Номер 326, страница 90 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Дополнительные задачи. § 4. Построение треугольника по трём элементам. Глава 4. Соотношения между сторонами и углами треугольника - номер 326, страница 90.

Навигация по странице:

Решение Комментарии
№326 (с. 90)
Условие. №326 (с. 90)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 90, номер 326, Условие

326 Дан треугольник ABC. Постройте отрезок DE, параллельный прямой АС, так, чтобы точки D и Е лежали на сторонах AB и ВС и DE = AD + СЕ.

Решение 2. №326 (с. 90)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 90, номер 326, Решение 2
Решение 3. №326 (с. 90)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 90, номер 326, Решение 3
Решение 4. №326 (с. 90)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 90, номер 326, Решение 4
Решение 8. №326 (с. 90)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 90, номер 326, Решение 8
Решение 9. №326 (с. 90)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 90, номер 326, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 90, номер 326, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №326 (с. 90)

Анализ и план построения

По условию задачи, нам необходимо построить отрезок $DE$, который удовлетворяет трем условиям:

  1. Точка $D$ лежит на стороне $AB$, а точка $E$ — на стороне $BC$.
  2. Отрезок $DE$ параллелен стороне $AC$ ($DE \parallel AC$).
  3. Длина отрезка $DE$ равна сумме длин отрезков $AD$ и $CE$ ($DE = AD + CE$).

Ключевым является условие $DE = AD + CE$. Давайте проанализируем его с учетом того, что $DE \parallel AC$.

Предположим, искомый отрезок $DE$ построен. Разделим его на две части некоторой точкой $I$, так что $DE = DI + IE$. Если нам удастся показать, что можно построить отрезок так, чтобы $DI = AD$ и $IE = CE$, то условие задачи будет выполнено.

Рассмотрим треугольник $ADI$. Равенство $DI = AD$ возможно, если этот треугольник является равнобедренным, то есть если $\angle DAI = \angle DIA$.

Рассмотрим треугольник $CEI$. Аналогично, равенство $IE = CE$ будет верным, если $\angle ECI = \angle EIC$.

Условие $DE \parallel AC$ дает нам равенство накрест лежащих углов при секущих. Если мы проведем прямую $AI$, то $\angle DIA$ и $\angle IAC$ будут накрест лежащими углами при параллельных прямых $DE$ и $AC$ и секущей $AI$. Следовательно, $\angle DIA = \angle IAC$.

Чтобы выполнялось равенство $\angle DAI = \angle DIA$, необходимо, чтобы $\angle DAI = \angle IAC$. Это означает, что прямая $AI$ должна быть биссектрисой угла $BAC$.

Аналогично, если мы проведем прямую $CI$, то $\angle EIC = \angle ICA$ (накрест лежащие углы при $DE \parallel AC$ и секущей $CI$). Для того чтобы треугольник $CEI$ был равнобедренным с основанием $CI$, нужно чтобы $\angle ECI = \angle EIC$, а значит, $\angle ECI = \angle ICA$. То есть прямая $CI$ должна быть биссектрисой угла $BCA$.

Таким образом, точка $I$, через которую проходит искомый отрезок $DE$, является точкой пересечения биссектрис углов $A$ и $C$ треугольника $ABC$ (эта точка является центром вписанной в треугольник окружности, или инцентром).

Отсюда вытекает следующий план построения:

  1. Найти точку пересечения биссектрис углов $A$ и $C$.
  2. Через эту точку провести прямую, параллельную стороне $AC$.
  3. Точки пересечения этой прямой со сторонами $AB$ и $BC$ будут искомыми точками $D$ и $E$.

Построение и доказательство

Выполним построение с помощью циркуля и линейки:

  1. Строим биссектрису угла $BAC$. Для этого из вершины $A$ проводим дугу окружности произвольного радиуса, пересекающую стороны $AB$ и $AC$. Из точек пересечения строим две дуги одинакового радиуса до их пересечения. Прямая, проходящая через вершину $A$ и точку пересечения дуг, является биссектрисой угла $A$.
  2. Аналогично строим биссектрису угла $BCA$.
  3. Находим точку $I$ — точку пересечения построенных биссектрис.
  4. Строим прямую, проходящую через точку $I$ и параллельную прямой $AC$. Пусть эта прямая пересекает сторону $AB$ в точке $D$ и сторону $BC$ в точке $E$.

Отрезок $DE$ является искомым.

Доказательство:

По построению, отрезок $DE$ параллелен прямой $AC$, и точки $D$ и $E$ лежат на сторонах $AB$ и $BC$ соответственно. Нам осталось доказать, что $DE = AD + CE$.

Точка $I$ (пересечение биссектрис) лежит на отрезке $DE$.

Рассмотрим треугольник $ADI$.

  • $AI$ — биссектриса угла $A$, поэтому $\angle DAI = \angle IAC$.
  • Так как $DE \parallel AC$, то накрест лежащие углы при секущей $AI$ равны: $\angle DIA = \angle IAC$.
  • Из этих двух равенств следует, что $\angle DAI = \angle DIA$.
  • Следовательно, треугольник $ADI$ является равнобедренным с основанием $AI$. Отсюда $AD = DI$.

Рассмотрим треугольник $CEI$.

  • $CI$ — биссектриса угла $C$, поэтому $\angle ECI = \angle ICA$.
  • Так как $DE \parallel AC$, то накрест лежащие углы при секущей $CI$ равны: $\angle EIC = \angle ICA$.
  • Из этих двух равенств следует, что $\angle ECI = \angle EIC$.
  • Следовательно, треугольник $CEI$ является равнобедренным с основанием $CI$. Отсюда $CE = EI$.

Длина отрезка $DE$ равна сумме длин его частей: $DE = DI + IE$.

Подставляя найденные равенства, получаем: $DE = AD + CE$.

Все условия задачи выполнены. Построение верно.

Ответ:

Для построения искомого отрезка $DE$ необходимо выполнить следующие шаги:
1. Построить биссектрисы углов $A$ и $C$ треугольника $ABC$.
2. Найти точку их пересечения $I$.
3. Через точку $I$ провести прямую, параллельную стороне $AC$.
4. Точки пересечения этой прямой со сторонами $AB$ и $BC$ и будут являться концами искомого отрезка $D$ и $E$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 326 расположенного на странице 90 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №326 (с. 90), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться