Страница 168 - гдз по алгебре 11 класс учебник Мерзляк, Номировский

Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016

Авторы: Мерзляк А. Г., Номировский Д. А., Полонский В. Б., Якир М. С.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2016 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий, зелёный

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика. Алгебра и начала математического анализа

Популярные ГДЗ в 11 классе

Cтраница 168

Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168
№19.10 (с. 168)
Учебник. №19.10 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.10, Учебник

19.10. В новой квартире вкрутили 10 новых лампочек. Вероятность того, что лампочка проработает не менее года, составляет 0,9. Какова вероятность того, что в течение года придётся заменить ровно 3 лампочки?

Решение. №19.10 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.10, Решение
Решение 2. №19.10 (с. 168)

Для решения этой задачи используется формула Бернулли, поскольку мы имеем дело с серией из $n$ независимых испытаний (срок службы каждой из 10 лампочек), каждое из которых имеет два возможных исхода (лампочка перегорит в течение года или нет).

Определим параметры задачи:
- Общее количество испытаний (лампочек) $n = 10$.
- Вероятность того, что одна лампочка проработает не менее года, составляет $0.9$.
- Событие, которое нас интересует, — это замена лампочки. Это произойдет, если лампочка проработает менее года. Вероятность этого события (будем считать ее "успехом") является противоположной и равна $p = 1 - 0.9 = 0.1$.
- Вероятность того, что лампочка не потребует замены (противоположное событие, или "неудача"), равна $q = 1 - p = 1 - 0.1 = 0.9$.
- Искомое количество "успехов" (лампочек, которые нужно заменить) равно $k = 3$.

Формула Бернулли для нахождения вероятности того, что в $n$ испытаниях событие с вероятностью $p$ произойдет ровно $k$ раз, выглядит следующим образом:
$P_n(k) = C_n^k \cdot p^k \cdot q^{n-k}$
где $C_n^k$ — это число сочетаний из $n$ по $k$, которое рассчитывается по формуле $C_n^k = \frac{n!}{k!(n-k)!}$.

Сначала вычислим число сочетаний, то есть количество способов, которыми могут перегореть 3 лампочки из 10:
$C_{10}^3 = \frac{10!}{3!(10-3)!} = \frac{10!}{3!7!} = \frac{10 \cdot 9 \cdot 8}{3 \cdot 2 \cdot 1} = 10 \cdot 3 \cdot 4 = 120$

Теперь подставим все известные значения в формулу Бернулли:
$P_{10}(3) = C_{10}^3 \cdot (0.1)^3 \cdot (0.9)^{10-3} = 120 \cdot (0.1)^3 \cdot (0.9)^7$

Произведем расчеты:
$(0.1)^3 = 0.001$
$(0.9)^7 \approx 0.4782969$
$P_{10}(3) = 120 \cdot 0.001 \cdot 0.4782969 = 0.12 \cdot 0.4782969 \approx 0.057395628$

Округлив результат до четырех знаков после запятой, получаем искомую вероятность.

Ответ: $0.0574$

№19.11 (с. 168)
Учебник. №19.11 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.11, Учебник

19.11. При игре в теннис Андрей в среднем выигрывает у Сергея 3 гейма из 5. Какова вероятность того, что из 6 геймов Андрей выиграет ровно 2 гейма?

Решение. №19.11 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.11, Решение
Решение 2. №19.11 (с. 168)

Для решения этой задачи используется формула Бернулли, которая позволяет рассчитать вероятность получения ровно $k$ успехов в серии из $n$ независимых испытаний.

Формула Бернулли выглядит так: $P_n(k) = C_n^k \cdot p^k \cdot q^{n-k}$, где:
$n$ — это общее количество испытаний (в данном случае, общее число геймов);
$k$ — это желаемое число "успехов" (количество геймов, которые выиграет Андрей);
$p$ — это вероятность "успеха" в одном испытании (вероятность того, что Андрей выиграет один гейм);
$q$ — это вероятность "неудачи", то есть проигрыша, в одном испытании ($q = 1 - p$).

Исходя из условия задачи, определим значения этих переменных:
Общее число геймов: $n = 6$.
Требуемое число выигранных Андреем геймов: $k = 2$.
По условию, Андрей выигрывает в среднем 3 гейма из 5. Значит, вероятность выигрыша в одном гейме: $p = \frac{3}{5}$.
Соответственно, вероятность проигрыша в одном гейме: $q = 1 - p = 1 - \frac{3}{5} = \frac{2}{5}$.

Теперь подставим все значения в формулу Бернулли:
$P_6(2) = C_6^2 \cdot (\frac{3}{5})^2 \cdot (\frac{2}{5})^{6-2} = C_6^2 \cdot (\frac{3}{5})^2 \cdot (\frac{2}{5})^4$.

Рассчитаем каждую часть выражения по отдельности.
1. Число сочетаний $C_6^2$ (количество способов, которыми Андрей может выиграть ровно 2 гейма из 6):
$C_6^2 = \frac{6!}{2!(6-2)!} = \frac{6!}{2!4!} = \frac{6 \cdot 5}{2 \cdot 1} = 15$.
2. Рассчитаем степени вероятностей:
$(\frac{3}{5})^2 = \frac{9}{25}$.
$(\frac{2}{5})^4 = \frac{16}{625}$.

Осталось перемножить полученные значения:
$P_6(2) = 15 \cdot \frac{9}{25} \cdot \frac{16}{625}$.

Выполним вычисления и упростим выражение:
$P_6(2) = \frac{15 \cdot 9 \cdot 16}{25 \cdot 625} = \frac{(3 \cdot 5) \cdot 9 \cdot 16}{(5 \cdot 5) \cdot 625} = \frac{3 \cdot 9 \cdot 16}{5 \cdot 625} = \frac{27 \cdot 16}{3125} = \frac{432}{3125}$.

Результат можно представить в виде десятичной дроби:
$\frac{432}{3125} = 0.13824$.

Ответ: $\frac{432}{3125}$ или $0.13824$.

№19.12 (с. 168)
Учебник. №19.12 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.12, Учебник

19.12. Есть $r$ ящиков, в каждом из которых лежат $n$ чёрных и $m$ белых шаров. Из каждого ящика наугад берут по одному шару. Какова вероятность того, что среди взятых шаров будет ровно $k$ чёрных?

Решение. №19.12 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.12, Решение
Решение 2. №19.12 (с. 168)

Данная задача описывается схемой независимых испытаний Бернулли. Каждое извлечение шара из одного из $r$ ящиков является отдельным независимым испытанием. Всего проводится $r$ таких испытаний.

Рассмотрим одно испытание: извлечение одного шара из произвольного ящика.

В каждом ящике находится $n$ чёрных и $m$ белых шаров. Общее число шаров в ящике равно $n + m$.

Вероятность извлечь чёрный шар (будем считать это «успехом») из одного ящика равна:$p = \frac{n}{n+m}$

Вероятность извлечь белый шар (будем считать это «неудачей») из одного ящика равна:$q = \frac{m}{n+m}$

Сумма этих вероятностей, как и положено, равна 1: $p + q = \frac{n}{n+m} + \frac{m}{n+m} = 1$.

Нам необходимо найти вероятность того, что в серии из $r$ испытаний произойдёт ровно $k$ успехов (будет вынуто $k$ чёрных шаров) и, соответственно, $r-k$ неудач (будет вынуто $r-k$ белых шаров).

Для этого применяется формула Бернулли:$P_r(k) = C_r^k \cdot p^k \cdot q^{r-k}$

Здесь:

  • $P_r(k)$ — искомая вероятность.
  • $C_r^k = \frac{r!}{k!(r-k)!}$ — число сочетаний, то есть количество способов выбрать те $k$ ящиков из $r$, из которых будут извлечены чёрные шары.
  • $p^k$ — вероятность совместного наступления $k$ успехов (извлечения $k$ чёрных шаров из $k$ ящиков), так как испытания независимы.
  • $q^{r-k}$ — вероятность совместного наступления $r-k$ неудач (извлечения $r-k$ белых шаров из оставшихся $r-k$ ящиков).

Подставим в формулу Бернулли найденные значения $p$ и $q$:$P_r(k) = C_r^k \left(\frac{n}{n+m}\right)^k \left(\frac{m}{n+m}\right)^{r-k}$

Упростим выражение, выполнив действия со степенями:$P_r(k) = C_r^k \frac{n^k}{(n+m)^k} \frac{m^{r-k}}{(n+m)^{r-k}} = C_r^k \frac{n^k m^{r-k}}{(n+m)^{k+(r-k)}} = C_r^k \frac{n^k m^{r-k}}{(n+m)^r}$

Данная формула справедлива для $k \in \{0, 1, ..., r\}$.

Ответ: $C_r^k \frac{n^k m^{r-k}}{(n+m)^r}$

№19.13 (с. 168)
Учебник. №19.13 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.13, Учебник

19.13. В $r$ вагонов электрички случайным образом заходят $n$ пассажиров. Какова вероятность того, что в первом вагоне окажется $k$ из этих пассажиров?

Решение. №19.13 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.13, Решение
Решение 2. №19.13 (с. 168)

Для решения этой задачи воспользуемся классическим определением вероятности: $P = \frac{m}{N}$, где $N$ — общее число равновозможных исходов, а $m$ — число исходов, благоприятствующих событию.

1. Найдем общее число исходов N. У нас есть $n$ пассажиров и $r$ вагонов. Каждый из $n$ пассажиров может выбрать любой из $r$ вагонов независимо от других. Таким образом, для первого пассажира есть $r$ вариантов выбора, для второго — $r$ вариантов, и так далее до $n$-го пассажира. Общее число всех возможных способов размещения $n$ пассажиров по $r$ вагонам равно: $N = r^n$. Это число представляет собой общее количество элементарных исходов.

2. Найдем число благоприятных исходов m. Благоприятный исход — это ситуация, когда в первом вагоне оказалось ровно $k$ пассажиров. Чтобы посчитать количество таких исходов, разобьём задачу на два этапа.
Этап 1: Выбор $k$ пассажиров, которые зайдут в первый вагон. Из $n$ пассажиров нужно выбрать $k$ человек. Порядок выбора не важен, поэтому используем формулу для числа сочетаний: $C_n^k = \frac{n!}{k!(n-k)!}$.
Этап 2: Размещение оставшихся $n-k$ пассажиров. Оставшиеся $n-k$ пассажиров должны зайти в любой из оставшихся $r-1$ вагонов (со второго по $r$-й). Каждый из этих $n-k$ пассажиров имеет $r-1$ вариант выбора. Следовательно, число способов разместить их равно $(r-1)^{n-k}$.
По правилу произведения, общее число благоприятных исходов $m$ равно произведению результатов этих двух этапов: $m = C_n^k \cdot (r-1)^{n-k}$.

3. Вычислим искомую вероятность. Теперь, когда у нас есть общее число исходов $N$ и число благоприятных исходов $m$, мы можем найти искомую вероятность, разделив $m$ на $N$: $P = \frac{m}{N} = \frac{C_n^k (r-1)^{n-k}}{r^n}$.

Эту же задачу можно решить, используя схему испытаний Бернулли. Рассмотрим выбор вагона каждым пассажиром как независимое испытание. "Успехом" будем считать, что пассажир выбрал первый вагон. Вероятность "успеха" для одного пассажира $p = \frac{1}{r}$. Вероятность "неудачи" (пассажир выбрал любой другой вагон) $q = 1 - p = 1 - \frac{1}{r} = \frac{r-1}{r}$. Вероятность того, что в $n$ испытаниях будет ровно $k$ успехов, вычисляется по формуле Бернулли: $P_n(k) = C_n^k p^k q^{n-k} = C_n^k \left(\frac{1}{r}\right)^k \left(\frac{r-1}{r}\right)^{n-k} = C_n^k \frac{(r-1)^{n-k}}{r^n}$. Оба подхода приводят к одному и тому же результату.

