Номер 884, страница 220 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Задачи к главе 8. Задачи повышенной трудности. Глава 9. Окружность - номер 884, страница 220.

Навигация по странице:

Решение Комментарии
№884 (с. 220)
Условие. №884 (с. 220)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 884, Условие

884 Постройте равнобедренный треугольник по углу между боковыми сторонами и сумме основания и высоты, проведённой к основанию.

Решение 2. №884 (с. 220)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 884, Решение 2
Решение 3. №884 (с. 220)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 884, Решение 3
Решение 4. №884 (с. 220)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 884, Решение 4
Решение 11. №884 (с. 220)

Для построения искомого равнобедренного треугольника воспользуемся методом анализа, чтобы найти соотношения между его элементами, а затем выполним построение с помощью циркуля и линейки.

Анализ

Пусть искомый равнобедренный треугольник $ABC$ построен. $AB = AC$, $\angle BAC = \alpha$ — угол между боковыми сторонами. Проведём высоту $AH$ к основанию $BC$. В равнобедренном треугольнике высота к основанию является также медианой и биссектрисой.

Следовательно, $H$ — середина $BC$, то есть $BH = HC = \frac{1}{2}BC$, и $AH$ — биссектриса угла $A$, то есть $\angle BAH = \angle CAH = \frac{\alpha}{2}$.

Обозначим длину основания $BC$ как $a$ и длину высоты $AH$ как $h$. По условию нам дана сумма $S = a + h$ и угол $\alpha$.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $AHB$. В нём катеты равны $AH = h$ и $BH = \frac{a}{2}$. Угол $\angle BAH = \frac{\alpha}{2}$.Из определения тангенса угла в прямоугольном треугольнике имеем:

$\tan(\frac{\alpha}{2}) = \frac{BH}{AH} = \frac{a/2}{h} = \frac{a}{2h}$

Отсюда получаем соотношение между основанием и высотой:

$\frac{a}{h} = 2 \tan(\frac{\alpha}{2})$

Таким образом, задача сводится к построению двух отрезков $a$ и $h$, для которых известна их сумма $S$ и их отношение. Это классическая задача на построение, решаемая с помощью теоремы Фалеса (или теоремы о пропорциональных отрезках).

Построение

Построение можно разбить на три этапа:1. Построение отрезков, отношение которых равно $a/h$.2. Деление данного отрезка $S$ в найденном отношении для нахождения $a$ и $h$.3. Построение искомого треугольника по основанию $a$ и высоте $h$.

  1. Построение вспомогательных отрезков.
    a. Строим угол, равный $\frac{\alpha}{2}$. Для этого с помощью циркуля и линейки делим данный угол $\alpha$ пополам.
    b. Строим прямоугольный треугольник с этим углом. На одной стороне угла отложим произвольный отрезок $XY$. Из точки $Y$ восстановим перпендикуляр к прямой $XY$. Точку пересечения перпендикуляра с другой стороной угла обозначим $Z$. Получим прямоугольный треугольник $XYZ$ с $\angle Y = 90^\circ$ и $\angle X = \frac{\alpha}{2}$.
    c. В этом треугольнике $\tan(\frac{\alpha}{2}) = \frac{ZY}{XY}$. Значит, отношение $\frac{a}{h} = 2 \frac{ZY}{XY}$.
    d. Построим отрезок $P$, равный $2 \cdot ZY$, и отрезок $Q$, равный $XY$. Теперь отношение $a:h$ равно отношению длин построенных отрезков $P:Q$.
  2. Нахождение основания $a$ и высоты $h$.
    a. Начертим прямую и отложим на ней отрезок $DE$, равный данной длине $S$.
    b. Из точки $D$ проведём луч $DF$, не лежащий на прямой $DE$.
    c. На луче $DF$ от точки $D$ отложим последовательно отрезки $DG$, равный отрезку $P$ (пропорциональному $a$), и $GK$, равный отрезку $Q$ (пропорциональному $h$).
    d. Соединим точки $K$ и $E$.
    e. Через точку $G$ проведём прямую, параллельную $KE$. Пусть она пересечёт отрезок $DE$ в точке $H'$.
    f. Согласно теореме о пропорциональных отрезках, отрезок $DE$ разделился точкой $H'$ в том же отношении, что и отрезок $DK$ точкой $G$: $\frac{DH'}{H'E} = \frac{DG}{GK} = \frac{P}{Q} = \frac{a}{h}$.
    g. Таким образом, мы нашли искомые длины: $a = DH'$ и $h = H'E$.
  3. Построение равнобедренного треугольника $ABC$.
    a. На произвольной прямой отложим отрезок $BC$, равный построенному отрезку $a$.
    b. Построим серединный перпендикуляр к отрезку $BC$. Для этого из точек $B$ и $C$ проведём дуги окружностей одинакового радиуса (большего, чем половина $BC$) и соединим точки их пересечения. Пусть $H$ — середина $BC$.
    c. На серединном перпендикуляре от точки $H$ отложим отрезок $AH$, равный построенному отрезку $h$.
    d. Соединим точку $A$ с точками $B$ и $C$.

Треугольник $ABC$ является искомым.

Доказательство

Построенный треугольник $ABC$ является равнобедренным, так как точка $A$ лежит на серединном перпендикуляре к отрезку $BC$, следовательно, $AB = AC$.

Высота, проведённая к основанию, по построению равна $AH = h$. Основание равно $BC = a$. Сумма основания и высоты равна $a+h = DH' + H'E = DE = S$, что соответствует условию.

Осталось доказать, что угол при вершине $\angle BAC$ равен $\alpha$.Рассмотрим прямоугольный треугольник $AHB$. В нём $AH = h$ и $BH = \frac{1}{2}BC = \frac{a}{2}$.Найдем тангенс угла $\angle BAH$:

$\tan(\angle BAH) = \frac{BH}{AH} = \frac{a/2}{h} = \frac{a}{2h}$

Из нашего построения мы знаем, что $\frac{a}{h} = \frac{P}{Q} = \frac{2 \cdot ZY}{XY}$.Вспомогательный прямоугольный треугольник $XYZ$ был построен так, что $\angle X = \frac{\alpha}{2}$, а $\tan(\angle X) = \frac{ZY}{XY}$.Следовательно,

$\frac{a}{2h} = \frac{1}{2} \cdot \frac{a}{h} = \frac{1}{2} \cdot \frac{2 \cdot ZY}{XY} = \frac{ZY}{XY} = \tan(\frac{\alpha}{2})$

Так как $\tan(\angle BAH) = \tan(\frac{\alpha}{2})$ и оба угла острые, то $\angle BAH = \frac{\alpha}{2}$.Поскольку $AH$ — биссектриса в равнобедренном треугольнике $ABC$, $\angle BAC = 2 \cdot \angle BAH = 2 \cdot \frac{\alpha}{2} = \alpha$.

Все условия задачи выполнены. Построение верное. Задача имеет единственное решение при $\alpha \in (0, 180^\circ)$ и $S>0$.

Ответ: Задача решена путем сведения к построению отрезков по их сумме и отношению. Отношение находится из тригонометрического соотношения в прямоугольном треугольнике, образованном высотой, половиной основания и боковой стороной. Подробный алгоритм построения и доказательство приведены выше.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 884 расположенного на странице 220 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №884 (с. 220), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться