Номер 257, страница 432 - гдз по алгебре 11 класс учебник Никольский, Потапов

Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.

Тип: Учебник

Серия: мгу - школе

Издательство: Просвещение

Год издания: 2014 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: голубой в сеточку

ISBN: 978-5-09-087641-4

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 11 классе

Задания для повторения - номер 257, страница 432.

№257 (с. 432)
Условие. №257 (с. 432)
скриншот условия
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 432, номер 257, Условие

257 Решите предыдущую задачу, если известно, что цены вина за литр различны, но неизвестны.

Решение 1. №257 (с. 432)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 432, номер 257, Решение 1
Решение 2. №257 (с. 432)
Алгебра, 11 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 432, номер 257, Решение 2
Решение 4. №257 (с. 432)

Данная задача является уточнением к предыдущей задаче (№256), условия которой следующие: в погребе имеется 15 бутылок вина одного сорта и 10 бутылок другого. Из них случайно выбирают 6 бутылок. Новое условие, что «цены вина за литр различны, но неизвестны», не меняет постановку и решение задачи. Это связано с тем, что выбор бутылок является случайным и не зависит от их цены. Вероятности событий определяются количеством возможных комбинаций выбора, а не стоимостными характеристиками. Тот факт, что цены различны, лишь подтверждает, что мы имеем дело с двумя разными категориями объектов (сортами вина). Поскольку цены неизвестны, их нельзя использовать в расчетах. Таким образом, задача решается с помощью классического определения вероятности и формул комбинаторики.

Обозначим исходные данные:

  • $N_1 = 15$ – количество бутылок вина первого сорта.
  • $N_2 = 10$ – количество бутылок вина второго сорта.
  • $N = N_1 + N_2 = 25$ – общее количество бутылок.
  • $k = 6$ – количество бутылок, которые нужно выбрать.

Общее число исходов – это количество способов выбрать 6 бутылок из 25 имеющихся. Оно равно числу сочетаний из 25 по 6: $C_{25}^6 = \frac{25!}{6!(25-6)!} = \frac{25 \cdot 24 \cdot 23 \cdot 22 \cdot 21 \cdot 20}{6 \cdot 5 \cdot 4 \cdot 3 \cdot 2 \cdot 1} = 177100$. Это общее число всех возможных элементарных исходов.

а) поровну бутылок того и другого сорта
Для того чтобы бутылок было поровну, необходимо выбрать 3 бутылки первого сорта и 3 бутылки второго. Число способов выбрать 3 бутылки из 15 бутылок первого сорта: $C_{15}^3 = \frac{15 \cdot 14 \cdot 13}{3 \cdot 2 \cdot 1} = 455$. Число способов выбрать 3 бутылки из 10 бутылок второго сорта: $C_{10}^3 = \frac{10 \cdot 9 \cdot 8}{3 \cdot 2 \cdot 1} = 120$. Общее число благоприятных исходов для этого события (согласно правилу произведения в комбинаторике): $m_a = C_{15}^3 \cdot C_{10}^3 = 455 \cdot 120 = 54600$. Вероятность данного события: $P(a) = \frac{m_a}{C_{25}^6} = \frac{54600}{177100} = \frac{546}{1771} = \frac{78}{253}$.
Ответ: $\frac{78}{253}$.

б) бутылок первого сорта будет вдвое больше, чем второго
Пусть $k_1$ – количество выбранных бутылок первого сорта, а $k_2$ – второго. По условию, $k_1 + k_2 = 6$ и $k_1 = 2k_2$. Решая эту систему уравнений, получаем $2k_2 + k_2 = 6 \Rightarrow 3k_2 = 6 \Rightarrow k_2=2$, и тогда $k_1=4$. Следовательно, нужно выбрать 4 бутылки первого сорта и 2 бутылки второго. Число способов выбрать 4 бутылки из 15: $C_{15}^4 = \frac{15 \cdot 14 \cdot 13 \cdot 12}{4 \cdot 3 \cdot 2 \cdot 1} = 1365$. Число способов выбрать 2 бутылки из 10: $C_{10}^2 = \frac{10 \cdot 9}{2} = 45$. Общее число благоприятных исходов: $m_b = C_{15}^4 \cdot C_{10}^2 = 1365 \cdot 45 = 61425$. Вероятность данного события: $P(b) = \frac{m_b}{C_{25}^6} = \frac{61425}{177100} = \frac{2457}{7084} = \frac{351}{1012}$.
Ответ: $\frac{351}{1012}$.

в) по крайней мере одна бутылка каждого сорта
Это событие является противоположным событию «все 6 выбранных бутылок одного сорта». Проще найти вероятность противоположного события, а затем вычесть ее из единицы. Противоположное событие наступает в двух случаях: 1. Все 6 бутылок — первого сорта. Число способов: $C_{15}^6 = \frac{15 \cdot 14 \cdot 13 \cdot 12 \cdot 11 \cdot 10}{6 \cdot 5 \cdot 4 \cdot 3 \cdot 2 \cdot 1} = 5005$. 2. Все 6 бутылок — второго сорта. Число способов: $C_{10}^6 = C_{10}^4 = \frac{10 \cdot 9 \cdot 8 \cdot 7}{4 \cdot 3 \cdot 2 \cdot 1} = 210$. Общее число исходов, благоприятствующих противоположному событию: $m_{\bar{c}} = C_{15}^6 + C_{10}^6 = 5005 + 210 = 5215$. Вероятность противоположного события: $P(\bar{c}) = \frac{m_{\bar{c}}}{C_{25}^6} = \frac{5215}{177100} = \frac{1043}{35420} = \frac{149}{5060}$. Искомая вероятность события «по крайней мере одна бутылка каждого сорта» равна: $P(c) = 1 - P(\bar{c}) = 1 - \frac{149}{5060} = \frac{5060 - 149}{5060} = \frac{4911}{5060}$.
Ответ: $\frac{4911}{5060}$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 257 расположенного на странице 432 к учебнику серии мгу - школе 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №257 (с. 432), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.