Ответ: $P = \frac{C_n^k (r-1)^{n-k}}{r^n}$

№19.14 (с. 168)
Учебник. №19.14 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.14, Учебник

19.14. В сборную команду России на Международной математической олимпиаде входят 6 человек. На основании выступлений российских школьников на олимпиадах прошлых лет был сделан вывод, что вероятность российского школьника получить золотую медаль на олимпиаде составляет около 65%. Оцените вероятность того, что на очередной Международной математической олимпиаде команда России завоюет не менее 5 золотых медалей.

Решение. №19.14 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.14, Решение
Решение 2. №19.14 (с. 168)

Для решения этой задачи мы можем использовать формулу Бернулли, поскольку речь идет о серии независимых испытаний (выступление каждого из 6 членов команды), где каждое испытание имеет два исхода: «успех» (получение золотой медали) и «неудача».

Введем обозначения:
$n = 6$ — общее число испытаний (количество школьников в команде).
$p = 0,65$ — вероятность успеха в одном испытании (вероятность, что один школьник получит золотую медаль).
$q = 1 - p = 1 - 0,65 = 0,35$ — вероятность неудачи (вероятность, что школьник не получит золотую медаль).

Нам необходимо найти вероятность того, что команда завоюет «не менее 5 золотых медалей». Это событие означает, что команда получит либо ровно 5, либо ровно 6 медалей. Искомая вероятность равна сумме вероятностей этих двух несовместных событий:
$P(k \ge 5) = P_6(5) + P_6(6)$

Вероятность того, что в $n$ испытаниях произойдет ровно $k$ успехов, вычисляется по формуле Бернулли:
$P_n(k) = C_n^k p^k q^{n-k}$, где $C_n^k = \frac{n!}{k!(n-k)!}$ — число сочетаний.

Рассчитаем вероятность для каждого случая.

Вероятность получения ровно 5 золотых медалей ($k=5$):
$P_6(5) = C_6^5 \cdot (0,65)^5 \cdot (0,35)^{6-5} = \frac{6!}{5!1!} \cdot (0,65)^5 \cdot (0,35)^1 = 6 \cdot (0,65)^5 \cdot 0,35$
$P_6(5) \approx 6 \cdot 0,11603 \cdot 0,35 \approx 0,24366$

Вероятность получения ровно 6 золотых медалей ($k=6$):
$P_6(6) = C_6^6 \cdot (0,65)^6 \cdot (0,35)^{6-6} = \frac{6!}{6!0!} \cdot (0,65)^6 \cdot (0,35)^0 = 1 \cdot (0,65)^6 \cdot 1$
$P_6(6) \approx 0,07542$

Теперь найдем искомую вероятность, сложив полученные значения:
$P(k \ge 5) = P_6(5) + P_6(6) \approx 0,24366 + 0,07542 = 0,31908$

Округляя результат до четырех знаков после запятой, получаем примерно $0,3191$.
Ответ: Вероятность того, что команда России завоюет не менее 5 золотых медалей, составляет примерно $0,3191$ (или $31,91\%$).

№19.15 (с. 168)
Учебник. №19.15 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.15, Учебник

19.15. Во время эпидемии гриппа вероятность того, что врач, контактирующий с больными, сам заболеет в течение недели, равна 0,08. Найдите вероятность того, что из 25 лечащих врачей поликлиники в течение недели заболеет не менее 2 человек.

Решение. №19.15 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.15, Решение
Решение 2. №19.15 (с. 168)

Данная задача решается с использованием схемы независимых испытаний Бернулли. У нас есть $n=25$ врачей, и для каждого из них мы рассматриваем событие "врач заболеет в течение недели". Эти события независимы.

Введем следующие обозначения:

  • $n = 25$ — общее число врачей (количество испытаний).
  • $p = 0,08$ — вероятность того, что один врач заболеет (вероятность "успеха").
  • $q = 1 - p = 1 - 0,08 = 0,92$ — вероятность того, что один врач не заболеет (вероятность "неудачи").

Нам необходимо найти вероятность события A, которое заключается в том, что "заболеет не менее 2 человек". Это означает, что число заболевших врачей $k$ может быть $k \geq 2$.

Вычислять вероятность для каждого значения $k$ от 2 до 25 и складывать их — трудоемко. Проще найти вероятность противоположного события $\overline{A}$, которое состоит в том, что заболеет менее 2 человек. Это означает, что никто не заболеет ($k=0$) или заболеет ровно один человек ($k=1$).

Вероятность искомого события A можно найти через вероятность противоположного события: $P(A) = 1 - P(\overline{A}) = 1 - (P(k=0) + P(k=1))$

Вероятность того, что из $n$ испытаний произойдет ровно $k$ успехов, вычисляется по формуле Бернулли: $P_n(k) = C_n^k p^k q^{n-k}$ где $C_n^k = \frac{n!}{k!(n-k)!}$ — биномиальный коэффициент.

1. Найдем вероятность того, что никто из врачей не заболеет ($k=0$):
$P_{25}(0) = C_{25}^0 \cdot (0,08)^0 \cdot (0,92)^{25-0} = 1 \cdot 1 \cdot (0,92)^{25} = (0,92)^{25}$

2. Найдем вероятность того, что заболеет ровно один врач ($k=1$):
$P_{25}(1) = C_{25}^1 \cdot (0,08)^1 \cdot (0,92)^{25-1} = 25 \cdot 0,08 \cdot (0,92)^{24} = 2 \cdot (0,92)^{24}$

3. Найдем вероятность противоположного события $P(\overline{A})$:
$P(\overline{A}) = P_{25}(0) + P_{25}(1) = (0,92)^{25} + 2 \cdot (0,92)^{24}$
Вынесем общий множитель $(0,92)^{24}$ за скобки:
$P(\overline{A}) = (0,92)^{24} \cdot (0,92 + 2) = 2,92 \cdot (0,92)^{24}$
Теперь вычислим приближенное значение:
$(0,92)^{24} \approx 0,13695$
$P(\overline{A}) \approx 2,92 \cdot 0,13695 \approx 0,399906$

4. Найдем искомую вероятность $P(A)$:
$P(A) = 1 - P(\overline{A}) \approx 1 - 0,399906 = 0,600094$

Округляя результат до четырех знаков после запятой, получаем 0,6001.

Ответ: $0,6001$

№19.16 (с. 168)
Учебник. №19.16 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.16, Учебник

19.16. Гроссмейстер проводит сеанс одновременной игры в шахматы на 40 досках. Вероятность того, что гроссмейстер выиграет каждую отдельную партию, равна 97%. Какова вероятность того, что в сеансе гроссмейстер выиграет не менее 38 партий?

Решение. №19.16 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.16, Решение
Решение 2. №19.16 (с. 168)

Данная задача описывает серию независимых испытаний (партий в шахматы), поэтому для ее решения используется формула Бернулли. Каждая партия — это одно испытание.

Определим параметры задачи:

$n = 40$ — общее количество испытаний (партий).

$p = 0.97$ — вероятность "успеха", то есть выигрыша гроссмейстера в одной отдельно взятой партии.

$q = 1 - p = 1 - 0.97 = 0.03$ — вероятность "неудачи", то есть того, что гроссмейстер не выиграет партию (сыграет вничью или проиграет).

Нам необходимо найти вероятность события A = "гроссмейстер выиграет не менее 38 партий". Это означает, что число выигранных партий $k$ может быть равно 38, 39 или 40. Поскольку эти три исхода являются несовместными событиями (не могут произойти одновременно), искомая вероятность равна сумме их вероятностей:

$P(A) = P(k=38) + P(k=39) + P(k=40)$

Вероятность того, что в $n$ испытаниях событие наступит ровно $k$ раз, вычисляется по формуле Бернулли:

$P_n(k) = C_n^k \cdot p^k \cdot q^{n-k}$

где $C_n^k = \frac{n!}{k!(n-k)!}$ — число сочетаний из $n$ по $k$.

Рассчитаем вероятность для каждого случая по отдельности.

1. Вероятность того, что гроссмейстер выиграет ровно 38 партий ($k=38$):

Число сочетаний:

$C_{40}^{38} = \frac{40!}{38!(40-38)!} = \frac{40 \cdot 39}{2 \cdot 1} = 780$

Вероятность:

$P(k=38) = C_{40}^{38} \cdot (0.97)^{38} \cdot (0.03)^{2} = 780 \cdot (0.97)^{38} \cdot 0.0009$

$P(k=38) \approx 780 \cdot 0.315353 \cdot 0.0009 \approx 0.22121$

2. Вероятность того, что гроссмейстер выиграет ровно 39 партий ($k=39$):

Число сочетаний:

$C_{40}^{39} = \frac{40!}{39!(40-39)!} = 40$

Вероятность:

$P(k=39) = C_{40}^{39} \cdot (0.97)^{39} \cdot (0.03)^{1} = 40 \cdot (0.97)^{39} \cdot 0.03$

$P(k=39) \approx 40 \cdot 0.305892 \cdot 0.03 \approx 0.36707$

3. Вероятность того, что гроссмейстер выиграет все 40 партий ($k=40$):

Число сочетаний:

$C_{40}^{40} = 1$

Вероятность:

$P(k=40) = C_{40}^{40} \cdot (0.97)^{40} \cdot (0.03)^{0} = 1 \cdot (0.97)^{40} \cdot 1$

$P(k=40) \approx 0.29672$

Теперь сложим полученные вероятности, чтобы найти итоговую вероятность события A:

$P(A) \approx 0.22121 + 0.36707 + 0.29672 \approx 0.885$

Ответ: $0.885$

№19.17 (с. 168)
Учебник. №19.17 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.17, Учебник

19.17. Решите неравенство:

1) $|x^2 + 3x| < x + 4;$

2) $|x^2 + 3x| \ge 2 - x^2.$

Решение. №19.17 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.17, Решение Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.17, Решение (продолжение 2)
Решение 2. №19.17 (с. 168)

1)

Решим неравенство $|x^2 + 3x| < x + 4$.

Данное неравенство вида $|f(x)| < g(x)$ равносильно системе неравенств. Во-первых, правая часть должна быть строго больше нуля, так как модуль — неотрицательная величина. Во-вторых, выражение под модулем должно быть в границах от $-g(x)$ до $g(x)$.

$$ \begin{cases} x + 4 > 0 \\ x^2 + 3x < x + 4 \\ x^2 + 3x > -(x + 4) \end{cases} $$

Решим каждое неравенство системы по отдельности.

1. $x + 4 > 0 \implies x > -4$.

2. $x^2 + 3x < x + 4 \implies x^2 + 2x - 4 < 0$.
Найдем корни квадратного уравнения $x^2 + 2x - 4 = 0$ с помощью дискриминанта:
$D = b^2 - 4ac = 2^2 - 4 \cdot 1 \cdot (-4) = 4 + 16 = 20$.
Корни уравнения: $x_{1,2} = \frac{-2 \pm \sqrt{20}}{2} = \frac{-2 \pm 2\sqrt{5}}{2} = -1 \pm \sqrt{5}$.
Так как ветви параболы $y = x^2 + 2x - 4$ направлены вверх, неравенство $x^2 + 2x - 4 < 0$ выполняется между корнями: $x \in (-1 - \sqrt{5}, -1 + \sqrt{5})$.

3. $x^2 + 3x > -(x + 4) \implies x^2 + 3x > -x - 4 \implies x^2 + 4x + 4 > 0$.
Выражение в левой части является полным квадратом: $(x + 2)^2 > 0$.
Это неравенство верно для всех действительных чисел $x$, кроме того случая, когда $x + 2 = 0$, то есть $x \neq -2$.

Теперь найдем пересечение (общее решение) для всех трех условий:
1) $x \in (-4, \infty)$
2) $x \in (-1 - \sqrt{5}, -1 + \sqrt{5})$
3) $x \neq -2$
Оценим значения корней: $\sqrt{5} \approx 2.236$. Тогда $-1 - \sqrt{5} \approx -3.236$ и $-1 + \sqrt{5} \approx 1.236$.
Интервал $(-1 - \sqrt{5}, -1 + \sqrt{5})$ полностью содержится в интервале $(-4, \infty)$.
Точка $x = -2$ находится внутри интервала $(-1 - \sqrt{5}, -1 + \sqrt{5})$, так как $-3.236 < -2 < 1.236$.
Следовательно, мы должны исключить эту точку из интервала решения второго неравенства.

Объединяя все условия, получаем итоговое решение: $x \in (-1 - \sqrt{5}, -2) \cup (-2, -1 + \sqrt{5})$.

Ответ: $(-1 - \sqrt{5}, -2) \cup (-2, -1 + \sqrt{5})$.

2)

Решим неравенство $|x^2 + 3x| \ge 2 - x^2$.

Неравенство вида $|f(x)| \ge g(x)$ равносильно совокупности (объединению) двух неравенств:

$$ \begin{bmatrix} x^2 + 3x \ge 2 - x^2 \\ x^2 + 3x \le -(2 - x^2) \end{bmatrix} $$

Решим каждое неравенство совокупности.

1. $x^2 + 3x \ge 2 - x^2 \implies 2x^2 + 3x - 2 \ge 0$.
Найдем корни уравнения $2x^2 + 3x - 2 = 0$ через дискриминант:
$D = 3^2 - 4 \cdot 2 \cdot (-2) = 9 + 16 = 25$.
Корни уравнения: $x_{1,2} = \frac{-3 \pm \sqrt{25}}{4} = \frac{-3 \pm 5}{4}$.
$x_1 = \frac{-3 - 5}{4} = -2$, $x_2 = \frac{-3 + 5}{4} = \frac{2}{4} = \frac{1}{2}$.
Ветви параболы $y = 2x^2 + 3x - 2$ направлены вверх, поэтому неравенство $2x^2 + 3x - 2 \ge 0$ выполняется при значениях $x$ не между корнями, включая сами корни: $x \in (-\infty, -2] \cup [\frac{1}{2}, \infty)$.

2. $x^2 + 3x \le -(2 - x^2) \implies x^2 + 3x \le -2 + x^2$.
$3x \le -2$
$x \le -\frac{2}{3}$.
Решение этого неравенства: $x \in (-\infty, -\frac{2}{3}]$.

Решением исходного неравенства является объединение множеств решений, полученных в пунктах 1 и 2.
Объединим $(-\infty, -2] \cup [\frac{1}{2}, \infty)$ и $(-\infty, -\frac{2}{3}]$.
Так как $-2 < -\frac{2}{3}$, то множество $(-\infty, -2]$ является подмножеством $(-\infty, -\frac{2}{3}]$.
Объединение этих двух множеств дает большее из них, то есть $(-\infty, -\frac{2}{3}]$.
Теперь объединим полученное множество с оставшейся частью решения из первого пункта: $(-\infty, -\frac{2}{3}] \cup [\frac{1}{2}, \infty)$.

Ответ: $(-\infty, -\frac{2}{3}] \cup [\frac{1}{2}, \infty)$.

№19.18 (с. 168)
Учебник. №19.18 (с. 168)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.18, Учебник

19.18. Решите неравенство:

1) $\sqrt{x^2 + 5x} < \sqrt{1 - x^2 + 4x};$

2) $\sqrt{\frac{2x - 3}{4x - 1}} \ge \sqrt{\frac{x - 2}{x + 2}}.$

Решение. №19.18 (с. 168)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.18, Решение Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Номировский Дмитрий Анатольевич, Полонский Виталий Борисович, Якир Михаил Семёнович, издательство Просвещение, Москва, 2016, страница 168, номер 19.18, Решение (продолжение 2)
Решение 2. №19.18 (с. 168)

1) Решим неравенство $\sqrt{x^2 + 5x} < \sqrt{1 - x^2 + 4x}$.

Данное неравенство вида $\sqrt{f(x)} < \sqrt{g(x)}$ равносильно системе, в которой подкоренное выражение левой части неотрицательно, а подкоренное выражение правой части строго больше, чем левой. Условие неотрицательности правой части ($1 - x^2 + 4x \ge 0$) выполняется автоматически, так как она больше неотрицательного выражения.

$$ \begin{cases} x^2 + 5x \ge 0 \\ 1 - x^2 + 4x > x^2 + 5x \end{cases} $$

Решим первое неравенство системы: $x^2 + 5x \ge 0$. Разложив на множители, получаем $x(x+5) \ge 0$. Корнями соответствующего уравнения $x(x+5)=0$ являются $x_1 = -5$ и $x_2 = 0$. Так как это парабола с ветвями вверх, неравенство выполняется при $x \in (-\infty, -5] \cup [0, \infty)$.

