з) $\frac{1}{4 \cdot 5} + \frac{1}{5 \cdot 6} + \frac{1}{6 \cdot 7} + \dots + \frac{1}{(n + 3) \cdot (n + 4)} = \frac{n}{4 (n + 4)}$;

и) $1 - \frac{1}{2} + \frac{1}{3} - \frac{1}{4} + \dots + \frac{1}{2n - 1} - \frac{1}{2n} = \frac{1}{n + 1} + \frac{1}{n + 2} + \dots + \frac{1}{2n - 1} + \frac{1}{2n}$.

Указание. Пусть A(n) и B(n) — некоторые выражения. Доказать равенство A(n) = B(n) для любого натурального n по индукции можно так:

1) Убедиться, что равенство $A(1) = B(1)$ выполняется.

2) Доказать равенство

$A(k + 1) - A(k) = B(k + 1) - B(k).$ (9)

3) Теперь из предположения $A(k) = B(k)$ и из равенства (9) следует, что $A(k + 1) = B(k + 1)$.

Тогда согласно принципу математической индукции доказываемое равенство верно для любого натурального n.

Решение 1. №1.35 (с. 20)
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 2) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 3) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 4) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 5) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 6) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 7) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 8) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 1 (продолжение 9)
Решение 2. №1.35 (с. 20)
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 2
Решение 3. №1.35 (с. 20)
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 3 Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 3 (продолжение 2) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 3 (продолжение 3) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 3 (продолжение 4)
Решение 4. №1.35 (с. 20)
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 4 Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 20, номер 1.35, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №1.35 (с. 20)

а) Докажем равенство $1 + 2 + 3 + \dots + n = \frac{n(n+1)}{2}$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $1$.
Правая часть: $\frac{1 \cdot (1+1)}{2} = \frac{1 \cdot 2}{2} = 1$.
$1 = 1$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$1 + 2 + 3 + \dots + k = \frac{k(k+1)}{2}$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$1 + 2 + 3 + \dots + k + (k+1) = \frac{(k+1)((k+1)+1)}{2} = \frac{(k+1)(k+2)}{2}$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(1 + 2 + 3 + \dots + k) + (k+1)$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$\frac{k(k+1)}{2} + (k+1) = \frac{k(k+1) + 2(k+1)}{2} = \frac{(k+1)(k+2)}{2}$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

б) Докажем равенство $2 + 4 + 6 + \dots + 2n = n(n+1)$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $2$.
Правая часть: $1 \cdot (1+1) = 2$.
$2 = 2$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$2 + 4 + 6 + \dots + 2k = k(k+1)$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$2 + 4 + 6 + \dots + 2k + 2(k+1) = (k+1)((k+1)+1) = (k+1)(k+2)$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(2 + 4 + 6 + \dots + 2k) + 2(k+1)$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$k(k+1) + 2(k+1) = (k+1)(k+2)$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

в) Докажем равенство $3 + 12 + \dots + 3 \cdot 4^{n-1} = 4^n - 1$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $3 \cdot 4^{1-1} = 3 \cdot 4^0 = 3$.
Правая часть: $4^1 - 1 = 3$.
$3 = 3$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$3 + 12 + \dots + 3 \cdot 4^{k-1} = 4^k - 1$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$3 + 12 + \dots + 3 \cdot 4^{k-1} + 3 \cdot 4^{(k+1)-1} = 4^{k+1} - 1$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(3 + 12 + \dots + 3 \cdot 4^{k-1}) + 3 \cdot 4^k$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$(4^k - 1) + 3 \cdot 4^k = 4^k + 3 \cdot 4^k - 1 = 4^k(1+3) - 1 = 4 \cdot 4^k - 1 = 4^{k+1} - 1$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

г) Докажем равенство $4 + 0 + \dots + 4 \cdot (2-n) = 2n(3-n)$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $4 \cdot (2-1) = 4$.
Правая часть: $2 \cdot 1 \cdot (3-1) = 4$.
$4 = 4$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$4 + 0 + \dots + 4 \cdot (2-k) = 2k(3-k)$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$4 + 0 + \dots + 4 \cdot (2-k) + 4 \cdot (2-(k+1)) = 2(k+1)(3-(k+1)) = 2(k+1)(2-k)$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(4 + 0 + \dots + 4 \cdot (2-k)) + 4(2-k-1) = (4 + 0 + \dots + 4 \cdot (2-k)) + 4(1-k)$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$2k(3-k) + 4(1-k) = 6k - 2k^2 + 4 - 4k = -2k^2 + 2k + 4 = -2(k^2 - k - 2) = -2(k-2)(k+1) = 2(2-k)(k+1)$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

д) Докажем равенство $1 \cdot 2 + 2 \cdot 3 + 3 \cdot 4 + \dots + n(n+1) = \frac{n(n+1)(n+2)}{3}$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $1 \cdot (1+1) = 2$.
Правая часть: $\frac{1 \cdot (1+1)(1+2)}{3} = \frac{1 \cdot 2 \cdot 3}{3} = 2$.
$2 = 2$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$1 \cdot 2 + 2 \cdot 3 + \dots + k(k+1) = \frac{k(k+1)(k+2)}{3}$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$1 \cdot 2 + \dots + k(k+1) + (k+1)(k+2) = \frac{(k+1)(k+2)(k+3)}{3}$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(1 \cdot 2 + \dots + k(k+1)) + (k+1)(k+2)$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$\frac{k(k+1)(k+2)}{3} + (k+1)(k+2) = (k+1)(k+2) \left(\frac{k}{3} + 1\right) = (k+1)(k+2) \frac{k+3}{3} = \frac{(k+1)(k+2)(k+3)}{3}$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

е) Докажем равенство $1 \cdot 4 + 2 \cdot 7 + 3 \cdot 10 + \dots + n(3n+1) = n(n+1)^2$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $1 \cdot (3 \cdot 1 + 1) = 4$.
Правая часть: $1 \cdot (1+1)^2 = 4$.
$4 = 4$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$1 \cdot 4 + 2 \cdot 7 + \dots + k(3k+1) = k(k+1)^2$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$1 \cdot 4 + \dots + k(3k+1) + (k+1)(3(k+1)+1) = (k+1)((k+1)+1)^2 = (k+1)(k+2)^2$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(1 \cdot 4 + \dots + k(3k+1)) + (k+1)(3k+4)$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$k(k+1)^2 + (k+1)(3k+4) = (k+1)[k(k+1) + (3k+4)] = (k+1)(k^2+k+3k+4) = (k+1)(k^2+4k+4) = (k+1)(k+2)^2$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

ж) Докажем равенство $\frac{1}{1 \cdot 2} + \frac{1}{2 \cdot 3} + \dots + \frac{1}{n(n+1)} = \frac{n}{n+1}$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $\frac{1}{1 \cdot 2} = \frac{1}{2}$.
Правая часть: $\frac{1}{1+1} = \frac{1}{2}$.
$\frac{1}{2} = \frac{1}{2}$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$\frac{1}{1 \cdot 2} + \frac{1}{2 \cdot 3} + \dots + \frac{1}{k(k+1)} = \frac{k}{k+1}$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$\frac{1}{1 \cdot 2} + \dots + \frac{1}{k(k+1)} + \frac{1}{(k+1)(k+2)} = \frac{k+1}{k+2}$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(\frac{1}{1 \cdot 2} + \dots + \frac{1}{k(k+1)}) + \frac{1}{(k+1)(k+2)}$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$\frac{k}{k+1} + \frac{1}{(k+1)(k+2)} = \frac{k(k+2)+1}{(k+1)(k+2)} = \frac{k^2+2k+1}{(k+1)(k+2)} = \frac{(k+1)^2}{(k+1)(k+2)} = \frac{k+1}{k+2}$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

