Номер 6.59, страница 190 - гдз по алгебре 11 класс учебник Никольский, Потапов

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.
Тип: Учебник
Серия: мгу - школе
Издательство: Просвещение
Год издания: 2014 - 2025
Уровень обучения: базовый и углублённый
Цвет обложки: голубой в сеточку
ISBN: 978-5-09-087641-4
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 11 классе
§ 6. Первообразная и интеграл. Глава 1. Функции. Производные. Интегралы - номер 6.59, страница 190.
№6.59 (с. 190)
Условие. №6.59 (с. 190)
скриншот условия

6.59* a) Найдите ту первообразную для функции $f(x) = 2x + 4$, график которой касается прямой $y = 6x + 3$. Вычислите площадь фигуры, ограниченной графиком найденной первообразной и прямыми $y = 6x + 3$ и $y = 0$.
б) Найдите ту первообразную для функции $f(x) = 2x - 2$, график которой касается прямой $y = -4x$. Вычислите площадь фигуры, ограниченной графиком найденной первообразной и прямыми $y = -4x$ и $y = 0$.
Решение 1. №6.59 (с. 190)


Решение 2. №6.59 (с. 190)




Решение 3. №6.59 (с. 190)


Решение 4. №6.59 (с. 190)
а)
1. Нахождение первообразной.
Общий вид первообразной для функции $f(x) = 2x + 4$ находится путем интегрирования:
$F(x) = \int (2x + 4) dx = 2 \cdot \frac{x^2}{2} + 4x + C = x^2 + 4x + C$, где $C$ — произвольная постоянная.
По условию, график первообразной $y = F(x)$ касается прямой $y = 6x + 3$. В точке касания $x_0$ должны выполняться два условия:
1) Значения функций равны: $F(x_0) = 6x_0 + 3$.
2) Значения производных функций равны: $F'(x_0) = (6x + 3)'$.
По определению первообразной, $F'(x) = f(x) = 2x + 4$. Производная прямой $y = 6x + 3$ равна $6$.
Приравниваем производные, чтобы найти абсциссу точки касания $x_0$:
$2x_0 + 4 = 6$
$2x_0 = 2$
$x_0 = 1$
Теперь, используя первое условие, найдем постоянную $C$. Подставим $x_0 = 1$ в уравнения $F(x)$ и $y=6x+3$:
$F(1) = 1^2 + 4(1) + C = 5 + C$
$y(1) = 6(1) + 3 = 9$
Приравниваем значения функций в точке касания:
$5 + C = 9$
$C = 4$
Таким образом, искомая первообразная имеет вид: $F(x) = x^2 + 4x + 4$, что можно записать как $F(x) = (x+2)^2$.
2. Вычисление площади.
Требуется найти площадь фигуры, ограниченной тремя линиями: параболой $y = (x+2)^2$, прямой $y = 6x + 3$ и прямой $y = 0$ (ось Ox).
Найдем точки пересечения этих линий:
- $y = (x+2)^2$ и $y=0$: $(x+2)^2 = 0 \Rightarrow x = -2$. Точка $(-2, 0)$.
- $y = 6x+3$ и $y=0$: $6x+3 = 0 \Rightarrow x = -1/2$. Точка $(-1/2, 0)$.
- $y = (x+2)^2$ и $y = 6x+3$: это точка их касания, $x=1$. Точка $(1, 9)$.
Фигура ограничена сверху параболой $y = (x+2)^2$. Нижняя граница фигуры состоит из двух частей: от $x=-2$ до $x=-1/2$ это ось $y=0$, а от $x=-1/2$ до $x=1$ это прямая $y=6x+3$.
Площадь $S$ можно вычислить как сумму двух интегралов:
$S = \int_{-2}^{-1/2} ((x+2)^2 - 0) dx + \int_{-1/2}^{1} ((x+2)^2 - (6x+3)) dx$
Вычисляем первый интеграл:
$\int_{-2}^{-1/2} (x^2 + 4x + 4) dx = \left[ \frac{x^3}{3} + 2x^2 + 4x \right]_{-2}^{-1/2} = (\frac{(-1/2)^3}{3} + 2(-1/2)^2 + 4(-1/2)) - (\frac{(-2)^3}{3} + 2(-2)^2 + 4(-2)) = (-\frac{1}{24} + \frac{1}{2} - 2) - (-\frac{8}{3} + 8 - 8) = -\frac{37}{24} - (-\frac{8}{3}) = -\frac{37}{24} + \frac{64}{24} = \frac{27}{24} = \frac{9}{8}$.
Вычисляем второй интеграл, предварительно упростив подынтегральное выражение:
$(x+2)^2 - (6x+3) = x^2 + 4x + 4 - 6x - 3 = x^2 - 2x + 1 = (x-1)^2$.
$\int_{-1/2}^{1} (x-1)^2 dx = \left[ \frac{(x-1)^3}{3} \right]_{-1/2}^{1} = \frac{(1-1)^3}{3} - \frac{(-1/2-1)^3}{3} = 0 - \frac{(-3/2)^3}{3} = -\frac{-27/8}{3} = \frac{27}{24} = \frac{9}{8}$.
Складываем полученные значения:
$S = \frac{9}{8} + \frac{9}{8} = \frac{18}{8} = \frac{9}{4}$.
Ответ: первообразная $F(x) = x^2 + 4x + 4$, площадь фигуры $S = \frac{9}{4}$.
б)
1. Нахождение первообразной.
Общий вид первообразной для функции $f(x) = 2x - 2$:
$F(x) = \int (2x - 2) dx = x^2 - 2x + C$.
График $y = F(x)$ касается прямой $y = -4x$. В точке касания $x_0$ производные равны: $F'(x_0) = y'$.
$F'(x) = f(x) = 2x - 2$. Производная $y = -4x$ равна $-4$.
$2x_0 - 2 = -4$
$2x_0 = -2$
$x_0 = -1$
Теперь найдем $C$, приравняв значения функций в точке $x_0 = -1$:
$F(-1) = (-1)^2 - 2(-1) + C = 1 + 2 + C = 3 + C$
$y(-1) = -4(-1) = 4$
$3 + C = 4$
$C = 1$
Искомая первообразная: $F(x) = x^2 - 2x + 1$, что равносильно $F(x) = (x-1)^2$.
2. Вычисление площади.
Требуется найти площадь фигуры, ограниченной линиями: параболой $y = (x-1)^2$, прямой $y = -4x$ и прямой $y = 0$.
Найдем точки пересечения:
- $y = (x-1)^2$ и $y=0$: $(x-1)^2 = 0 \Rightarrow x = 1$. Точка $(1, 0)$.
- $y = -4x$ и $y=0$: $-4x = 0 \Rightarrow x = 0$. Точка $(0, 0)$.
- $y = (x-1)^2$ и $y = -4x$: точка касания при $x=-1$. Точка $(-1, 4)$.
Верхней границей фигуры является парабола $y=(x-1)^2$. Нижняя граница состоит из двух частей: от $x=-1$ до $x=0$ это прямая $y=-4x$, а от $x=0$ до $x=1$ это прямая $y=0$.
Площадь $S$ вычисляется как сумма двух интегралов:
$S = \int_{-1}^{0} ((x-1)^2 - (-4x)) dx + \int_{0}^{1} ((x-1)^2 - 0) dx$
Вычисляем первый интеграл, упростив выражение:
$(x-1)^2 - (-4x) = x^2 - 2x + 1 + 4x = x^2 + 2x + 1 = (x+1)^2$.
$\int_{-1}^{0} (x+1)^2 dx = \left[ \frac{(x+1)^3}{3} \right]_{-1}^{0} = \frac{(0+1)^3}{3} - \frac{(-1+1)^3}{3} = \frac{1}{3} - 0 = \frac{1}{3}$.
Вычисляем второй интеграл:
$\int_{0}^{1} (x-1)^2 dx = \left[ \frac{(x-1)^3}{3} \right]_{0}^{1} = \frac{(1-1)^3}{3} - \frac{(0-1)^3}{3} = 0 - \frac{-1}{3} = \frac{1}{3}$.
Складываем полученные значения:
$S = \frac{1}{3} + \frac{1}{3} = \frac{2}{3}$.
Ответ: первообразная $F(x) = x^2 - 2x + 1$, площадь фигуры $S = \frac{2}{3}$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 6.59 расположенного на странице 190 к учебнику серии мгу - школе 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №6.59 (с. 190), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.