Решим второе неравенство системы: $1 - x^2 + 4x > x^2 + 5x$. Перенесем все члены в правую часть: $0 > 2x^2 + x - 1$, или $2x^2 + x - 1 < 0$. Найдем корни квадратного уравнения $2x^2 + x - 1 = 0$. Дискриминант $D = 1^2 - 4 \cdot 2 \cdot (-1) = 9$. Корни: $x_1 = \frac{-1 - 3}{4} = -1$, $x_2 = \frac{-1 + 3}{4} = \frac{1}{2}$. Так как это парабола с ветвями вверх, неравенство $2x^2 + x - 1 < 0$ выполняется между корнями: $x \in (-1, \frac{1}{2})$.

Теперь найдем пересечение решений обоих неравенств: $(-\infty, -5] \cup [0, \infty)$ и $(-1, \frac{1}{2})$. Пересечением этих множеств является промежуток $[0, \frac{1}{2})$.

Ответ: $x \in [0, \frac{1}{2})$.

2) Решим неравенство $\sqrt{\frac{2x - 3}{4x - 1}} \ge \sqrt{\frac{x - 2}{x + 2}}$.

Неравенство вида $\sqrt{f(x)} \ge \sqrt{g(x)}$ равносильно системе, в которой подкоренное выражение правой части неотрицательно, а подкоренное выражение левой части не меньше, чем правой. Условие неотрицательности левой части ($\frac{2x - 3}{4x - 1} \ge 0$) выполняется автоматически, так как $f(x) \ge g(x)$ и $g(x) \ge 0$.

$$ \begin{cases} \frac{x - 2}{x + 2} \ge 0 \\ \frac{2x - 3}{4x - 1} \ge \frac{x - 2}{x + 2} \end{cases} $$

Решим первое неравенство системы (которое задает область определения): $\frac{x - 2}{x + 2} \ge 0$. Методом интервалов находим, что нуль числителя $x=2$ (включается в решение), нуль знаменателя $x=-2$ (исключается). Решением является объединение промежутков $x \in (-\infty, -2) \cup [2, \infty)$.

Решим второе неравенство системы: $\frac{2x - 3}{4x - 1} - \frac{x - 2}{x + 2} \ge 0$. Приведем дроби к общему знаменателю:

$$ \frac{(2x - 3)(x + 2) - (x - 2)(4x - 1)}{(4x - 1)(x + 2)} \ge 0 $$

Раскроем скобки и упростим числитель:

$$ \frac{(2x^2 + 4x - 3x - 6) - (4x^2 - x - 8x + 2)}{(4x - 1)(x + 2)} \ge 0 $$

$$ \frac{2x^2 + x - 6 - 4x^2 + 9x - 2}{(4x - 1)(x + 2)} \ge 0 $$

$$ \frac{-2x^2 + 10x - 8}{(4x - 1)(x + 2)} \ge 0 $$

Умножим обе части на -1, изменив знак неравенства на противоположный:

$$ \frac{2x^2 - 10x + 8}{(4x - 1)(x + 2)} \le 0 $$

Разделим числитель на 2 и разложим его на множители: $x^2 - 5x + 4 = (x-1)(x-4)$. Неравенство примет вид:

$$ \frac{(x-1)(x-4)}{(4x - 1)(x + 2)} \le 0 $$

Решим это неравенство методом интервалов. Корни числителя (включаются в решение): $x=1, x=4$. Корни знаменателя (исключаются): $x=-2, x=1/4$. Нанеся точки на числовую ось и определив знаки на интервалах, получим решение: $x \in (-2, 1/4) \cup [1, 4]$.

В завершение найдем пересечение решений обоих неравенств системы: $(-\infty, -2) \cup [2, \infty)$ и $(-2, 1/4) \cup [1, 4]$. Пересечением этих двух множеств является промежуток $[2, 4]$.

Ответ: $x \in [2, 4]$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться