Номер 340, страница 135 - гдз по алгебре 11 класс учебник Колягин, Ткачева

Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Колягин Юрий Михайлович, Ткачева Мария Владимировна, Федорова Надежда Евгеньевна, Шабунин Михаил Иванович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета

Авторы: Колягин Ю. М., Ткачева М. В., Федорова Н. Е., Шабунин М. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2014 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: голубой, розовый

ISBN: 978-5-09-087603-2

Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 11 классе

Упражнения к главе III. Глава 3. Применение производной к исследованию функций - номер 340, страница 135.

№340 (с. 135)
Условие. №340 (с. 135)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Колягин Юрий Михайлович, Ткачева Мария Владимировна, Федорова Надежда Евгеньевна, Шабунин Михаил Иванович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 135, номер 340, Условие

340. Сечение тоннеля имеет форму прямоугольника, сверху завершённого полукругом. Определить радиус полукруга, при котором площадь сечения будет наибольшей, если периметр сечения равен $p$.

Решение 1. №340 (с. 135)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Колягин Юрий Михайлович, Ткачева Мария Владимировна, Федорова Надежда Евгеньевна, Шабунин Михаил Иванович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 135, номер 340, Решение 1
Решение 2. №340 (с. 135)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Колягин Юрий Михайлович, Ткачева Мария Владимировна, Федорова Надежда Евгеньевна, Шабунин Михаил Иванович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 135, номер 340, Решение 2
Решение 3. №340 (с. 135)

Обозначим радиус полукруга через $r$, а высоту прямоугольной части — через $h$. Тогда ширина прямоугольника, которая является основанием для полукруга, равна $2r$.

Фигура сечения представляет собой композицию из прямоугольника и полукруга. Периметр $p$ этой фигуры складывается из трех сторон прямоугольника (основания и двух боковых сторон) и длины дуги полукруга. Верхняя сторона прямоугольника является внутренним контуром и не входит в периметр.

Длина основания: $2r$.
Суммарная длина двух боковых сторон: $2h$.
Длина дуги полукруга (половина длины окружности): $\frac{1}{2}(2\pi r) = \pi r$.

Таким образом, формула для периметра $p$ имеет вид: $$ p = 2r + 2h + \pi r = (2+\pi)r + 2h $$

Из этого уравнения выразим высоту $h$ через $r$ и $p$, чтобы использовать ее в формуле площади: $$ 2h = p - (2+\pi)r $$ $$ h = \frac{p - (2+\pi)r}{2} $$

Площадь сечения $S$ является суммой площади прямоугольника ($S_{прям} = 2r \cdot h$) и площади полукруга ($S_{пол} = \frac{1}{2}\pi r^2$): $$ S = 2rh + \frac{1}{2}\pi r^2 $$

Теперь подставим выражение для $h$ в формулу площади, чтобы получить функцию $S(r)$, зависящую только от одной переменной $r$: $$ S(r) = 2r \left( \frac{p - (2+\pi)r}{2} \right) + \frac{1}{2}\pi r^2 $$ $$ S(r) = r(p - (2+\pi)r) + \frac{1}{2}\pi r^2 $$ $$ S(r) = pr - (2+\pi)r^2 + \frac{1}{2}\pi r^2 $$ $$ S(r) = pr - 2r^2 - \pi r^2 + \frac{1}{2}\pi r^2 $$ $$ S(r) = pr - 2r^2 - \frac{1}{2}\pi r^2 $$ $$ S(r) = pr - \left(2 + \frac{\pi}{2}\right)r^2 $$

Мы получили квадратичную функцию $S(r)$ относительно $r$. Коэффициент при $r^2$ является отрицательным ($- (2 + \frac{\pi}{2}) < 0$), следовательно, график этой функции — парабола, ветви которой направлены вниз. Свое наибольшее значение такая функция принимает в вершине параболы.

Чтобы найти значение $r$, при котором площадь $S$ максимальна, найдем производную функции $S(r)$ и приравняем ее к нулю: $$ S'(r) = \frac{d}{dr}\left(pr - \left(2 + \frac{\pi}{2}\right)r^2\right) = p - 2\left(2 + \frac{\pi}{2}\right)r $$ $$ S'(r) = p - (4+\pi)r $$

Приравниваем производную к нулю для нахождения критической точки: $$ p - (4+\pi)r = 0 $$ $$ (4+\pi)r = p $$ $$ r = \frac{p}{4+\pi} $$

Так как вторая производная $S''(r) = -(4+\pi)$ отрицательна, найденная точка является точкой максимума.

Ответ: радиус полукруга, при котором площадь сечения будет наибольшей, равен $r = \frac{p}{4+\pi}$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 340 расположенного на странице 135 к учебнику 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №340 (с. 135), авторов: Колягин (Юрий Михайлович), Ткачева (Мария Владимировна), Федорова (Надежда Евгеньевна), Шабунин (Михаил Иванович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.