з) Докажем равенство $\frac{1}{4 \cdot 5} + \frac{1}{5 \cdot 6} + \dots + \frac{1}{(n+3)(n+4)} = \frac{n}{4(n+4)}$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $\frac{1}{(1+3)(1+4)} = \frac{1}{4 \cdot 5} = \frac{1}{20}$.
Правая часть: $\frac{1}{4(1+4)} = \frac{1}{20}$.
$\frac{1}{20} = \frac{1}{20}$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$\frac{1}{4 \cdot 5} + \frac{1}{5 \cdot 6} + \dots + \frac{1}{(k+3)(k+4)} = \frac{k}{4(k+4)}$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$\frac{1}{4 \cdot 5} + \dots + \frac{1}{(k+3)(k+4)} + \frac{1}{((k+1)+3)((k+1)+4)} = \frac{k+1}{4((k+1)+4)} = \frac{k+1}{4(k+5)}$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(\frac{1}{4 \cdot 5} + \dots + \frac{1}{(k+3)(k+4)}) + \frac{1}{(k+4)(k+5)}$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$\frac{k}{4(k+4)} + \frac{1}{(k+4)(k+5)} = \frac{k(k+5)+4}{4(k+4)(k+5)} = \frac{k^2+5k+4}{4(k+4)(k+5)} = \frac{(k+1)(k+4)}{4(k+4)(k+5)} = \frac{k+1}{4(k+5)}$.
Полученное выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

и) Докажем равенство $1 - \frac{1}{2} + \frac{1}{3} - \frac{1}{4} + \dots + \frac{1}{2n-1} - \frac{1}{2n} = \frac{1}{n+1} + \frac{1}{n+2} + \dots + \frac{1}{2n}$ методом математической индукции.

База индукции (n=1):
Проверим справедливость равенства для $n=1$.
Левая часть: $1 - \frac{1}{2} = \frac{1}{2}$.
Правая часть: $\frac{1}{1+1} = \frac{1}{2}$.
$\frac{1}{2} = \frac{1}{2}$. Равенство верно.

Индукционное предположение (n=k):
Предположим, что равенство верно для некоторого натурального $n=k$:
$1 - \frac{1}{2} + \dots + \frac{1}{2k-1} - \frac{1}{2k} = \frac{1}{k+1} + \frac{1}{k+2} + \dots + \frac{1}{2k}$.

Индукционный шаг (n=k+1):
Докажем, что равенство верно для $n=k+1$, то есть:
$1 - \frac{1}{2} + \dots - \frac{1}{2k} + \frac{1}{2k+1} - \frac{1}{2k+2} = \frac{1}{k+2} + \frac{1}{k+3} + \dots + \frac{1}{2(k+1)}$.
Рассмотрим левую часть равенства:
$(1 - \frac{1}{2} + \dots + \frac{1}{2k-1} - \frac{1}{2k}) + \frac{1}{2k+1} - \frac{1}{2k+2}$.
Используя индукционное предположение, заменим сумму в скобках:
$(\frac{1}{k+1} + \frac{1}{k+2} + \dots + \frac{1}{2k}) + \frac{1}{2k+1} - \frac{1}{2k+2}$.
Перегруппируем слагаемые:
$\frac{1}{k+2} + \dots + \frac{1}{2k} + \frac{1}{2k+1} + (\frac{1}{k+1} - \frac{1}{2k+2})$.
Преобразуем выражение в скобках:
$\frac{1}{k+1} - \frac{1}{2k+2} = \frac{2}{2(k+1)} - \frac{1}{2(k+1)} = \frac{1}{2(k+1)} = \frac{1}{2k+2}$.
Подставим результат обратно в выражение:
$\frac{1}{k+2} + \frac{1}{k+3} + \dots + \frac{1}{2k} + \frac{1}{2k+1} + \frac{1}{2k+2}$.
Это выражение совпадает с правой частью доказываемого равенства для $n=k+1$.

Таким образом, по принципу математической индукции, равенство верно для любого натурального $n$.
Ответ: Доказано.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10 класс, для упражнения номер 1.35 расположенного на странице 20 к учебнику 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №1.35 (с. 20), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться