Страница 90 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2023 - 2025
Уровень обучения: базовый
Цвет обложки: синий
ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Популярные ГДЗ в 7 классе
Cтраница 90

№315 (с. 90)
Условие. №315 (с. 90)
скриншот условия

315 Докажите что, каждая сторона треугольника больше разности двух других сторон.
Решение 1. №315 (с. 90)

Решение 10. №315 (с. 90)


Решение 11. №315 (с. 90)
Это утверждение является следствием неравенства треугольника. Неравенство треугольника гласит, что сумма длин любых двух сторон треугольника всегда больше длины третьей стороны.
Доказательство:
Пусть дан треугольник со сторонами $a$, $b$ и $c$.
Согласно неравенству треугольника, справедливы следующие три соотношения:
- $a + b > c$
- $b + c > a$
- $a + c > b$
Нам необходимо доказать, что любая сторона больше модуля разности двух других сторон. Докажем это для стороны $a$, то есть докажем, что $a > |b - c|$. Аналогично это будет доказываться и для других сторон.
Рассмотрим неравенство (3): $a + c > b$.
Вычтем из обеих частей неравенства $c$:
$a + c - c > b - c$
$a > b - c$
Теперь рассмотрим неравенство (1): $a + b > c$.
Вычтем из обеих частей неравенства $b$:
$a + b - b > c - b$
$a > c - b$
Таким образом, мы получили два неравенства:
$a > b - c$
$a > c - b$
Если $b \ge c$, то разность $b - c$ неотрицательна, и $|b - c| = b - c$. Из доказанного неравенства $a > b - c$ следует, что $a > |b - c|$.
Если $b < c$, то разность $b - c$ отрицательна, и $|b - c| = -(b - c) = c - b$. Из доказанного неравенства $a > c - b$ следует, что $a > |b - c|$.
В обоих случаях мы приходим к выводу, что $a > |b - c|$.
Аналогично, исходя из тех же трех основных неравенств, можно доказать, что $b > |a - c|$ и $c > |a - b|$.
Таким образом, каждая сторона треугольника больше разности двух других сторон, что и требовалось доказать.
Ответ: Утверждение доказано. Для произвольного треугольника со сторонами $a, b, c$ из неравенства треугольника ($a+b>c$, $b+c>a$, $a+c>b$) путем алгебраических преобразований выводится, что $a > b-c$ и $a > c-b$, что в совокупности означает $a > |b-c|$. Аналогично доказывается для сторон $b$ и $c$.
№316 (с. 90)
Условие. №316 (с. 90)
скриншот условия

316 В прямоугольном треугольнике проведена высота из вершины прямого угла. Докажите, что данный треугольник и два образовавшихся треугольника имеют соответственно равные углы.
Решение 2. №316 (с. 90)

Решение 3. №316 (с. 90)

Решение 4. №316 (с. 90)

Решение 6. №316 (с. 90)

Решение 9. №316 (с. 90)

Решение 11. №316 (с. 90)
Пусть дан прямоугольный треугольник $\triangle ABC$, в котором $\angle C = 90^\circ$. Проведем из вершины прямого угла $C$ высоту $CD$ на гипотенузу $AB$. По определению высоты, $CD \perp AB$, следовательно, углы $\angle CDA$ и $\angle CDB$ являются прямыми, то есть $\angle CDA = 90^\circ$ и $\angle CDB = 90^\circ$. Высота $CD$ делит исходный треугольник на два новых прямоугольных треугольника: $\triangle ACD$ и $\triangle CBD$.
Обозначим один из острых углов исходного треугольника $\triangle ABC$, например $\angle A$, как $\alpha$. Так как сумма углов в треугольнике равна $180^\circ$, второй острый угол, $\angle B$, будет равен $180^\circ - 90^\circ - \alpha = 90^\circ - \alpha$. Таким образом, углы треугольника $\triangle ABC$ равны $\alpha$, $90^\circ - \alpha$ и $90^\circ$.
Теперь рассмотрим первый образовавшийся треугольник, $\triangle ACD$. Он прямоугольный ($\angle CDA = 90^\circ$). Один из его углов, $\angle CAD$, является общим с треугольником $\triangle ABC$, поэтому $\angle CAD = \angle A = \alpha$. Третий угол, $\angle ACD$, находим из суммы углов треугольника: $\angle ACD = 180^\circ - 90^\circ - \alpha = 90^\circ - \alpha$. Следовательно, углы треугольника $\triangle ACD$ также равны $\alpha$, $90^\circ - \alpha$ и $90^\circ$.
Далее рассмотрим второй образовавшийся треугольник, $\triangle CBD$. Он также прямоугольный ($\angle CDB = 90^\circ$). Один из его углов, $\angle CBD$, является общим с треугольником $\triangle ABC$, поэтому $\angle CBD = \angle B = 90^\circ - \alpha$. Третий угол, $\angle BCD$, находим из суммы углов треугольника: $\angle BCD = 180^\circ - 90^\circ - (90^\circ - \alpha) = \alpha$. Следовательно, углы треугольника $\triangle CBD$ тоже равны $\alpha$, $90^\circ - \alpha$ и $90^\circ$.
Таким образом, мы установили, что все три треугольника — исходный $\triangle ABC$ и образовавшиеся $\triangle ACD$ и $\triangle CBD$ — имеют одинаковый набор углов. Это доказывает, что данный треугольник и два образовавшихся треугольника имеют соответственно равные углы. Что и требовалось доказать.
Ответ: Утверждение доказано. Углы исходного прямоугольного треугольника и двух треугольников, на которые его делит высота из прямого угла, соответственно равны. Каждый из этих трех треугольников имеет одинаковый набор углов.
№317 (с. 90)
Условие. №317 (с. 90)
скриншот условия

317 В равнобедренном треугольнике ABC с основанием АС, равным 37 см, внешний угол при вершине В равен 60°. Найдите расстояние от вершины С до прямой AB.
Решение 2. №317 (с. 90)

Решение 3. №317 (с. 90)

Решение 4. №317 (с. 90)

Решение 6. №317 (с. 90)


Решение 9. №317 (с. 90)


Решение 11. №317 (с. 90)
По условию задачи, дан равнобедренный треугольник $ABC$ с основанием $AC$. Это означает, что его боковые стороны равны: $AB = BC$. Длина боковой стороны составляет 37 см, то есть $BC = 37$ см.
Внешний угол при вершине $B$ и внутренний угол треугольника $\angle ABC$ являются смежными, их сумма равна $180^\circ$. Найдем величину угла $\angle ABC$:
$\angle ABC = 180^\circ - 60^\circ = 120^\circ$.
Расстояние от вершины $C$ до прямой $AB$ — это длина перпендикуляра, опущенного из точки $C$ на прямую $AB$. Обозначим этот перпендикуляр $CH$, где $H$ — точка на прямой $AB$. Таким образом, нам нужно найти длину отрезка $CH$.
Так как угол $\angle ABC = 120^\circ$ является тупым, то основание перпендикуляра $H$ будет лежать на продолжении стороны $AB$ за вершину $B$.
Рассмотрим треугольник $\triangle CBH$. Он является прямоугольным, так как $CH \perp AB$ по построению, следовательно, $\angle CHB = 90^\circ$. Угол $\angle CBH$ смежен с углом $\angle ABC$, поэтому он равен данному в условии внешнему углу при вершине $B$, то есть $\angle CBH = 60^\circ$. Гипотенуза в этом треугольнике — это сторона $BC = 37$ см.
В прямоугольном треугольнике $\triangle CBH$ катет $CH$ лежит напротив угла $\angle CBH$. Мы можем найти его длину, используя определение синуса:
$\sin(\angle CBH) = \frac{\text{противолежащий катет}}{\text{гипотенуза}} = \frac{CH}{BC}$
Выразим из этой формулы искомую длину $CH$:
$CH = BC \cdot \sin(\angle CBH)$
Подставим известные значения:
$CH = 37 \cdot \sin(60^\circ)$
Зная, что значение $\sin(60^\circ) = \frac{\sqrt{3}}{2}$, получаем:
$CH = 37 \cdot \frac{\sqrt{3}}{2} = \frac{37\sqrt{3}}{2}$ см.
Ответ: $\frac{37\sqrt{3}}{2}$ см.
№318 (с. 90)
Условие. №318 (с. 90)
скриншот условия

318 В треугольнике с неравными сторонами AB и АС (AB > АС) проведены высота AH и биссектриса AD. Докажите, что угол HAD равен полуразности углов В и С.
Решение 2. №318 (с. 90)

Решение 3. №318 (с. 90)

Решение 4. №318 (с. 90)

Решение 6. №318 (с. 90)


Решение 9. №318 (с. 90)


Решение 11. №318 (с. 90)
Пусть дан треугольник $ABC$, в котором $AB > AC$. Из вершины $A$ проведены высота $AH$ (где $H$ лежит на прямой $BC$) и биссектриса $AD$ (где $D$ лежит на отрезке $BC$). Необходимо доказать, что $\angle HAD$ равен полуразности углов $B$ и $C$.
Так как в треугольнике против большей стороны лежит больший угол, из условия $AB > AC$ следует, что $\angle C > \angle B$.
Рассмотрим прямоугольный треугольник $ABH$, в котором $\angle AHB = 90^\circ$ (поскольку $AH$ — высота). Сумма острых углов в прямоугольном треугольнике равна $90^\circ$, следовательно:$\angle BAH = 90^\circ - \angle B$.
Поскольку $AD$ является биссектрисой угла $\angle BAC$, она делит его пополам:$\angle BAD = \frac{1}{2}\angle BAC$.
Сумма углов в треугольнике $ABC$ составляет $180^\circ$, то есть $\angle BAC + \angle B + \angle C = 180^\circ$. Выразим отсюда угол $\angle BAC$:$\angle BAC = 180^\circ - \angle B - \angle C$.
Теперь подставим это выражение в формулу для $\angle BAD$:$\angle BAD = \frac{1}{2}(180^\circ - \angle B - \angle C) = 90^\circ - \frac{\angle B + \angle C}{2}$.
Так как мы доказали, что $\angle C > \angle B$, отсюда следует, что $90^\circ - \angle B > 90^\circ - \angle C$. Учитывая, что $\angle BAH = 90^\circ - \angle B$ и $\angle CAH = 90^\circ - \angle C$, получаем $\angle BAH > \angle CAH$. Это означает, что высота $AH$ расположена ближе к стороне $AC$. Биссектриса $AD$ делит угол $\angle BAC$ пополам, поэтому она будет расположена между лучами $AH$ и $AC$. Следовательно, искомый угол $\angle HAD$ можно найти как разность $\angle BAH$ и $\angle BAD$.
$\angle HAD = \angle BAH - \angle BAD$
Подставим найденные ранее выражения для этих углов:$\angle HAD = (90^\circ - \angle B) - (90^\circ - \frac{\angle B + \angle C}{2})$
$\angle HAD = 90^\circ - \angle B - 90^\circ + \frac{\angle B + \angle C}{2}$
$\angle HAD = \frac{\angle B + \angle C}{2} - \angle B$
$\angle HAD = \frac{\angle B + \angle C - 2\angle B}{2}$
$\angle HAD = \frac{\angle C - \angle B}{2}$
Таким образом, мы доказали, что угол $HAD$ равен полуразности углов $C$ и $B$. Что и требовалось доказать.
Ответ: Утверждение доказано. Угол между высотой $AH$ и биссектрисой $AD$ равен $\frac{\angle C - \angle B}{2}$, то есть полуразности углов при основании $BC$.
№319 (с. 90)
Условие. №319 (с. 90)
скриншот условия

319 Докажите, что в равных треугольниках высоты, проведённые к равным сторонам, равны.
Решение 2. №319 (с. 90)

Решение 3. №319 (с. 90)

Решение 4. №319 (с. 90)

Решение 6. №319 (с. 90)


Решение 9. №319 (с. 90)

Решение 11. №319 (с. 90)
Дано:
Пусть даны два равных треугольника $\triangle ABC$ и $\triangle A_1B_1C_1$, то есть $\triangle ABC = \triangle A_1B_1C_1$.
Из равенства треугольников следует равенство их соответственных сторон и углов:
$AB = A_1B_1$, $BC = B_1C_1$, $AC = A_1C_1$;
$\angle A = \angle A_1$, $\angle B = \angle B_1$, $\angle C = \angle C_1$.
Проведём высоту $BH$ к стороне $AC$ в треугольнике $\triangle ABC$ и высоту $B_1H_1$ к соответственной ей равной стороне $A_1C_1$ в треугольнике $\triangle A_1B_1C_1$.
По определению высоты, $BH \perp AC$ и $B_1H_1 \perp A_1C_1$.
Доказать:
$BH = B_1H_1$.
Доказательство:
Рассмотрим треугольники $\triangle ABH$ и $\triangle A_1B_1H_1$.
Так как $BH$ и $B_1H_1$ — высоты, то они перпендикулярны сторонам $AC$ и $A_1C_1$ соответственно. Следовательно, углы $\angle BHA$ и $\angle B_1H_1A_1$ являются прямыми, $\angle BHA = \angle B_1H_1A_1 = 90^\circ$. Это означает, что треугольники $\triangle ABH$ и $\triangle A_1B_1H_1$ — прямоугольные.
Сравним эти прямоугольные треугольники:
1. Гипотенуза $AB$ треугольника $\triangle ABH$ равна гипотенузе $A_1B_1$ треугольника $\triangle A_1B_1H_1$ ($AB = A_1B_1$), так как это соответственные стороны в равных треугольниках $\triangle ABC$ и $\triangle A_1B_1C_1$.
2. Острый угол $\angle A$ треугольника $\triangle ABH$ равен острому углу $\angle A_1$ треугольника $\triangle A_1B_1H_1$ ($\angle A = \angle A_1$), так как это соответственные углы в тех же равных треугольниках.
Таким образом, прямоугольные треугольники $\triangle ABH$ и $\triangle A_1B_1H_1$ равны по гипотенузе и острому углу.
Из равенства треугольников $\triangle ABH = \triangle A_1B_1H_1$ следует равенство их соответственных сторон. В частности, катет $BH$ треугольника $\triangle ABH$ равен соответственному катету $B_1H_1$ треугольника $\triangle A_1B_1H_1$.
Значит, $BH = B_1H_1$, что и требовалось доказать.
Ответ: Высоты, проведённые к равным сторонам в равных треугольниках, равны.
№320 (с. 90)
Условие. №320 (с. 90)
скриншот условия

320 В остроугольном треугольнике ABC проведена высота AR. Докажите, что периметр треугольника ARC меньше периметра треугольника ABC.
Решение 1. №320 (с. 90)

Решение 10. №320 (с. 90)

Решение 11. №320 (с. 90)
Дано:
$\triangle ABC$ — остроугольный треугольник.
$AR$ — высота, проведенная к стороне $BC$, то есть $AR \perp BC$.
Доказать:
Периметр $\triangle ARC$ меньше периметра $\triangle ABC$.
Доказательство:
1. Запишем формулы для периметров обоих треугольников:
Периметр треугольника $ABC$: $P_{ABC} = AB + BC + AC$.
Периметр треугольника $ARC$: $P_{ARC} = AR + RC + AC$.
2. Нам необходимо доказать неравенство $P_{ARC} < P_{ABC}$, что эквивалентно:
$AR + RC + AC < AB + BC + AC$
Вычтем из обеих частей неравенства общую сторону $AC$. Получим неравенство, которое нам предстоит доказать:
$AR + RC < AB + BC$
3. Рассмотрим треугольник $ABR$. Так как $AR$ — высота, то $\angle ARB = 90^\circ$. Следовательно, $\triangle ABR$ является прямоугольным треугольником.
В прямоугольном треугольнике гипотенуза всегда длиннее любого из катетов. В $\triangle ABR$ сторона $AB$ является гипотенузой (так как лежит напротив прямого угла), а $AR$ — катетом. Таким образом, справедливо неравенство:
$AR < AB$
4. Поскольку $\triangle ABC$ — остроугольный, основание высоты $R$ лежит на отрезке $BC$. Это означает, что точка $R$ находится между точками $B$ и $C$. Тогда длина стороны $BC$ равна сумме длин отрезков $BR$ и $RC$:
$BC = BR + RC$
Так как $BR$ — это длина стороны треугольника $ABR$, то $BR > 0$. Следовательно:
$RC < BR + RC$, что означает $RC < BC$.
5. Теперь у нас есть два верных неравенства:
1) $AR < AB$
2) $RC < BC$
Сложим эти два неравенства почленно. Если мы складываем меньшие части и большие части двух верных неравенств одного знака, то получаем верное неравенство того же знака:
$AR + RC < AB + BC$
Это и есть то неравенство, которое мы хотели доказать в шаге 2.
Таким образом, мы доказали, что сумма сторон $AR$ и $RC$ меньше суммы сторон $AB$ и $BC$. Если мы добавим к обеим частям этого неравенства длину общей стороны $AC$, то получим:
$AR + RC + AC < AB + BC + AC$
то есть $P_{ARC} < P_{ABC}$.
Что и требовалось доказать.
Ответ: Утверждение доказано. Периметр треугольника $ARC$ действительно меньше периметра треугольника $ABC$, так как катет $AR$ меньше гипотенузы $AB$ в прямоугольном треугольнике $ABR$, а отрезок $RC$ является лишь частью стороны $BC$.
№321 (с. 90)
Условие. №321 (с. 90)
скриншот условия

