Номер 1148, страница 234 - гдз по математике 6 класс учебник Никольский, Потапов

Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.

Тип: Учебник

Серия: мгу - школе

Издательство: Просвещение

Год издания: 2019 - 2022

Цвет обложки: фиолетовый, зелёный в сеточку

ISBN: 978-5-09-087625-4

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 6 классе

Задачи на повторения - номер 1148, страница 234.

№1148 (с. 234)
Условие. №1148 (с. 234)
скриншот условия
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Условие

1148. a) Найдите натуральные числа x, y, z, для которых верно равенство

$\frac{1}{x + \frac{1}{y + \frac{1}{z}}} = \frac{7}{30}$

б) Найдите целые числа x, y, z, для которых верно то же равенство.

Решение 1. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 1 Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 1 (продолжение 2)
Решение 2. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 2 Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 3. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 3
Решение 4. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 4
Решение 5. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 5
Решение 6. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 6
Решение 7. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 7
Решение 8. №1148 (с. 234)
Математика, 6 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2019 - 2022, страница 234, номер 1148, Решение 8
Решение 9. №1148 (с. 234)

а)

Дано равенство:

$$ \frac{1}{x + \frac{1}{y + \frac{1}{z}}} = \frac{7}{30} $$

По условию, $x, y, z$ — натуральные числа, то есть $x, y, z \in \{1, 2, 3, ...\}$.

Перевернем обе части равенства, чтобы избавиться от дроби в левой части:

$$ x + \frac{1}{y + \frac{1}{z}} = \frac{30}{7} $$

Представим правую часть в виде смешанной дроби (выделим целую часть):

$$ \frac{30}{7} = 4 + \frac{2}{7} $$

Таким образом, наше уравнение принимает вид:

$$ x + \frac{1}{y + \frac{1}{z}} = 4 + \frac{2}{7} $$

Поскольку $y$ и $z$ — натуральные числа, $y \ge 1$ и $z \ge 1$.
Следовательно, $y + \frac{1}{z} > 1$.
Тогда $0 < \frac{1}{y + \frac{1}{z}} < 1$.
Это означает, что $x$ должен быть равен целой части числа $\frac{30}{7}$, а дробная часть $\frac{1}{y + \frac{1}{z}}$ должна быть равна дробной части $\frac{2}{7}$.

Отсюда получаем:

$$ x = 4 $$

и

$$ \frac{1}{y + \frac{1}{z}} = \frac{2}{7} $$

Снова перевернем обе части второго равенства:

$$ y + \frac{1}{z} = \frac{7}{2} $$

Выделим целую часть в правой части:

$$ \frac{7}{2} = 3 + \frac{1}{2} $$

Получаем уравнение:

$$ y + \frac{1}{z} = 3 + \frac{1}{2} $$

Так как $z$ — натуральное число и $z \ge 1$, то $0 < \frac{1}{z} \le 1$.
Если $z=1$, то $y+1 = 3.5$, откуда $y=2.5$, что не является натуральным числом.
Если $z > 1$, то $0 < \frac{1}{z} < 1$. В этом случае $y$ должен быть равен целой части числа $\frac{7}{2}$, а $\frac{1}{z}$ — его дробной части.

Отсюда получаем:

$$ y = 3 $$

и

$$ \frac{1}{z} = \frac{1}{2} $$

Из последнего равенства очевидно, что:

$$ z = 2 $$

Таким образом, мы нашли единственное решение в натуральных числах: $x=4, y=3, z=2$.

Проверим: $x + \frac{1}{y+\frac{1}{z}} = 4 + \frac{1}{3+\frac{1}{2}} = 4 + \frac{1}{7/2} = 4 + \frac{2}{7} = \frac{30}{7}$.
Тогда $\frac{1}{x + \frac{1}{y + \frac{1}{z}}} = \frac{7}{30}$. Верно.

Ответ: $x=4, y=3, z=2$.

б)

Теперь найдем все целые числа $x, y, z$, для которых верно то же равенство. В этом случае $x, y, z \in \mathbb{Z}$.
Начнем так же, как и в пункте а):

$$ x + \frac{1}{y + \frac{1}{z}} = \frac{30}{7} = 4 + \frac{2}{7} $$

Поскольку $x$ — целое число, мы можем записать $x = 4 - k$ для некоторого целого $k$. Тогда:

$$ (4-k) + \frac{1}{y + \frac{1}{z}} = 4 + \frac{2}{7} $$

$$ \frac{1}{y + \frac{1}{z}} = k + \frac{2}{7} = \frac{7k+2}{7} $$

Перевернув дробь, получим:

$$ y + \frac{1}{z} = \frac{7}{7k+2} $$

Выразим $\frac{1}{z}$:

$$ \frac{1}{z} = \frac{7}{7k+2} - y = \frac{7 - y(7k+2)}{7k+2} $$

Отсюда выразим $z$:

$$ z = \frac{7k+2}{7 - y(7k+2)} $$

Обозначим $N = 7k+2$ и $D = 7 - y(7k+2)$. Тогда $z = \frac{N}{D}$.
Поскольку $z$ должно быть целым числом, знаменатель $D$ должен быть делителем числителя $N$.
Пусть $N = q \cdot D$ для некоторого целого $q$. Тогда $z=q$.
Подставим $N=qD$ в выражение для $D$:

$$ D = 7 - y(qD) \implies D = 7 - yqD \implies D(1+yq) = 7 $$

Так как $D, y, q$ — целые числа, то $D$ и $(1+yq)$ должны быть целыми делителями числа 7. Делители числа 7: $\pm 1, \pm 7$.
Рассмотрим все возможные пары для $(D, 1+yq)$:

  1. $(D, 1+yq) = (1, 7) \implies D=1, yq=6$.
    Из $N=qD$ следует $N=q$. Тогда $yN=6$. Так как $N=7k+2$, то $y(7k+2)=6$. Переберем целые делители $y$ числа 6:
    • $y=1 \implies 7k+2=6 \implies 7k=4$, нет целых $k$.
    • $y=2 \implies 7k+2=3 \implies 7k=1$, нет целых $k$.
    • $y=3 \implies 7k+2=2 \implies 7k=0 \implies k=0$. Тогда $x=4-0=4$. $q=N=2$, т.е. $z=2$. Получаем решение $(4,3,2)$.
    • $y=6 \implies 7k+2=1 \implies 7k=-1$, нет целых $k$.
    • $y=-1 \implies 7k+2=-6 \implies 7k=-8$, нет целых $k$.
    • $y=-2 \implies 7k+2=-3 \implies 7k=-5$, нет целых $k$.
    • $y=-3 \implies 7k+2=-2 \implies 7k=-4$, нет целых $k$.
    • $y=-6 \implies 7k+2=-1 \implies 7k=-3$, нет целых $k$.
  2. $(D, 1+yq) = (-1, -7) \implies D=-1, yq=-8$.
    Из $N=qD$ следует $N=-q$. Тогда $y(-N)=-8 \implies yN=8$. Так как $N=7k+2$, то $y(7k+2)=8$. Переберем целые делители $y$ числа 8:
    • $y=1 \implies 7k+2=8 \implies 7k=6$, нет целых $k$.
    • $y=2 \implies 7k+2=4 \implies 7k=2$, нет целых $k$.
    • $y=4 \implies 7k+2=2 \implies 7k=0 \implies k=0$. Тогда $x=4-0=4$. $N=2$. $q=-N=-2$, т.е. $z=-2$. Получаем решение $(4,4,-2)$.
    • $y=8 \implies 7k+2=1 \implies 7k=-1$, нет целых $k$.
    • $y=-1 \implies 7k+2=-8 \implies 7k=-10$, нет целых $k$.
    • $y=-2 \implies 7k+2=-4 \implies 7k=-6$, нет целых $k$.
    • $y=-4 \implies 7k+2=-2 \implies 7k=-4$, нет целых $k$.
    • $y=-8 \implies 7k+2=-1 \implies 7k=-3$, нет целых $k$.
  3. $(D, 1+yq) = (7, 1) \implies D=7, yq=0$.
    Если $y=0$, то $y+\frac{1}{z} = \frac{1}{z}$. Уравнение $x+\frac{1}{1/z} = x+z=\frac{30}{7}$ не имеет целых решений для $x, z$, так как сумма двух целых чисел не может быть равна нецелому числу $\frac{30}{7}$.
    Если $q=0$, то $z=0$, что недопустимо, так как $z$ находится в знаменателе.
  4. $(D, 1+yq) = (-7, -1) \implies D=-7, yq=-2$.
    $N=qD=-7q$. Так как $N=7k+2$, то $7k+2 = -7q \implies 7(k+q)=-2$. Это уравнение не имеет целых решений для $k$ и $q$, так как -2 не делится на 7.

Таким образом, мы нашли два набора целых чисел, удовлетворяющих данному равенству.

Ответ: $(4, 3, 2)$ и $(4, 4, -2)$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по математике за 6 класс, для упражнения номер 1148 расположенного на странице 234 к учебнику серии мгу - школе 2019 - 2022 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по математике к упражнению №1148 (с. 234), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) учебного пособия издательства Просвещение.