Номер 191, страница 426 - гдз по алгебре 11 класс учебник Никольский, Потапов

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.
Тип: Учебник
Серия: мгу - школе
Издательство: Просвещение
Год издания: 2014 - 2025
Уровень обучения: базовый и углублённый
Цвет обложки: голубой в сеточку
ISBN: 978-5-09-087641-4
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 11 классе
Задания для повторения - номер 191, страница 426.
№191 (с. 426)
Условие. №191 (с. 426)
скриншот условия

191 a) $\frac{4}{|x + 2|} \geq 3 - x$;
б) $\frac{3}{|x - 1|} \geq 2x + 5$.
Решение 1. №191 (с. 426)


Решение 2. №191 (с. 426)



Решение 4. №191 (с. 426)
а)
Решим неравенство $\frac{4}{|x+2|} \ge 3-x$.
Область допустимых значений (ОДЗ) определяется условием, что знаменатель не равен нулю: $|x+2| \ne 0$, следовательно, $x \ne -2$.
Левая часть неравенства $\frac{4}{|x+2|}$ всегда положительна при $x \ne -2$. Рассмотрим два случая в зависимости от знака правой части.
Случай 1: Правая часть неположительна, то есть $3-x \le 0$, что равносильно $x \ge 3$.
В этом случае неравенство `(положительное число) $\ge$ (неположительное число)` всегда является истинным. Следовательно, все значения $x$ из промежутка $[3, +\infty)$ являются решениями. Это не противоречит ОДЗ.
Случай 2: Правая часть положительна, то есть $3-x > 0$, что равносильно $x < 3$.
В этом случае обе части неравенства положительны. Мы можем умножить обе части на положительный знаменатель $|x+2|$, сохранив знак неравенства:
$4 \ge (3-x)|x+2|$
Теперь необходимо раскрыть модуль $|x+2|$, рассмотрев два подслучая.
Подслучай 2.1: $x+2 > 0 \implies x > -2$. С учетом условия $x < 3$ из случая 2, мы рассматриваем интервал $x \in (-2, 3)$.
На этом интервале $|x+2| = x+2$. Неравенство принимает вид:
$4 \ge (3-x)(x+2)$
$4 \ge 3x + 6 - x^2 - 2x$
$4 \ge -x^2 + x + 6$
$x^2 - x - 2 \ge 0$
Найдем корни квадратного уравнения $x^2 - x - 2 = 0$. Корни равны $x_1 = -1$ и $x_2 = 2$. Так как парабола $y = x^2 - x - 2$ направлена ветвями вверх, неравенство выполняется при $x \in (-\infty, -1] \cup [2, +\infty)$.
Найдем пересечение этого решения с рассматриваемым интервалом $(-2, 3)$: $((-\infty, -1] \cup [2, +\infty)) \cap (-2, 3) = (-2, -1] \cup [2, 3)$.
Подслучай 2.2: $x+2 < 0 \implies x < -2$. Это условие автоматически удовлетворяет условию $x < 3$.
В этом случае $|x+2| = -(x+2)$. Неравенство принимает вид:
$4 \ge (3-x)(-(x+2))$
$4 \ge -(3x+6-x^2-2x)$
$4 \ge x^2 - x - 6$
$x^2 - x - 10 \le 0$
Найдем корни уравнения $x^2 - x - 10 = 0$. Дискриминант $D = (-1)^2 - 4(1)(-10) = 41$. Корни: $x_{1,2} = \frac{1 \pm \sqrt{41}}{2}$.
Парабола направлена ветвями вверх, поэтому неравенство выполняется между корнями: $x \in [\frac{1 - \sqrt{41}}{2}, \frac{1 + \sqrt{41}}{2}]$.
Найдем пересечение этого решения с условием $x < -2$: $[\frac{1 - \sqrt{41}}{2}, \frac{1 + \sqrt{41}}{2}] \cap (-\infty, -2) = [\frac{1 - \sqrt{41}}{2}, -2)$.
Теперь объединим решения, полученные во всех случаях:
Из случая 1: $[3, +\infty)$.
Из подслучая 2.1: $(-2, -1] \cup [2, 3)$.
Из подслучая 2.2: $[\frac{1 - \sqrt{41}}{2}, -2)$.
Общее решение является объединением этих множеств: $[\frac{1 - \sqrt{41}}{2}, -2) \cup (-2, -1] \cup [2, 3) \cup [3, +\infty)$.
Объединяя последние два интервала, получаем окончательный ответ.
Ответ: $x \in [\frac{1-\sqrt{41}}{2}, -2) \cup (-2, -1] \cup [2, +\infty)$.
б)
Решим неравенство $\frac{3}{|x-1|} \ge 2x+5$.
ОДЗ: $x \ne 1$.
Левая часть неравенства всегда положительна. Рассмотрим два случая для правой части.
Случай 1: $2x+5 \le 0 \implies 2x \le -5 \implies x \le -2.5$.
Неравенство `(положительное число) $\ge$ (неположительное число)` всегда верно. Решение для этого случая: $x \in (-\infty, -2.5]$.
Случай 2: $2x+5 > 0 \implies x > -2.5$.
Обе части неравенства положительны, умножим на $|x-1| > 0$:
$3 \ge (2x+5)|x-1|$
Раскроем модуль.
Подслучай 2.1: $x-1 > 0 \implies x > 1$. Рассматриваем интервал $x \in (1, +\infty)$, так как условие $x > -2.5$ выполняется.
Тогда $|x-1| = x-1$. Неравенство принимает вид:
$3 \ge (2x+5)(x-1)$
$3 \ge 2x^2 - 2x + 5x - 5$
$0 \ge 2x^2 + 3x - 8 \implies 2x^2 + 3x - 8 \le 0$
Найдем корни уравнения $2x^2 + 3x - 8 = 0$. Дискриминант $D = 3^2 - 4(2)(-8) = 9 + 64 = 73$. Корни: $x_{1,2} = \frac{-3 \pm \sqrt{73}}{4}$.
Решение неравенства $2x^2 + 3x - 8 \le 0$ есть промежуток $x \in [\frac{-3 - \sqrt{73}}{4}, \frac{-3 + \sqrt{73}}{4}]$.
Пересечение этого решения с интервалом $(1, +\infty)$ дает $(1, \frac{-3 + \sqrt{73}}{4}]$.
Подслучай 2.2: $x-1 < 0 \implies x < 1$. С учетом $x > -2.5$, рассматриваем интервал $x \in (-2.5, 1)$.
Тогда $|x-1| = -(x-1) = 1-x$. Неравенство принимает вид:
$3 \ge (2x+5)(1-x)$
$3 \ge 2x - 2x^2 + 5 - 5x$
$3 \ge -2x^2 - 3x + 5$
$2x^2 + 3x - 2 \ge 0$
Найдем корни уравнения $2x^2 + 3x - 2 = 0$. Дискриминант $D = 3^2 - 4(2)(-2) = 25$. Корни: $x_1 = \frac{-3-5}{4}=-2$ и $x_2 = \frac{-3+5}{4}=0.5$.
Решение неравенства $2x^2 + 3x - 2 \ge 0$: $x \in (-\infty, -2] \cup [0.5, +\infty)$.
Пересечение этого решения с интервалом $(-2.5, 1)$ дает $(-2.5, -2] \cup [0.5, 1)$.
Объединим решения всех случаев, не забывая про ОДЗ ($x \ne 1$):
$(-\infty, -2.5] \cup ((-2.5, -2] \cup [0.5, 1)) \cup (1, \frac{-3 + \sqrt{73}}{4}]$
Объединение первых двух множеств дает $(-\infty, -2]$.
Ответ: $x \in (-\infty, -2] \cup [0.5, 1) \cup (1, \frac{-3 + \sqrt{73}}{4}]$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz
ПрисоединитьсяМы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 191 расположенного на странице 426 к учебнику серии мгу - школе 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №191 (с. 426), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.