Номер 890, страница 220 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Задачи к главе 8. Задачи повышенной трудности. Глава 9. Окружность - номер 890, страница 220.

Навигация по странице:

Решение Комментарии
№890 (с. 220)
Условие. №890 (с. 220)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 890, Условие

890 Прямая m, не проходящая через вершины треугольника АВС, пересекает его стороны АВ и ВС, а также продолжение стороны АС соответственно в точках С₁, А₁ и В₁. Докажите, что верно равенство: AC₁C₁BBA₁A₁CCB₁B₁A = 1 (теорема Менелая).

Решение 1. №890 (с. 220)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 890, Решение 1
Решение 10. №890 (с. 220)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 890, Решение 10 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 220, номер 890, Решение 10 (продолжение 2)
Решение 11. №890 (с. 220)

Для доказательства данного равенства, известного как теорема Менелая, воспользуемся методом подобных треугольников. Согласно условию, у нас есть треугольник $ABC$ и прямая $m$, которая пересекает его стороны $AB$ и $BC$ в точках $C_1$ и $A_1$ соответственно, а продолжение стороны $AC$ — в точке $B_1$.

Проведем из вершин треугольника $A$, $B$ и $C$ перпендикуляры к прямой $m$. Обозначим длины этих перпендикуляров как $h_A$, $h_B$ и $h_C$, а их основания на прямой $m$ — как точки $P_A$, $P_B$ и $P_C$ соответственно.

1. Рассмотрим пару прямоугольных треугольников $\triangle AP_A C_1$ и $\triangle BP_B C_1$. У них есть общая вершина $C_1$.

  • $\angle AP_A C_1 = \angle BP_B C_1 = 90^\circ$ по построению.
  • $\angle AC_1 P_A = \angle BC_1 P_B$ как вертикальные углы.

Следовательно, треугольники $\triangle AP_A C_1$ и $\triangle BP_B C_1$ подобны по двум углам (острому углу). Из подобия следует отношение соответствующих сторон: $ \frac{AC_1}{C_1B} = \frac{h_A}{h_B} $

2. Рассмотрим вторую пару прямоугольных треугольников $\triangle BP_B A_1$ и $\triangle CP_C A_1$. У них общая вершина $A_1$.

  • $\angle BP_B A_1 = \angle CP_C A_1 = 90^\circ$ по построению.
  • $\angle BA_1 P_B = \angle CA_1 P_C$ как вертикальные углы.

Следовательно, треугольники $\triangle BP_B A_1$ и $\triangle CP_C A_1$ также подобны по двум углам. Из их подобия получаем: $ \frac{BA_1}{A_1C} = \frac{h_B}{h_C} $

3. Наконец, рассмотрим третью пару прямоугольных треугольников $\triangle AP_A B_1$ и $\triangle CP_C B_1$. Точка $B_1$ является общей для обоих.

  • $\angle AP_A B_1 = \angle CP_C B_1 = 90^\circ$ по построению.
  • $\angle B_1$ является общим для обоих треугольников.

Следовательно, треугольники $\triangle AP_A B_1$ и $\triangle CP_C B_1$ подобны по двум углам. Из их подобия следует: $ \frac{B_1A}{CB_1} = \frac{h_A}{h_C} $ Перевернув дробь, получим отношение в том виде, в котором оно присутствует в доказываемом равенстве: $ \frac{CB_1}{B_1A} = \frac{h_C}{h_A} $

Теперь перемножим левые и правые части трех полученных пропорций: $ \frac{AC_1}{C_1B} \cdot \frac{BA_1}{A_1C} \cdot \frac{CB_1}{B_1A} = \frac{h_A}{h_B} \cdot \frac{h_B}{h_C} \cdot \frac{h_C}{h_A} $

В правой части произведения все величины ($h_A, h_B, h_C$) сокращаются: $ \frac{h_A}{h_B} \cdot \frac{h_B}{h_C} \cdot \frac{h_C}{h_A} = \frac{h_A \cdot h_B \cdot h_C}{h_B \cdot h_C \cdot h_A} = 1 $

Таким образом, мы доказали, что $\frac{AC_1}{C_1B} \cdot \frac{BA_1}{A_1C} \cdot \frac{CB_1}{B_1A} = 1$, что и требовалось доказать.

Ответ: Равенство $\frac{AC_1}{C_1B} \cdot \frac{BA_1}{A_1C} \cdot \frac{CB_1}{B_1A} = 1$ доказано.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 890 расположенного на странице 220 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №890 (с. 220), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться