Номер 425, страница 116 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2023 - 2025
Уровень обучения: базовый
Цвет обложки: синий
ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Популярные ГДЗ в 7 классе
Задачи к главам 3 и 4. Задачи повышенной трудности. Глава 5. Геометрические места точек. Симметричные фигуры - номер 425, страница 116.
№425 (с. 116)
Условие. №425 (с. 116)
скриншот условия

425 Через каждую вершину данного треугольника проведена прямая, перпендикулярная к биссектрисе треугольника, исходящей из этой вершины. Отрезки этих прямых вместе со сторонами данного треугольника образуют три треугольника. Докажите, что углы этих треугольников соответственно равны.
Решение 2. №425 (с. 116)

Решение 3. №425 (с. 116)


Решение 4. №425 (с. 116)

Решение 9. №425 (с. 116)

Решение 11. №425 (с. 116)
Пусть дан треугольник $ABC$ с углами $\angle A = \alpha$, $\angle B = \beta$ и $\angle C = \gamma$. Сумма углов треугольника равна $180^\circ$, то есть $\alpha + \beta + \gamma = 180^\circ$.
Через каждую вершину треугольника проведем прямую, перпендикулярную биссектрисе, исходящей из этой вершины. Рассмотрим вершину $A$. Пусть $l_A$ — биссектриса угла $\angle A$. Прямая $p_A$, проходящая через точку $A$ и перпендикулярная $l_A$, является биссектрисой внешнего угла при вершине $A$. Это следует из того, что биссектрисы смежных углов взаимно перпендикулярны. Аналогично, прямые $p_B$ и $p_C$, проведенные через вершины $B$ и $C$, являются биссектрисами внешних углов при этих вершинах.
Эти три прямые, пересекаясь, образуют новый треугольник. Обозначим точки их пересечения: $R = p_A \cap p_B$, $P = p_B \cap p_C$, $Q = p_C \cap p_A$.
Согласно условию, "отрезки этих прямых вместе со сторонами данного треугольника образуют три треугольника". Этими треугольниками являются $\triangle ABR$, $\triangle BCP$ и $\triangle CAQ$. Нам нужно доказать, что углы этих трех треугольников соответственно равны, то есть они имеют одинаковый набор углов.
Найдем углы треугольника $\triangle ABR$.
- Угол $\angle RAB$ — это угол между стороной $AB$ и прямой $p_A$. Так как $p_A$ — биссектриса внешнего угла при вершине $A$, который равен $180^\circ - \alpha$, то $\angle RAB = \frac{180^\circ - \alpha}{2} = 90^\circ - \frac{\alpha}{2}$.
- Угол $\angle RBA$ — это угол между стороной $AB$ и прямой $p_B$. Так как $p_B$ — биссектриса внешнего угла при вершине $B$, который равен $180^\circ - \beta$, то $\angle RBA = \frac{180^\circ - \beta}{2} = 90^\circ - \frac{\beta}{2}$.
- Угол $\angle ARB$ найдем из суммы углов треугольника $\triangle ABR$:
$\angle ARB = 180^\circ - \angle RAB - \angle RBA = 180^\circ - (90^\circ - \frac{\alpha}{2}) - (90^\circ - \frac{\beta}{2}) = \frac{\alpha}{2} + \frac{\beta}{2} = \frac{\alpha + \beta}{2}$.
Поскольку $\alpha + \beta = 180^\circ - \gamma$, получаем:
$\angle ARB = \frac{180^\circ - \gamma}{2} = 90^\circ - \frac{\gamma}{2}$.
Таким образом, углы треугольника $\triangle ABR$ равны $\{90^\circ - \frac{\alpha}{2}, 90^\circ - \frac{\beta}{2}, 90^\circ - \frac{\gamma}{2}\}$.
Проведем аналогичные вычисления для двух других треугольников.
Для треугольника $\triangle BCP$:
- $\angle PBC = 90^\circ - \frac{\beta}{2}$ (угол между стороной $BC$ и внешней биссектрисой $p_B$).
- $\angle PCB = 90^\circ - \frac{\gamma}{2}$ (угол между стороной $BC$ и внешней биссектрисой $p_C$).
- $\angle BPC = 180^\circ - (90^\circ - \frac{\beta}{2}) - (90^\circ - \frac{\gamma}{2}) = \frac{\beta + \gamma}{2} = \frac{180^\circ - \alpha}{2} = 90^\circ - \frac{\alpha}{2}$.
Углы треугольника $\triangle BCP$ равны $\{90^\circ - \frac{\beta}{2}, 90^\circ - \frac{\gamma}{2}, 90^\circ - \frac{\alpha}{2}\}$.
Для треугольника $\triangle CAQ$:
- $\angle QCA = 90^\circ - \frac{\gamma}{2}$ (угол между стороной $AC$ и внешней биссектрисой $p_C$).
- $\angle QAC = 90^\circ - \frac{\alpha}{2}$ (угол между стороной $AC$ и внешней биссектрисой $p_A$).
- $\angle AQC = 180^\circ - (90^\circ - \frac{\gamma}{2}) - (90^\circ - \frac{\alpha}{2}) = \frac{\gamma + \alpha}{2} = \frac{180^\circ - \beta}{2} = 90^\circ - \frac{\beta}{2}$.
Углы треугольника $\triangle CAQ$ равны $\{90^\circ - \frac{\gamma}{2}, 90^\circ - \frac{\alpha}{2}, 90^\circ - \frac{\beta}{2}\}$.
Мы видим, что все три образовавшихся треугольника ($\triangle ABR, \triangle BCP, \triangle CAQ$) имеют один и тот же набор углов: $\{90^\circ - \frac{\alpha}{2}, 90^\circ - \frac{\beta}{2}, 90^\circ - \frac{\gamma}{2}\}$. Следовательно, углы этих треугольников соответственно равны, что и требовалось доказать.
Ответ: Углы каждого из трех образовавшихся треугольников равны $90^\circ - \frac{\alpha}{2}$, $90^\circ - \frac{\beta}{2}$ и $90^\circ - \frac{\gamma}{2}$, где $\alpha, \beta, \gamma$ — углы исходного треугольника. Поскольку набор углов для всех трех треугольников одинаков, их углы соответственно равны.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 425 расположенного на странице 116 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №425 (с. 116), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.