Номер 254, страница 431 - гдз по алгебре 11 класс учебник Никольский, Потапов

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.
Тип: Учебник
Серия: мгу - школе
Издательство: Просвещение
Год издания: 2014 - 2025
Уровень обучения: базовый и углублённый
Цвет обложки: голубой в сеточку
ISBN: 978-5-09-087641-4
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 11 классе
Задания для повторения - номер 254, страница 431.
№254 (с. 431)
Условие. №254 (с. 431)
скриншот условия

254 Найдите все значения параметра a, при каждом из которых система уравнений
$ \begin{cases} \sin x = \cos(\sqrt{6 - 2a^2x}) \\ \cos x = \left(a - \frac{2}{3}\right) \sin(\sqrt{6 - 2a^2x}) \end{cases} $
имеет ровно одно решение на отрезке $ [0; 2\pi] $.
Решение 1. №254 (с. 431)

Решение 2. №254 (с. 431)



Решение 4. №254 (с. 431)
Обозначим $y = \sqrt{6 - 2a^2x}$. Исходная система уравнений примет вид:
$\begin{cases} \sin x = \cos y \\ \cos x = \left(a - \frac{2}{3}\right) \sin y \end{cases}$
Область допустимых значений (ОДЗ) определяется условием неотрицательности подкоренного выражения: $6 - 2a^2x \ge 0$, что равносильно $a^2x \le 3$. Также по условию $x \in [0; 2\pi]$.
Возведем оба уравнения системы в квадрат и сложим их:
$\sin^2 x + \cos^2 x = \cos^2 y + \left(a - \frac{2}{3}\right)^2 \sin^2 y$
$1 = \cos^2 y + \left(a - \frac{2}{3}\right)^2 \sin^2 y$
Используя основное тригонометрическое тождество $\cos^2 y = 1 - \sin^2 y$, получим:
$1 = 1 - \sin^2 y + \left(a - \frac{2}{3}\right)^2 \sin^2 y$
$0 = \sin^2 y \left( \left(a - \frac{2}{3}\right)^2 - 1 \right)$
Это уравнение означает, что для любого решения системы должно выполняться хотя бы одно из двух условий: $\sin y = 0$ или $\left(a - \frac{2}{3}\right)^2 - 1 = 0$. Рассмотрим эти случаи.
Случай 1: $\left(a - \frac{2}{3}\right)^2 - 1 = 0$Это уравнение равносильно $\left(a - \frac{2}{3}\right)^2 = 1$, откуда $a - \frac{2}{3} = 1$ или $a - \frac{2}{3} = -1$.
Получаем два значения для параметра $a$: $a_1 = \frac{5}{3}$ и $a_2 = -\frac{1}{3}$.
Подслучай 1.1: $a = \frac{5}{3}$
При этом значении $a$ система принимает вид:
$\begin{cases} \sin x = \cos y \\ \cos x = \sin y \end{cases}$
где $y = \sqrt{6 - 2\left(\frac{5}{3}\right)^2 x} = \sqrt{6 - \frac{50}{9}x}$.
Эта система равносильна тому, что $\cos x = \cos\left(\frac{\pi}{2} - y\right)$ и $\sin x = \sin\left(\frac{\pi}{2} - y\right)$, что выполняется тогда и только тогда, когда $x = \frac{\pi}{2} - y + 2k\pi$ для некоторого целого $k$.
Отсюда $y = \frac{\pi}{2} - x + 2k\pi$.
Поскольку $y \ge 0$ и $x \in [0; 2\pi]$, возможны только $k \ge 0$.
ОДЗ для $x$: $6 - \frac{50}{9}x \ge 0 \Rightarrow x \le \frac{54}{50} = \frac{27}{25}$. Таким образом, мы ищем решения на отрезке $[0; \frac{27}{25}]$.
Рассмотрим $k=0$: $y = \frac{\pi}{2} - x$. Так как $x \le \frac{27}{25} \approx 1.08$, а $\frac{\pi}{2} \approx 1.57$, то $y > 0$ на данном отрезке.
Подставляем в выражение для $y$: $\left(\frac{\pi}{2} - x\right)^2 = 6 - \frac{50}{9}x$.
Рассмотрим функции $f(x) = \left(\frac{\pi}{2} - x\right)^2$ и $g(x) = 6 - \frac{50}{9}x$ на отрезке $[0; \frac{27}{25}]$.
При $x=0$: $f(0) = \frac{\pi^2}{4} \approx 2.47$, $g(0) = 6$. Имеем $f(0) < g(0)$.
При $x=\frac{27}{25}$: $f\left(\frac{27}{25}\right) = \left(\frac{\pi}{2} - \frac{27}{25}\right)^2 > 0$, $g\left(\frac{27}{25}\right) = 6 - \frac{50}{9}\cdot\frac{27}{25} = 6 - 6 = 0$. Имеем $f\left(\frac{27}{25}\right) > g\left(\frac{27}{25}\right)$.
Функция $h(x) = f(x) - g(x) = x^2 - \left(\pi - \frac{50}{9}\right)x + \left(\frac{\pi^2}{4}-6\right)$ непрерывна на $[0; \frac{27}{25}]$, причем $h(0)<0$ и $h(\frac{27}{25})>0$. Её производная $h'(x) = 2x - \pi + \frac{50}{9} = 2x + \left(\frac{50}{9} - \pi\right) > 0$ на отрезке $[0; \frac{27}{25}]$, так как $\frac{50}{9} - \pi \approx 5.56 - 3.14 > 0$. Следовательно, функция $h(x)$ строго возрастает, а значит, имеет ровно один корень. Таким образом, при $k=0$ есть ровно одно решение.
Рассмотрим $k \ge 1$: $y = \frac{\pi}{2} - x + 2k\pi$. Левая часть уравнения $(y(x))^2 = g(x)$ возрастает с ростом $k$. Уже при $k=1$, $y = \frac{5\pi}{2} - x$. На отрезке $[0; \frac{27}{25}]$, $y(x) \ge \frac{5\pi}{2} - \frac{27}{25} > \frac{5 \cdot 3}{2} - 1.08 = 6.42$. Тогда $y(x)^2 > 6.42^2 > 41$. А правая часть $g(x) = 6 - \frac{50}{9}x \le 6$. Очевидно, что $y(x)^2 > g(x)$, и решений нет. Тем более решений не будет при $k>1$.
Следовательно, при $a=\frac{5}{3}$ система имеет ровно одно решение.
Подслучай 1.2: $a = -\frac{1}{3}$
При этом значении $a$ система принимает вид:
$\begin{cases} \sin x = \cos y \\ \cos x = -\sin y \end{cases}$
где $y = \sqrt{6 - 2\left(-\frac{1}{3}\right)^2 x} = \sqrt{6 - \frac{2}{9}x}$.
Эта система равносильна $\sin x = \sin\left(\frac{\pi}{2}+y\right)$ и $\cos x = \cos\left(\frac{\pi}{2}+y\right)$, что выполняется тогда и только тогда, когда $x = \frac{\pi}{2} + y + 2k\pi$ для некоторого целого $k$.
Отсюда $y = x - \frac{\pi}{2} - 2k\pi$.
Поскольку $y \ge 0$ и $x \in [0; 2\pi]$, возможны только $k \le 0$.
ОДЗ для $x$: $6 - \frac{2}{9}x \ge 0 \Rightarrow x \le 27$. Это условие выполняется для всех $x \in [0; 2\pi]$.
Рассмотрим $k=0$: $y = x - \frac{\pi}{2}$. Условие $y \ge 0$ требует $x \ge \frac{\pi}{2}$. Ищем решения на отрезке $[\frac{\pi}{2}; 2\pi]$.
Уравнение: $\left(x - \frac{\pi}{2}\right)^2 = 6 - \frac{2}{9}x$.
Рассмотрим функции $f(x) = \left(x - \frac{\pi}{2}\right)^2$ и $g(x) = 6 - \frac{2}{9}x$ на отрезке $[\frac{\pi}{2}; 2\pi]$.
Функция $f(x)$ возрастает, а $g(x)$ убывает на этом отрезке.
При $x=\frac{\pi}{2}$: $f\left(\frac{\pi}{2}\right) = 0$, $g\left(\frac{\pi}{2}\right) = 6 - \frac{\pi}{9} > 0$. Имеем $f < g$.
При $x=2\pi$: $f(2\pi) = \left(\frac{3\pi}{2}\right)^2 = \frac{9\pi^2}{4} \approx 22.2$, $g(2\pi) = 6 - \frac{4\pi}{9} \approx 4.6$. Имеем $f > g$.
Так как $f(x)$ непрерывно возрастает, а $g(x)$ непрерывно убывает на отрезке $[\frac{\pi}{2}; 2\pi]$, и на концах отрезка $f<g$ и $f>g$, существует ровно одно решение.
Рассмотрим $k=-1$: $y = x - \frac{\pi}{2} + 2\pi = x + \frac{3\pi}{2}$. Условие $y \ge 0$ выполнено для всех $x \in [0; 2\pi]$.
Уравнение: $\left(x + \frac{3\pi}{2}\right)^2 = 6 - \frac{2}{9}x$.
На отрезке $[0; 2\pi]$ левая часть $f(x) = \left(x + \frac{3\pi}{2}\right)^2$ возрастает. Ее минимальное значение $f(0) = \frac{9\pi^2}{4} \approx 22.2$. Правая часть $g(x) = 6 - \frac{2}{9}x$ убывает. Ее максимальное значение $g(0)=6$. Так как $f(x) > g(x)$ на всем отрезке, решений нет.
При $k \le -2$ левая часть будет еще больше, и решений также не будет.
Следовательно, при $a=-\frac{1}{3}$ система имеет ровно одно решение.
Случай 2: $\sin y = 0$ и $\left(a - \frac{2}{3}\right)^2 - 1 \neq 0$Условие $\left(a - \frac{2}{3}\right)^2 - 1 \neq 0$ означает, что $a \neq \frac{5}{3}$ и $a \neq -\frac{1}{3}$.
Если $\sin y = 0$, то $y = k\pi$ для некоторого целого $k \ge 0$.
Исходная система принимает вид:
$\begin{cases} \sin x = \cos(k\pi) = (-1)^k \\ \cos x = 0 \end{cases}$
Из $\cos x = 0$ на отрезке $[0; 2\pi]$ следует $x = \frac{\pi}{2}$ или $x = \frac{3\pi}{2}$.
Подслучай 2.1: $x = \frac{\pi}{2}$
При $x = \frac{\pi}{2}$ имеем $\sin x = 1$. Тогда из первого уравнения системы $(-1)^k = 1$, что возможно только для четных $k$. Пусть $k=2m$, где $m \ge 0$ - целое.
Итак, $y=2m\pi$. Подставляем в определение $y$:
$\sqrt{6 - 2a^2\left(\frac{\pi}{2}\right)} = 2m\pi$
$6 - a^2\pi = 4m^2\pi^2$
$a^2\pi = 6 - 4m^2\pi^2$
$a^2 = \frac{6 - 4m^2\pi^2}{\pi}$
Поскольку $a^2 \ge 0$, требуется $6 - 4m^2\pi^2 \ge 0 \Rightarrow m^2 \le \frac{6}{4\pi^2} = \frac{3}{2\pi^2}$.
Так как $\pi^2 \approx 9.87$, то $2\pi^2 \approx 19.74$, и $\frac{3}{2\pi^2} < 1$. Единственное неотрицательное целое $m$, удовлетворяющее этому условию, это $m=0$.
При $m=0$ получаем $a^2 = \frac{6}{\pi}$. Отсюда $a = \pm\sqrt{\frac{6}{\pi}}$. Эти значения не равны $\frac{5}{3}$ или $-\frac{1}{3}$, поэтому они удовлетворяют условию этого случая.
Подслучай 2.2: $x = \frac{3\pi}{2}$
При $x = \frac{3\pi}{2}$ имеем $\sin x = -1$. Тогда из первого уравнения системы $(-1)^k = -1$, что возможно только для нечетных $k$. Пусть $k=2m+1$, где $m \ge 0$ - целое.
Итак, $y=(2m+1)\pi$. Подставляем в определение $y$:
$\sqrt{6 - 2a^2\left(\frac{3\pi}{2}\right)} = (2m+1)\pi$
$6 - 3a^2\pi = (2m+1)^2\pi^2$
$a^2 = \frac{6 - (2m+1)^2\pi^2}{3\pi}$
Поскольку $a^2 \ge 0$, требуется $6 - (2m+1)^2\pi^2 \ge 0 \Rightarrow (2m+1)^2 \le \frac{6}{\pi^2}$.
Так как $\pi^2 \approx 9.87$, то $\frac{6}{\pi^2} < 1$. Не существует целого $m \ge 0$, удовлетворяющего этому условию.
Таким образом, для $a$, не равных $\frac{5}{3}$ и $-\frac{1}{3}$, единственным возможным решением является $x=\frac{\pi}{2}$, и это решение существует только при $a = \pm\sqrt{\frac{6}{\pi}}$. При этих значениях $a$ система имеет ровно одно решение.
Объединяя результаты обоих случаев, получаем все искомые значения параметра $a$.
Ответ: $a \in \left\{-\sqrt{\frac{6}{\pi}}, -\frac{1}{3}, \frac{5}{3}, \sqrt{\frac{6}{\pi}}\right\}$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz
ПрисоединитьсяМы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 254 расположенного на странице 431 к учебнику серии мгу - школе 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №254 (с. 431), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.