321 Отрезок соединяет вершину треугольника с точкой, лежащей на противоположной стороне. Докажите, что этот отрезок меньше большей из двух других сторон.
Решение 2. №321 (с. 90)

Решение 3. №321 (с. 90)

Решение 4. №321 (с. 90)

Решение 6. №321 (с. 90)



Решение 9. №321 (с. 90)

Решение 11. №321 (с. 90)
Пусть в треугольнике $ABC$ проведен отрезок $BD$, где $D$ — это точка на стороне $AC$. Требуется доказать, что отрезок $BD$ меньше большей из двух других сторон, то есть $BD < \max(AB, BC)$.
Рассмотрим углы, которые отрезок $BD$ образует со стороной $AC$. Это смежные углы $\angle BDA$ и $\angle BDC$. По свойству смежных углов, их сумма равна $180^\circ$: $$ \angle BDA + \angle BDC = 180^\circ $$
Так как сумма двух этих углов равна $180^\circ$, по крайней мере один из них должен быть не острым, то есть его градусная мера должна быть больше или равна $90^\circ$. Если бы оба угла были острыми (с мерой меньше $90^\circ$), их сумма была бы меньше $180^\circ$, что противоречило бы их свойству смежных углов.
Рассмотрим два возможных случая, которые охватывают все возможные положения точки $D$:
1. Угол $\angle BDA \ge 90^\circ$.
В этом случае в треугольнике $ABD$ угол $\angle BDA$ является наибольшим (так как сумма углов треугольника равна $180^\circ$, два других угла, $\angle A$ и $\angle ABD$, должны быть острыми). В треугольнике против большего угла лежит большая сторона. Следовательно, сторона $AB$, лежащая напротив угла $\angle BDA$, будет больше стороны $BD$. Таким образом, мы имеем неравенство $AB > BD$.
2. Угол $\angle BDC \ge 90^\circ$.
Аналогично, в треугольнике $CBD$ угол $\angle BDC$ будет наибольшим. Следовательно, сторона $BC$, лежащая напротив этого угла, будет больше стороны $BD$. Таким образом, мы имеем неравенство $BC > BD$.
Поскольку один из этих двух случаев ($\angle BDA \ge 90^\circ$ или $\angle BDC \ge 90^\circ$) обязательно имеет место, мы можем утверждать, что отрезок $BD$ всегда меньше хотя бы одной из сторон $AB$ или $BC$.
Если отрезок $BD$ меньше хотя бы одной из сторон $AB$ или $BC$, то он тем более будет меньше большей из этих двух сторон. То есть, $BD < \max(AB, BC)$.
Что и требовалось доказать.
Ответ: Утверждение задачи доказано.
№322 (с. 90)
Условие. №322 (с. 90)
скриншот условия

322* Постройте треугольник по двум сторонам и медиане, проведённой к третьей стороне.
Решение 2. №322 (с. 90)

Решение 3. №322 (с. 90)

Решение 4. №322 (с. 90)

Решение 6. №322 (с. 90)

Решение 9. №322 (с. 90)

Решение 11. №322 (с. 90)
Задача состоит в том, чтобы построить треугольник, зная длины двух его сторон и медианы, проведенной к третьей стороне. Обозначим данные длины сторон как $a$ и $b$, а длину медианы как $m_c$.
Анализ
Предположим, что искомый треугольник $ABC$ построен. Пусть $AC = b$, $BC = a$, и $CM = m_c$ — медиана, проведенная к стороне $AB$. Это значит, что точка $M$ является серединой стороны $AB$.
Применим метод достроения. Продлим медиану $CM$ за точку $M$ на ее собственную длину до точки $D$, так что $CM = MD$. Таким образом, $CD = 2m_c$.
Рассмотрим четырехугольник $ADBC$. Его диагонали $AB$ и $CD$ пересекаются в точке $M$. По определению медианы, $AM = MB$. По нашему построению, $CM = MD$. Поскольку диагонали четырехугольника $ADBC$ в точке пересечения делятся пополам, этот четырехугольник является параллелограммом.
В параллелограмме противоположные стороны равны, следовательно, $AD = BC = a$ и $BD = AC = b$.
Теперь рассмотрим треугольник $ACD$. Его стороны нам известны:
- $AC = b$ (дано)
- $AD = a$ (как противоположная сторона $BC$ в параллелограмме)
- $CD = 2m_c$ (по построению)
Таким образом, мы можем построить треугольник $ACD$ по трем сторонам. Построив его, мы легко найдем и вершину $B$ исходного треугольника.
Построение
- Строим отрезок $CD$ длиной, равной удвоенной длине медианы, то есть $CD = 2m_c$.
- Из точки $C$ как из центра проводим окружность радиусом $b$ (длина одной из данных сторон).
- Из точки $D$ как из центра проводим окружность радиусом $a$ (длина другой данной стороны).
- Точку пересечения этих двух окружностей обозначаем как $A$. Треугольник $ACD$ построен. (Если окружности не пересекаются, решения нет. Если касаются, решение одно, вырожденное).
- Находим середину отрезка $CD$. Это будет точка $M$. Для этого можно построить серединный перпендикуляр к $CD$.
- Проводим луч $AM$.
- На луче $AM$ за точкой $M$ откладываем отрезок $MB$, равный отрезку $AM$.
- Соединяем точки $B$ и $C$.
Треугольник $ABC$ является искомым.
Доказательство
В построенном нами треугольнике $ABC$:
- Сторона $AC$ по построению равна $b$, так как точка $A$ лежит на окружности с центром $C$ и радиусом $b$.
- Рассмотрим четырехугольник $ADBC$. Его диагонали $AB$ и $CD$ пересекаются в точке $M$. По построению $CM=MD = m_c$ (так как $M$ - середина $CD$) и $AM=MB$ (так как мы отложили $MB=AM$). Следовательно, $ADBC$ — параллелограмм.
- В параллелограмме $ADBC$ противоположные стороны равны, значит $BC = AD$. Длина $AD$ по построению равна $a$, так как точка $A$ лежит на окружности с центром $D$ и радиусом $a$. Таким образом, $BC = a$.
- Так как $M$ — середина отрезка $AB$, то отрезок $CM$ является медианой треугольника $ABC$. Его длина $CM = \frac{1}{2}CD = \frac{1}{2}(2m_c) = m_c$.
Таким образом, построенный треугольник $ABC$ имеет две стороны, равные $a$ и $b$, и медиану к третьей стороне, равную $m_c$. Что и требовалось доказать.
Исследование
Задача имеет решение в том и только в том случае, если возможно построить вспомогательный треугольник $ACD$ со сторонами $a$, $b$ и $2m_c$. Для этого необходимо, чтобы для этих трех длин выполнялось неравенство треугольника:
- $a + b > 2m_c$
- $a + 2m_c > b$
- $b + 2m_c > a$
Если эти условия выполняются, то окружности в пункте 4 построения пересекутся в двух точках (симметричных относительно прямой $CD$), что приведет к двум конгруэнтным треугольникам. Следовательно, задача будет иметь единственное решение (с точностью до конгруэнтности). Если одна из сумм равна третьей стороне (например, $a+b = 2m_c$), треугольник $ACD$ будет вырожденным (все три вершины лежат на одной прямой), и решение будет также вырожденным. Если неравенство треугольника не выполняется, окружности не пересекутся, и задача не будет иметь решений.
Ответ: Построение треугольника основано на достроении его до параллелограмма. Вспомогательный треугольник строится по трем сторонам: $a$, $b$ и $2m_c$. Задача имеет единственное (с точностью до конгруэнтности) решение, если для длин $a$, $b$ и $2m_c$ выполняется неравенство треугольника.
№323 (с. 90)
Условие. №323 (с. 90)
скриншот условия

323 Постройте прямоугольный треугольник по:
а) гипотенузе и острому углу;
б) катету и противолежащему углу;
в) гипотенузе и катету.
Решение 2. №323 (с. 90)



Решение 3. №323 (с. 90)



Решение 4. №323 (с. 90)

Решение 9. №323 (с. 90)



Решение 11. №323 (с. 90)
а) гипотенузе и острому углу;
Пусть даны отрезок, равный по длине гипотенузе $c$, и угол, равный острому углу $\alpha$. Требуется построить прямоугольный треугольник $ABC$ с гипотенузой $AB=c$ и острым углом $\angle A = \alpha$.
Анализ: В прямоугольном треугольнике один угол равен $90^\circ$. Если один острый угол равен $\alpha$, то второй острый угол равен $90^\circ - \alpha$. Таким образом, мы можем построить треугольник по стороне (гипотенузе) и двум прилежащим к ней углам ($\alpha$ и $90^\circ - \alpha$).
План построения:
1. Построим отрезок $AB$, равный данной гипотенузе $c$.
2. От луча $AB$ построим угол $\angle BAK$, равный данному острому углу $\alpha$.
3. Построим угол, равный $90^\circ - \alpha$. Для этого построим прямой угол, отложим от его вершины данный угол $\alpha$; оставшаяся часть прямого угла будет искомым углом.
4. От луча $BA$ построим угол $\angle ABD$, равный построенному углу $90^\circ - \alpha$.
5. Лучи $AK$ и $BD$ пересекутся в точке $C$. Треугольник $ABC$ — искомый.
Доказательство: По построению сторона $AB=c$ и $\angle A = \alpha$. Сумма углов треугольника равна $180^\circ$, следовательно $\angle C = 180^\circ - (\angle A + \angle B) = 180^\circ - (\alpha + 90^\circ - \alpha) = 180^\circ - 90^\circ = 90^\circ$. Таким образом, треугольник $ABC$ является прямоугольным с заданными гипотенузой и острым углом.
Ответ: Построение основано на построении треугольника по стороне и двум прилежащим углам.
б) катету и противолежащему углу;
Пусть даны отрезок, равный катету $a$, и угол, равный противолежащему ему острому углу $\alpha$. Требуется построить прямоугольный треугольник $ABC$ с прямым углом $C$, катетом $BC=a$ и углом $\angle A=\alpha$.
Анализ: Мы знаем катет $BC$, противолежащий ему угол $\angle A = \alpha$ и прямой угол $\angle C = 90^\circ$. Третий угол $\angle B$ можно найти: $\angle B = 90^\circ - \alpha$. Таким образом, мы можем построить треугольник по стороне (катету $BC$) и двум прилежащим к ней углам ($\angle C = 90^\circ$ и $\angle B = 90^\circ - \alpha$).
План построения:
1. Построим прямой угол и обозначим его вершину буквой $C$.
2. На одной из сторон прямого угла отложим от вершины отрезок $CB$, равный данному катету $a$.
3. Построим угол, равный $90^\circ - \alpha$.
4. От луча $CB$ построим угол $\angle CBA$, равный построенному углу $90^\circ - \alpha$, так, чтобы его вторая сторона пересекала другую сторону прямого угла $C$.
5. Точку пересечения обозначим буквой $A$. Треугольник $ABC$ — искомый.
Доказательство: По построению $\angle C = 90^\circ$ и катет $BC = a$. Угол $\angle B$ построен равным $90^\circ - \alpha$. Так как сумма углов треугольника $180^\circ$, то $\angle A = 180^\circ - 90^\circ - (90^\circ - \alpha) = \alpha$. Угол $\angle A$ противолежит катету $BC$. Следовательно, треугольник $ABC$ — искомый.
Ответ: Построение основано на построении треугольника по стороне и двум прилежащим углам.
в) гипотенузе и катету.
Пусть даны два отрезка, равные гипотенузе $c$ и катету $a$ (причем $c > a$). Требуется построить прямоугольный треугольник $ABC$ с прямым углом $C$, катетом $BC=a$ и гипотенузой $AB=c$.
Анализ: Мы можем построить прямой угол $\angle C$. На одной его стороне отложить катет $BC=a$. Вершина $A$ будет лежать на другой стороне прямого угла. Расстояние от вершины $B$ до вершины $A$ должно быть равно гипотенузе $c$. Точку $A$ можно найти как пересечение стороны угла и окружности с центром в точке $B$ и радиусом $c$.
План построения:
1. Построим прямую $l$ и выберем на ней точку $C$.
2. Построим прямую $m$, перпендикулярную прямой $l$ и проходящую через точку $C$.
3. На прямой $m$ отложим от точки $C$ отрезок $CB$, равный катету $a$.
4. Построим окружность с центром в точке $B$ и радиусом, равным гипотенузе $c$.
5. Эта окружность пересечет прямую $l$ в точке $A$. (Задача имеет решение, если $c > a$, что является необходимым условием для существования такого треугольника).
6. Соединим точки $A$ и $B$. Треугольник $ABC$ — искомый.
Доказательство: В построенном треугольнике $\angle C = 90^\circ$. Катет $BC$ равен $a$ по построению. Сторона $AB$, лежащая напротив прямого угла, является гипотенузой, и ее длина равна $c$ по построению (как радиус окружности). Следовательно, треугольник $ABC$ удовлетворяет всем условиям.
Ответ: Построение основано на построении прямого угла и использовании окружности для нахождения третьей вершины.
№324 (с. 90)
Условие. №324 (с. 90)
скриншот условия

324 С помощью циркуля и линейки постройте угол, равный: а) 30°; б) 60°; в) 15°; г) 120°; д) 150°; е) 135°; ж) 165°; з) 75°; и) 105°.
Решение 2. №324 (с. 90)









Решение 3. №324 (с. 90)

Решение 4. №324 (с. 90)

Решение 6. №324 (с. 90)


Решение 8. №324 (с. 90)

Решение 9. №324 (с. 90)


Решение 11. №324 (с. 90)
Для решения всех пунктов задачи используются три базовых построения с помощью циркуля и линейки: построение равностороннего треугольника (даёт угол $60^\circ$), построение биссектрисы угла (делит угол пополам) и построение перпендикуляра к прямой (даёт угол $90^\circ$).
а) Угол $30^\circ$ получаем делением пополам угла в $60^\circ$, так как $30^\circ = \frac{60^\circ}{2}$. Сначала строим угол $\angle AOB = 60^\circ$. Затем строим его биссектрису. Для этого из вершины $O$ проводим дугу, пересекающую стороны угла в точках $M$ и $N$. Из точек $M$ и $N$ проводим две пересекающиеся дуги равного радиуса в точке $K$. Луч $OK$ является биссектрисой, и угол $\angle AOK$ равен $30^\circ$.
Ответ: Угол $30^\circ$ построен путем построения угла $60^\circ$ и его последующего деления пополам с помощью построения биссектрисы.
б) Построение угла в $60^\circ$ основано на построении равностороннего треугольника. Для этого начертим луч $OA$, затем с центром в точке $O$ проведём дугу произвольного радиуса $R$, пересекающую луч в точке $B$. С центром в точке $B$ и тем же радиусом $R$ проведём вторую дугу, пересекающую первую в точке $C$. Проведём луч $OC$. Угол $\angle COA$ равен $60^\circ$, так как треугольник $\triangle OBC$ является равносторонним.
Ответ: Угол $60^\circ$ построен с помощью построения равностороннего треугольника.
в) Угол $15^\circ$ получаем делением пополам угла в $30^\circ$, так как $15^\circ = \frac{30^\circ}{2}$. Сначала строим угол в $30^\circ$ (как в пункте а), а затем строим его биссектрису. Полученный угол будет равен $15^\circ$.
Ответ: Угол $15^\circ$ построен путем последовательного деления угла $60^\circ$ пополам дважды.
г) Угол $120^\circ$ является смежным с углом $60^\circ$, так как $120^\circ = 180^\circ - 60^\circ$. Проводим прямую и отмечаем на ней точку $O$. От одного из лучей с началом в точке $O$ откладываем угол $60^\circ$ (как в пункте б). Угол, смежный с построенным, будет искомым углом в $120^\circ$.
Ответ: Угол $120^\circ$ построен как угол, смежный с углом $60^\circ$.
д) Угол $150^\circ$ является смежным с углом $30^\circ$, так как $150^\circ = 180^\circ - 30^\circ$. Проводим прямую, на ней точку $O$. От одного из лучей с началом в $O$ откладываем угол $30^\circ$ (как в пункте а). Угол, смежный с построенным, будет равен $150^\circ$.
Ответ: Угол $150^\circ$ построен как угол, смежный с углом $30^\circ$.
е) Угол $135^\circ$ является смежным с углом $45^\circ$, так как $135^\circ = 180^\circ - 45^\circ$. Проводим прямую и на ней точку $O$. В точке $O$ строим перпендикуляр к прямой, получая угол $90^\circ$. Строим биссектрису этого прямого угла, получая угол $45^\circ$. Угол, смежный с полученным углом в $45^\circ$, и будет искомым углом в $135^\circ$.
Ответ: Угол $135^\circ$ построен как угол, смежный с углом $45^\circ$.
ж) Угол $165^\circ$ является смежным с углом $15^\circ$, так как $165^\circ = 180^\circ - 15^\circ$. Проводим прямую, на ней точку $O$. От одного из лучей с началом в $O$ откладываем угол $15^\circ$ (как в пункте в). Угол, смежный с построенным, будет равен $165^\circ$.
Ответ: Угол $165^\circ$ построен как угол, смежный с углом $15^\circ$.
з) Угол $75^\circ$ можно построить как сумму углов $60^\circ$ и $15^\circ$, то есть $75^\circ = 60^\circ + 15^\circ$. Сначала строим угол $\angle AOB = 60^\circ$. Затем строим угол $15^\circ$ так, чтобы одна из его сторон совпадала с лучом $OB$, а сам угол лежал вне угла $\angle AOB$. Для построения $15^\circ$ строим смежный с $\angle AOB$ угол $\angle BOC = 60^\circ$, делим его биссектрисой $OD$ пополам (получив $\angle BOD = 30^\circ$) и затем еще раз делим биссектрисой $OE$ угол $\angle BOD$ (получив $\angle BOE = 15^\circ$). Искомый угол $\angle AOE = \angle AOB + \angle BOE = 60^\circ + 15^\circ = 75^\circ$.
Ответ: Угол $75^\circ$ построен как сумма углов $60^\circ$ и $15^\circ$.
и) Угол $105^\circ$ можно построить как сумму углов $60^\circ$ и $45^\circ$, то есть $105^\circ = 60^\circ + 45^\circ$. Строим угол $\angle AOB = 60^\circ$. К стороне $OB$ пристраиваем прямой угол $\angle BOC = 90^\circ$. Затем строим биссектрису $OD$ угла $\angle BOC$, которая делит его на два угла по $45^\circ$. Искомый угол $\angle AOD = \angle AOB + \angle BOD = 60^\circ + 45^\circ = 105^\circ$.
Ответ: Угол $105^\circ$ построен как сумма углов $60^\circ$ и $45^\circ$.
№325 (с. 90)
Условие. №325 (с. 90)
скриншот условия

325* Постройте треугольник по стороне, высоте, проведённой к ней, и медиане, проведённой к одной из двух других сторон.
Решение 2. №325 (с. 90)

Решение 3. №325 (с. 90)

Решение 4. №325 (с. 90)

Решение 9. №325 (с. 90)


Решение 11. №325 (с. 90)
Для построения треугольника по стороне $a$, высоте $h_a$, проведённой к этой стороне, и медиане $m_b$, проведённой к одной из двух других сторон, выполним следующие шаги: анализ, построение, доказательство и исследование.
Анализ
Пусть искомый треугольник $ABC$ построен. Даны сторона $BC$ (длиной $a$), высота $AH_a$ (длиной $h_a$), проведенная из вершины $A$ к прямой $BC$, и медиана $BM_b$ (длиной $m_b$), где $M_b$ — середина стороны $AC$.
Вершина $A$ должна находиться на расстоянии $h_a$ от прямой, содержащей сторону $BC$. Геометрическим местом точек для вершины $A$ является прямая $p$, параллельная прямой $BC$ и удаленная от нее на расстояние $h_a$.
Рассмотрим положение точки $M_b$. Так как $M_b$ является серединой стороны $AC$, то её расстояние до прямой $BC$ равно половине расстояния от точки $A$ до прямой $BC$. Если опустить перпендикуляры $AH_a$ и $M_bK$ на прямую $BC$, то $M_bK$ будет средней линией в треугольнике $ACH_a$ (или в трапеции, если $C$ не лежит на отрезке $BH_a$). Следовательно, $M_bK = \frac{1}{2}AH_a = \frac{h_a}{2}$. Таким образом, точка $M_b$ лежит на прямой $q$, параллельной $BC$ и удаленной от нее на расстояние $\frac{h_a}{2}$.
Кроме того, точка $M_b$ по определению медианы удалена от вершины $B$ на расстояние $m_b$. Значит, $M_b$ также лежит на окружности с центром в точке $B$ и радиусом $m_b$.
Таким образом, точка $M_b$ может быть найдена как точка пересечения двух геометрических мест: прямой $q$ и окружности. После нахождения точки $M_b$, а также имея точки $B$ и $C$, можно однозначно определить положение вершины $A$. Так как $M_b$ — середина $AC$, точка $A$ симметрична точке $C$ относительно $M_b$.
Построение
- Провести произвольную прямую $l$ и отметить на ней точку $B$.
- С помощью циркуля отложить от точки $B$ на прямой $l$ отрезок $BC$ длиной $a$.
- Построить прямую $p$, параллельную прямой $l$ на расстоянии $h_a$. Для этого можно восставить в точке $B$ перпендикуляр к $l$, отложить на нем отрезок длиной $h_a$ и через его конец провести прямую, параллельную $l$. На этой прямой будет лежать вершина $A$.
- Разделить отрезок $h_a$ пополам, получив отрезок длиной $\frac{h_a}{2}$.
- Построить прямую $q$, параллельную прямой $l$ на расстоянии $\frac{h_a}{2}$ (она будет расположена между прямыми $l$ и $p$). На этой прямой будет лежать точка $M_b$.
- Построить окружность с центром в точке $B$ и радиусом $m_b$.
- Найти точку (или точки) пересечения прямой $q$ и построенной окружности. Обозначим одну из этих точек как $M_b$.
- Провести луч из точки $C$ через точку $M_b$.
- На этом луче от точки $M_b$ отложить отрезок $M_bA$, равный отрезку $CM_b$. Точка $A$ будет третьей вершиной искомого треугольника.
- Соединить точки $A, B, C$. Треугольник $ABC$ построен.
Доказательство
В построенном треугольнике $ABC$ сторона $BC$ по построению равна $a$.
Точка $M_b$ по построению является серединой отрезка $AC$. Значит, отрезок $BM_b$ — медиана к стороне $AC$. Длина медианы $BM_b$ равна $m_b$, так как точка $M_b$ была построена на окружности с центром в $B$ и радиусом $m_b$.
Докажем, что высота, опущенная из вершины $A$ на прямую $BC$, равна $h_a$. По построению, точка $M_b$ лежит на прямой $q$, удаленной от прямой $BC$ на расстояние $\frac{h_a}{2}$. Пусть $AH_a$ и $M_bK$ — перпендикуляры, опущенные из точек $A$ и $M_b$ на прямую $BC$. Тогда $M_bK = \frac{h_a}{2}$. В треугольнике $ACH_a$ отрезок $M_bK$ параллелен $AH_a$ и соединяет середину стороны $AC$ (точку $M_b$) с точкой $K$ на стороне $CH_a$. По теореме о средней линии треугольника (или по теореме Фалеса), $M_bK = \frac{1}{2}AH_a$. Отсюда следует, что $AH_a = 2 \cdot M_bK = 2 \cdot \frac{h_a}{2} = h_a$.
Таким образом, построенный треугольник $ABC$ удовлетворяет всем условиям задачи.
Исследование
Возможность построения треугольника зависит от возможности нахождения точки $M_b$, то есть от наличия точек пересечения прямой $q$ и окружности с центром $B$ и радиусом $m_b$. Расстояние от центра окружности (точки $B$, лежащей на прямой $l$) до прямой $q$ равно $\frac{h_a}{2}$.
- Если $m_b < \frac{h_a}{2}$, то радиус окружности меньше расстояния от ее центра до прямой $q$. Окружность и прямая не пересекаются, и решений нет.
- Если $m_b = \frac{h_a}{2}$, окружность касается прямой $q$ в одной точке. Эта точка и будет точкой $M_b$. В этом случае задача имеет единственное решение (с точностью до выбора полуплоскости относительно прямой $BC$).
- Если $m_b > \frac{h_a}{2}$, окружность пересекает прямую $q$ в двух точках. Каждая из этих точек ($M_{b1}$ и $M_{b2}$) дает свое решение — треугольник $A_1BC$ и $A_2BC$. В общем случае эти два треугольника не конгруэнтны. Таким образом, задача имеет два различных решения.
Ответ: Задача имеет решение, если $m_b \ge \frac{h_a}{2}$. Если $m_b = \frac{h_a}{2}$, решение единственно. Если $m_b > \frac{h_a}{2}$, существует два различных решения (два неконгруэнтных треугольника).
№326 (с. 90)
Условие. №326 (с. 90)
скриншот условия

326 Дан треугольник ABC. Постройте отрезок DE, параллельный прямой АС, так, чтобы точки D и Е лежали на сторонах AB и ВС и DE = AD + СЕ.
Решение 2. №326 (с. 90)

Решение 3. №326 (с. 90)

Решение 4. №326 (с. 90)

Решение 8. №326 (с. 90)

Решение 9. №326 (с. 90)


Решение 11. №326 (с. 90)
Анализ и план построения
По условию задачи, нам необходимо построить отрезок $DE$, который удовлетворяет трем условиям:
- Точка $D$ лежит на стороне $AB$, а точка $E$ — на стороне $BC$.
- Отрезок $DE$ параллелен стороне $AC$ ($DE \parallel AC$).
- Длина отрезка $DE$ равна сумме длин отрезков $AD$ и $CE$ ($DE = AD + CE$).
Ключевым является условие $DE = AD + CE$. Давайте проанализируем его с учетом того, что $DE \parallel AC$.
Предположим, искомый отрезок $DE$ построен. Разделим его на две части некоторой точкой $I$, так что $DE = DI + IE$. Если нам удастся показать, что можно построить отрезок так, чтобы $DI = AD$ и $IE = CE$, то условие задачи будет выполнено.
Рассмотрим треугольник $ADI$. Равенство $DI = AD$ возможно, если этот треугольник является равнобедренным, то есть если $\angle DAI = \angle DIA$.
Рассмотрим треугольник $CEI$. Аналогично, равенство $IE = CE$ будет верным, если $\angle ECI = \angle EIC$.
Условие $DE \parallel AC$ дает нам равенство накрест лежащих углов при секущих. Если мы проведем прямую $AI$, то $\angle DIA$ и $\angle IAC$ будут накрест лежащими углами при параллельных прямых $DE$ и $AC$ и секущей $AI$. Следовательно, $\angle DIA = \angle IAC$.
Чтобы выполнялось равенство $\angle DAI = \angle DIA$, необходимо, чтобы $\angle DAI = \angle IAC$. Это означает, что прямая $AI$ должна быть биссектрисой угла $BAC$.
Аналогично, если мы проведем прямую $CI$, то $\angle EIC = \angle ICA$ (накрест лежащие углы при $DE \parallel AC$ и секущей $CI$). Для того чтобы треугольник $CEI$ был равнобедренным с основанием $CI$, нужно чтобы $\angle ECI = \angle EIC$, а значит, $\angle ECI = \angle ICA$. То есть прямая $CI$ должна быть биссектрисой угла $BCA$.
Таким образом, точка $I$, через которую проходит искомый отрезок $DE$, является точкой пересечения биссектрис углов $A$ и $C$ треугольника $ABC$ (эта точка является центром вписанной в треугольник окружности, или инцентром).
Отсюда вытекает следующий план построения:
- Найти точку пересечения биссектрис углов $A$ и $C$.
- Через эту точку провести прямую, параллельную стороне $AC$.
- Точки пересечения этой прямой со сторонами $AB$ и $BC$ будут искомыми точками $D$ и $E$.
Построение и доказательство
Выполним построение с помощью циркуля и линейки:
- Строим биссектрису угла $BAC$. Для этого из вершины $A$ проводим дугу окружности произвольного радиуса, пересекающую стороны $AB$ и $AC$. Из точек пересечения строим две дуги одинакового радиуса до их пересечения. Прямая, проходящая через вершину $A$ и точку пересечения дуг, является биссектрисой угла $A$.
- Аналогично строим биссектрису угла $BCA$.
- Находим точку $I$ — точку пересечения построенных биссектрис.
- Строим прямую, проходящую через точку $I$ и параллельную прямой $AC$. Пусть эта прямая пересекает сторону $AB$ в точке $D$ и сторону $BC$ в точке $E$.
Отрезок $DE$ является искомым.
Доказательство:
По построению, отрезок $DE$ параллелен прямой $AC$, и точки $D$ и $E$ лежат на сторонах $AB$ и $BC$ соответственно. Нам осталось доказать, что $DE = AD + CE$.
Точка $I$ (пересечение биссектрис) лежит на отрезке $DE$.
Рассмотрим треугольник $ADI$.
- $AI$ — биссектриса угла $A$, поэтому $\angle DAI = \angle IAC$.
- Так как $DE \parallel AC$, то накрест лежащие углы при секущей $AI$ равны: $\angle DIA = \angle IAC$.
- Из этих двух равенств следует, что $\angle DAI = \angle DIA$.
- Следовательно, треугольник $ADI$ является равнобедренным с основанием $AI$. Отсюда $AD = DI$.
Рассмотрим треугольник $CEI$.
- $CI$ — биссектриса угла $C$, поэтому $\angle ECI = \angle ICA$.
- Так как $DE \parallel AC$, то накрест лежащие углы при секущей $CI$ равны: $\angle EIC = \angle ICA$.
- Из этих двух равенств следует, что $\angle ECI = \angle EIC$.
- Следовательно, треугольник $CEI$ является равнобедренным с основанием $CI$. Отсюда $CE = EI$.
Длина отрезка $DE$ равна сумме длин его частей: $DE = DI + IE$.
Подставляя найденные равенства, получаем: $DE = AD + CE$.
Все условия задачи выполнены. Построение верно.
Ответ:
Для построения искомого отрезка $DE$ необходимо выполнить следующие шаги:
1. Построить биссектрисы углов $A$ и $C$ треугольника $ABC$.
2. Найти точку их пересечения $I$.
3. Через точку $I$ провести прямую, параллельную стороне $AC$.
4. Точки пересечения этой прямой со сторонами $AB$ и $BC$ и будут являться концами искомого отрезка $D$ и $E$.
№327 (с. 90)
Условие. №327 (с. 90)
скриншот условия

327 Дан равносторонний треугольник ABC и точка В₁ на стороне АС. На сторонах ВС и AB постройте точки A₁ и С₁ так, чтобы треугольник А₁В₁С₁ был равносторонним.
Решение 2. №327 (с. 90)

Решение 3. №327 (с. 90)

Решение 4. №327 (с. 90)

Решение 6. №327 (с. 90)


Решение 9. №327 (с. 90)


Решение 11. №327 (с. 90)
Для решения данной задачи воспользуемся методом поворота или проанализируем свойства получившихся треугольников. Анализ свойств приводит к более простому построению.
Анализ и идея решения
Пусть равносторонний треугольник $A_1B_1C_1$ уже построен. Его вершины лежат на сторонах равностороннего треугольника $ABC$. Это означает, что $\angle A = \angle B = \angle C = 60^\circ$ и $A_1B_1 = B_1C_1 = C_1A_1$.
Рассмотрим три треугольника, образовавшихся в углах исходного треугольника $ABC$: $\triangle AC_1B_1$, $\triangle BA_1C_1$ и $\triangle CB_1A_1$.
Можно доказать, что для того, чтобы вписанный треугольник $A_1B_1C_1$ был равносторонним, необходимо и достаточно, чтобы три угловых треугольника были конгруэнтны. Докажем, что если эти треугольники конгруэнтны, то $A_1B_1C_1$ — равносторонний.
Условие конгруэнтности треугольников $\triangle AC_1B_1$, $\triangle BA_1C_1$ и $\triangle CB_1A_1$ по первому признаку (две стороны и угол между ними) приводит к следующим равенствам отрезков:
$AC_1 = BA_1 = CB_1$
$AB_1 = BC_1 = CA_1$
Если эти равенства выполнены, то по признаку SAS (сторона-угол-сторона), так как $\angle A = \angle B = \angle C = 60^\circ$, треугольники $\triangle AC_1B_1$, $\triangle BA_1C_1$ и $\triangle CB_1A_1$ действительно конгруэнтны.
Из конгруэнтности этих треугольников следует равенство их третьих сторон: $B_1C_1 = C_1A_1 = A_1B_1$. Это означает, что треугольник $A_1B_1C_1$ является равносторонним.
Таким образом, задача сводится к построению точек $A_1$ и $C_1$, удовлетворяющих этим условиям. Поскольку точка $B_1$ задана, отрезки $AB_1$ и $CB_1$ известны. Мы можем использовать их длины для построения.
Алгоритм построения
Пусть дана точка $B_1$ на стороне $AC$ равностороннего треугольника $ABC$.
- Построение точки $C_1$ на стороне $AB$. Измерим с помощью циркуля длину отрезка $CB_1$. Не меняя раствора циркуля, установим его ножку в вершину $A$ и проведем дугу, пересекающую сторону $AB$. Точка пересечения и будет искомой точкой $C_1$. Таким образом, мы построили $AC_1 = CB_1$.
- Построение точки $A_1$ на стороне $BC$. Измерим с помощью циркуля длину отрезка $AB_1$. Не меняя раствора циркуля, установим его ножку в вершину $C$ и проведем дугу, пересекающую сторону $BC$. Точка пересечения и будет искомой точкой $A_1$. Таким образом, мы построили $CA_1 = AB_1$.
В результате мы получили точки $A_1$ на $BC$ и $C_1$ на $AB$.
Доказательство
Докажем, что построенный по этому алгоритму треугольник $A_1B_1C_1$ является равносторонним.
По построению мы имеем:
- $AC_1 = CB_1$
- $CA_1 = AB_1$
Рассмотрим три треугольника: $\triangle AC_1B_1$, $\triangle BA_1C_1$ и $\triangle CB_1A_1$.
- В $\triangle AC_1B_1$ стороны, прилежащие к углу $\angle A=60^\circ$, равны $AC_1$ и $AB_1$.
- В $\triangle CB_1A_1$ стороны, прилежащие к углу $\angle C=60^\circ$, равны $CB_1$ и $CA_1$. Из построения (1) и (2) следует, что $CB_1 = AC_1$ и $CA_1 = AB_1$. Следовательно, по двум сторонам и углу между ними, $\triangle CB_1A_1 \cong \triangle AC_1B_1$. Из этого следует, что $A_1B_1 = C_1B_1$.
- В $\triangle BA_1C_1$ стороны, прилежащие к углу $\angle B=60^\circ$, равны $BA_1$ и $BC_1$. Найдем длины этих сторон. Пусть сторона треугольника $ABC$ равна $a$. $BA_1 = BC - CA_1 = a - CA_1$. По построению $CA_1 = AB_1$, значит $BA_1 = a - AB_1 = CB_1$. $BC_1 = AB - AC_1 = a - AC_1$. По построению $AC_1 = CB_1$, значит $BC_1 = a - CB_1 = AB_1$. Таким образом, стороны треугольника $\triangle BA_1C_1$ равны $CB_1$ и $AB_1$. Сравнивая с $\triangle AC_1B_1$, у которого стороны $AC_1 = CB_1$ и $AB_1$, мы видим, что $\triangle BA_1C_1 \cong \triangle AC_1B_1$ по двум сторонам и углу между ними. Из этого следует, что $A_1C_1 = B_1C_1$.
Мы получили, что $A_1B_1 = B_1C_1$ и $A_1C_1 = B_1C_1$. Следовательно, $A_1B_1 = B_1C_1 = C_1A_1$.
Таким образом, треугольник $A_1B_1C_1$ является равносторонним, что и требовалось доказать.
Ответ: Чтобы построить точки $A_1$ и $C_1$, нужно на стороне $AB$ отложить от вершины $A$ отрезок $AC_1$, равный отрезку $CB_1$, и на стороне $BC$ отложить от вершины $C$ отрезок $CA_1$, равный отрезку $AB_1$.
№328 (с. 90)
Условие. №328 (с. 90)
скриншот условия

328* Постройте треугольник по углу, высоте и биссектрисе, проведённым из вершины этого угла.
Решение 2. №328 (с. 90)

Решение 3. №328 (с. 90)

Решение 4. №328 (с. 90)

Решение 9. №328 (с. 90)


Решение 11. №328 (с. 90)
Задача состоит в построении треугольника по заданному углу при одной из вершин, а также по длинам высоты и биссектрисы, проведенным из этой же вершины. Решение задачи включает в себя анализ, описание шагов построения, доказательство корректности и исследование условий, при которых задача имеет решение.
Анализ
Пусть искомый треугольник $ABC$ построен. Обозначим вершину с заданным углом как $A$, величину этого угла как $\alpha$. Пусть $h_a$ — длина высоты $AH$, опущенной на сторону $BC$, а $l_a$ — длина биссектрисы $AL$ угла $A$.
По определению высоты, $AH$ перпендикулярна прямой, содержащей сторону $BC$. Следовательно, треугольник $AHL$ является прямоугольным с прямым углом при вершине $H$. В этом треугольнике нам известны длины гипотенузы $AL = l_a$ и катета $AH = h_a$. Это означает, что мы можем построить $\triangle AHL$ с помощью циркуля и линейки, если $l_a \ge h_a$.
После построения $\triangle AHL$ мы получаем положение вершины $A$, прямой $m$ (содержащей $BC$) и точки $L$ на этой прямой.
Поскольку $AL$ является биссектрисой угла $A$, она делит этот угол на два равных угла: $\angle BAL = \angle CAL = \frac{\alpha}{2}$. Это означает, что стороны $AB$ и $AC$ симметричны относительно прямой $AL$.
Таким образом, для нахождения сторон $AB$ и $AC$ достаточно отложить от луча $AL$ в разные стороны углы, равные $\frac{\alpha}{2}$. Пересечение полученных лучей с прямой $m$ даст нам вершины $B$ и $C$.
Построение
Пусть даны угол $\alpha$ и два отрезка длиной $h_a$ и $l_a$.
- Проведем произвольную прямую $m$. На ней будет лежать сторона $BC$ искомого треугольника.
- Выберем на прямой $m$ произвольную точку $H$ и проведем через нее прямую $k$, перпендикулярную $m$.
- На прямой $k$ отложим от точки $H$ отрезок $HA$ длиной $h_a$. Точка $A$ будет одной из вершин искомого треугольника.
- С центром в точке $A$ проведем окружность радиусом $l_a$. Точка пересечения этой окружности с прямой $m$ будет точкой $L$. (Если $l_a < h_a$, пересечения не будет, и задача не имеет решения. Если $l_a > h_a$, будет две точки пересечения, симметричные относительно $H$. Выбор любой из них приведет к построению конгруэнтных треугольников).
- Соединим точки $A$ и $L$. Получим отрезок $AL$ - биссектрису.
- Построим угол, равный данному углу $\alpha$, и разделим его пополам, чтобы получить угол величиной $\frac{\alpha}{2}$.
- От луча $AL$ в одну сторону отложим угол, равный $\frac{\alpha}{2}$, и проведем луч $r_1$.
- От луча $AL$ в другую сторону отложим угол, равный $\frac{\alpha}{2}$, и проведем луч $r_2$.
- Точки пересечения лучей $r_1$ и $r_2$ с прямой $m$ обозначим как $B$ и $C$ соответственно.
- Треугольник $ABC$ является искомым.
Доказательство
Проверим, что построенный треугольник $ABC$ удовлетворяет всем условиям задачи.
- Высота, проведенная из вершины $A$ к стороне $BC$, по построению является отрезком $AH$, и ее длина равна $h_a$.
- Отрезок $AL$ соединяет вершину $A$ с точкой $L$ на стороне $BC$. По построению, $\angle BAL = \angle CAL = \frac{\alpha}{2}$, следовательно, $AL$ является биссектрисой угла $A$. Ее длина по построению равна $l_a$.
- Угол при вершине $A$ равен $\angle BAC = \angle BAL + \angle CAL = \frac{\alpha}{2} + \frac{\alpha}{2} = \alpha$.
Таким образом, построенный треугольник является искомым.
Исследование
Задача имеет решение не для всех наборов исходных данных.
- Из шага 4 построения следует, что для существования точки $L$ необходимо, чтобы окружность радиуса $l_a$ пересекала прямую $m$. Расстояние от центра окружности $A$ до прямой $m$ равно $h_a$. Следовательно, необходимое условие: $l_a \ge h_a$. Если $l_a < h_a$, задача не имеет решения.
- Если $l_a = h_a$, то точки $H$ и $L$ совпадают. Это означает, что высота и биссектриса, проведенные из вершины $A$, являются одним и тем же отрезком. Такой треугольник будет равнобедренным ($AB = AC$). Задача имеет решение для любого угла $\alpha$ из интервала $(0, 180^\circ)$.
- Если $l_a > h_a$, то для существования невырожденного треугольника $ABC$ необходимо, чтобы углы $\angle B$ и $\angle C$ были положительными. Пусть $\theta = \angle HAL$. Из прямоугольного $\triangle AHL$ имеем $\cos\theta = \frac{h_a}{l_a}$. Углы $\angle B$ и $\angle C$ можно найти из прямоугольных треугольников $AHB$ и $AHC$. $\angle B = 90^\circ - \angle BAH$ и $\angle C = 90^\circ - \angle CAH$. При этом $\angle BAH = \angle BAL + \angle LAH = \frac{\alpha}{2} + \theta$ и $\angle CAH = |\angle CAL - \angle LAH| = |\frac{\alpha}{2} - \theta|$. Для того чтобы углы были положительными, необходимо выполнение условия $\frac{\alpha}{2} + \theta < 90^\circ$.
Итак, задача имеет единственное (с точностью до конгруэнтности) решение, если выполнены условия: $l_a \ge h_a$ и $\frac{\alpha}{2} + \arccos\left(\frac{h_a}{l_a}\right) < 90^\circ$. (Для случая $l_a=h_a$ второе условие превращается в $\frac{\alpha}{2} < 90^\circ$, что всегда верно для угла треугольника).
Ответ: Алгоритм построения описан выше. Он заключается в последовательном построении: 1) прямоугольного треугольника $AHL$ по известному катету $h_a$ и гипотенузе $l_a$; 2) лучей $AB$ и $AC$, образующих с построенной биссектрисой $AL$ углы, равные половине данного угла $\alpha$; 3) вершин $B$ и $C$ как точек пересечения этих лучей с прямой $HL$. Построение возможно при выполнении условий $l_a \ge h_a$ и $\frac{\alpha}{2} + \arccos(\frac{h_a}{l_a}) < 90^\circ$.
№329 (с. 90)
Условие. №329 (с. 90)
скриншот условия

329* Постройте треугольник по стороне, высоте и медиане, проведённым к этой стороне.
Решение 2. №329 (с. 90)

Решение 3. №329 (с. 90)

Решение 4. №329 (с. 90)

Решение 9. №329 (с. 90)

Решение 11. №329 (с. 90)
Для решения задачи по построению треугольника по стороне, высоте и медиане, проведенным к этой стороне, выполним анализ, построение, доказательство и исследование.
АнализПусть искомый треугольник $ABC$ построен. Обозначим данные нам элементы: $a$ — длина стороны $BC$, $h_a$ — длина высоты $AH$, проведенной к стороне $BC$ ($H$ — основание высоты на прямой $BC$), и $m_a$ — длина медианы $AM$, проведенной к той же стороне ($M$ — середина стороны $BC$).
Положение вершины $A$ можно определить, исходя из двух условий:
- Вершина $A$ удалена от прямой $BC$ на расстояние, равное высоте $h_a$. Геометрическим местом точек, удовлетворяющих этому условию, являются две прямые, параллельные прямой $BC$ и находящиеся от нее на расстоянии $h_a$.
- Вершина $A$ удалена от середины $M$ стороны $BC$ на расстояние, равное медиане $m_a$. Геометрическим местом точек, удовлетворяющих этому условию, является окружность с центром в точке $M$ и радиусом $m_a$.
Таким образом, вершина $A$ является точкой пересечения окружности и одной из параллельных прямых. Основание треугольника $BC$ лежит на прямой, проходящей через точку $M$, и имеет длину $a$, причем $M$ является его серединой.
Также можно заметить, что высота $AH$, медиана $AM$ и отрезок $HM$ на стороне треугольника образуют прямоугольный треугольник $AHM$ ($?AHM = 90°$), где катет $AH = h_a$, а гипотенуза $AM = m_a$. Из этого следует необходимое условие для существования решения: $m_a \ge h_a$.
ПостроениеПусть даны три отрезка, длины которых равны $a$, $h_a$ и $m_a$.
- Проведем произвольную прямую $d$. На ней будет располагаться сторона $BC$ искомого треугольника.
- Построим прямую $p$, параллельную прямой $d$ и отстоящую от нее на расстояние, равное длине высоты $h_a$. Вершина $A$ будет лежать на этой прямой.
- На прямой $d$ выберем произвольную точку $M$. Эта точка будет серединой стороны $BC$.
- Из точки $M$ как из центра проведем окружность радиусом, равным длине медианы $m_a$. Точка (или точки) пересечения этой окружности с прямой $p$ и будет вершиной $A$. Обозначим одну из таких точек пересечения буквой $A$.
- Теперь построим сторону $BC$. Из точки $M$ на прямой $d$ проведем окружность радиусом, равным половине длины стороны $a$, то есть $a/2$. Точки пересечения этой окружности с прямой $d$ обозначим $B$ и $C$.
- Соединим отрезками точки $A$, $B$ и $C$. Полученный треугольник $ABC$ является искомым.
Проверим, что построенный треугольник $ABC$ удовлетворяет всем условиям задачи.
- Сторона $BC$ по построению равна $BM + MC = a/2 + a/2 = a$.
- Вершина $A$ лежит на прямой $p$, которая параллельна прямой $d$ (содержащей сторону $BC$) и удалена от нее на расстояние $h_a$. Следовательно, высота треугольника, проведенная из вершины $A$ к стороне $BC$, равна $h_a$.
- Точка $M$ по построению является серединой отрезка $BC$. Следовательно, отрезок $AM$ является медианой. Длина этого отрезка по построению равна $m_a$.
Таким образом, построенный треугольник $ABC$ является искомым.
ИсследованиеПроанализируем, при каких условиях задача имеет решение.
Решение существует, если на шаге 4 построения окружность с центром в $M$ и радиусом $m_a$ пересекает прямую $p$. Расстояние от центра окружности (точки $M$) до прямой $p$ равно $h_a$. Пересечение существует тогда и только тогда, когда радиус окружности не меньше этого расстояния.
- Если $m_a > h_a$, окружность пересекает прямую $p$ в двух точках. Это дает два симметричных относительно перпендикуляра, опущенного из $M$ на $p$, решения. Получаемые треугольники конгруэнтны, поэтому решение, по сути, одно (с точностью до конгруэнтности).
- Если $m_a = h_a$, окружность касается прямой $p$ в одной точке. В этом случае основание высоты $H$ совпадает с серединой стороны $M$, а треугольник является равнобедренным ($AB=AC$). Решение единственно.
- Если $m_a < h_a$, окружность не пересекает прямую $p$, и построение вершины $A$ невозможно. В этом случае задача не имеет решений.
Длина стороны $a$ может быть любой положительной величиной и не влияет на количество решений.
Ответ: Алгоритм построения следующий: 1. Провести прямую $d$ и параллельную ей прямую $p$ на расстоянии $h_a$. 2. Выбрать на прямой $d$ точку $M$ (середину будущей стороны). 3. Найти вершину $A$ как пересечение прямой $p$ и окружности с центром в $M$ и радиусом $m_a$. 4. Найти вершины $B$ и $C$ как пересечение прямой $d$ и окружности с центром в $M$ и радиусом $a/2$. 5. Соединить вершины $A, B, C$. Построение возможно при условии $m_a \ge h_a$.
№330 (с. 90)
Условие. №330 (с. 90)
скриншот условия

330* Дан треугольник ABC с прямым углом А. На стороне AB постройте точку М, находящуюся на расстоянии AM от прямой ВС.
Решение 2. №330 (с. 90)

Решение 3. №330 (с. 90)

Решение 4. №330 (с. 90)

Решение 6. №330 (с. 90)


Решение 9. №330 (с. 90)

Решение 11. №330 (с. 90)
Анализ
Пусть дан прямоугольный треугольник $ABC$ с прямым углом при вершине $A$ ($\angle A = 90^\circ$). Задача состоит в том, чтобы на катете $AB$ найти такую точку $M$, что расстояние от нее до гипотенузы $BC$ равно длине отрезка $AM$.
Расстояние от точки до прямой определяется длиной перпендикуляра, опущенного из этой точки на прямую. Обозначим $MH$ перпендикуляр, опущенный из точки $M$ на прямую $BC$. Согласно условию задачи, должно выполняться равенство $AM = MH$.
Теперь рассмотрим расстояние от точки $M$ до прямой, содержащей катет $AC$. Так как точка $M$ лежит на катете $AB$, а угол $A$ — прямой, то прямая $AB$ перпендикулярна прямой $AC$ ($AB \perp AC$). Это означает, что отрезок $AM$ и есть перпендикуляр, опущенный из точки $M$ на прямую $AC$. Следовательно, расстояние от точки $M$ до прямой $AC$ в точности равно длине отрезка $AM$.
Таким образом, условие задачи $AM = MH$ можно переписать в следующем виде: расстояние от точки $M$ до прямой $AC$ равно расстоянию от точки $M$ до прямой $BC$.
Как известно из геометрии, геометрическое место точек, равноудаленных от двух пересекающихся прямых, — это биссектриса угла, образованного этими прямыми. В нашем случае точка $M$ должна быть равноудалена от прямых $AC$ и $BC$, которые пересекаются в точке $C$ и образуют угол $\angle ACB$.
Следовательно, искомая точка $M$ должна лежать на биссектрисе угла $\angle ACB$. Поскольку по условию точка $M$ также должна лежать на стороне $AB$, то она является точкой пересечения биссектрисы угла $C$ и стороны $AB$.
Построение
- Построить биссектрису угла $\angle ACB$. Для этого с помощью циркуля провести дугу с центром в вершине $C$, которая пересечет стороны $AC$ и $BC$ в некоторых точках.
- Из полученных точек пересечения на сторонах угла провести две дуги одинакового радиуса так, чтобы они пересеклись во внутренней области угла.
- Провести луч из вершины $C$ через точку пересечения этих дуг. Построенный луч является биссектрисой угла $\angle ACB$.
- Точка, в которой биссектриса пересекает сторону $AB$, и будет искомой точкой $M$.
Доказательство
Пусть $M$ — это точка, полученная в результате пересечения биссектрисы угла $\angle ACB$ и стороны $AB$. По построению, $M$ лежит на стороне $AB$. Необходимо доказать, что она удовлетворяет условию задачи, то есть что расстояние от $M$ до прямой $BC$ равно $AM$.
По определению, расстояние от точки $M$ до прямой $BC$ есть длина перпендикуляра $MH$, опущенного из $M$ на $BC$.
Так как точка $M$ лежит на биссектрисе угла $\angle ACB$, она равноудалена от сторон этого угла, то есть от прямых $AC$ и $BC$. Это означает, что расстояние от $M$ до $AC$ равно расстоянию от $M$ до $BC$.
Расстояние от точки $M$, лежащей на прямой $AB$, до прямой $AC$ (при условии, что $AB \perp AC$) равно длине отрезка $AM$.
Следовательно, мы имеем равенство $AM = MH$, что и требовалось доказать. Построенная точка $M$ является решением задачи.
Ответ: Искомая точка $M$ — это точка пересечения биссектрисы угла $C$ треугольника $ABC$ со стороной $AB$.
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.