Номер 1095, страница 270 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2023 - 2025
Уровень обучения: базовый
Цвет обложки: синий
ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)
Допущено Министерством просвещения Российской Федерации
Популярные ГДЗ в 7 классе
Дополнительные задачи. § 3. Уравнения окружности и прямой. Глава 11. Метод координат - номер 1095, страница 270.
№1095 (с. 270)
Условие. №1095 (с. 270)
скриншот условия

1095 Дан параллелограмм ABCD. Докажите, что для всех точек M величина (AM² + СМ²) − (ВМ² + DM²) имеет одно и то же значение.
Решение 2. №1095 (с. 270)

Решение 3. №1095 (с. 270)

Решение 4. №1095 (с. 270)

Решение 6. №1095 (с. 270)


Решение 7. №1095 (с. 270)

Решение 9. №1095 (с. 270)

Решение 11. №1095 (с. 270)
Для доказательства воспользуемся векторным методом. Пусть $O$ — точка пересечения диагоналей параллелограмма $ABCD$. Известно, что диагонали параллелограмма точкой пересечения делятся пополам. Следовательно, $O$ является серединой отрезков $AC$ и $BD$.
В векторной форме это означает, что для векторов, проведенных из точки $O$ к вершинам, выполняются следующие равенства:
$\vec{OA} + \vec{OC} = \vec{0}$ (1)
$\vec{OB} + \vec{OD} = \vec{0}$ (2)
Из этих равенств следует, что $\vec{OC} = -\vec{OA}$ и $\vec{OD} = -\vec{OB}$.
Пусть $M$ — произвольная точка. Выразим векторы из точки $M$ к вершинам параллелограмма через вектор $\vec{OM}$ и векторы из точки $O$ к вершинам:
$\vec{MA} = \vec{OA} - \vec{OM}$
$\vec{MC} = \vec{OC} - \vec{OM}$
$\vec{MB} = \vec{OB} - \vec{OM}$
$\vec{MD} = \vec{OD} - \vec{OM}$
Теперь найдем квадраты длин соответствующих отрезков. Квадрат длины вектора равен его скалярному квадрату.
$AM^2 = |\vec{MA}|^2 = (\vec{OA} - \vec{OM}) \cdot (\vec{OA} - \vec{OM}) = |\vec{OA}|^2 - 2(\vec{OA} \cdot \vec{OM}) + |\vec{OM}|^2 = OA^2 - 2(\vec{OA} \cdot \vec{OM}) + OM^2$.
$CM^2 = |\vec{MC}|^2 = (\vec{OC} - \vec{OM}) \cdot (\vec{OC} - \vec{OM}) = |\vec{OC}|^2 - 2(\vec{OC} \cdot \vec{OM}) + |\vec{OM}|^2 = OC^2 - 2(\vec{OC} \cdot \vec{OM}) + OM^2$.
Сложим эти два выражения:
$AM^2 + CM^2 = OA^2 + OC^2 + 2 \cdot OM^2 - 2(\vec{OA} + \vec{OC}) \cdot \vec{OM}$.
Используя равенство (1), получаем $\vec{OA} + \vec{OC} = \vec{0}$. Также, поскольку $O$ - середина $AC$, то $OA = OC$.
$AM^2 + CM^2 = OA^2 + OA^2 + 2 \cdot OM^2 - 2(\vec{0} \cdot \vec{OM}) = 2 \cdot OA^2 + 2 \cdot OM^2$.
Аналогично поступим для вершин $B$ и $D$:
$BM^2 = |\vec{MB}|^2 = OB^2 - 2(\vec{OB} \cdot \vec{OM}) + OM^2$.
$DM^2 = |\vec{MD}|^2 = OD^2 - 2(\vec{OD} \cdot \vec{OM}) + OM^2$.
Сложим эти два выражения:
$BM^2 + DM^2 = OB^2 + OD^2 + 2 \cdot OM^2 - 2(\vec{OB} + \vec{OD}) \cdot \vec{OM}$.
Используя равенство (2), получаем $\vec{OB} + \vec{OD} = \vec{0}$. Также, поскольку $O$ - середина $BD$, то $OB = OD$.
$BM^2 + DM^2 = OB^2 + OB^2 + 2 \cdot OM^2 - 2(\vec{0} \cdot \vec{OM}) = 2 \cdot OB^2 + 2 \cdot OM^2$.
Теперь найдем значение искомого выражения:
$(AM^2 + CM^2) - (BM^2 + DM^2) = (2 \cdot OA^2 + 2 \cdot OM^2) - (2 \cdot OB^2 + 2 \cdot OM^2) = 2 \cdot OA^2 + 2 \cdot OM^2 - 2 \cdot OB^2 - 2 \cdot OM^2 = 2(OA^2 - OB^2)$.
Величины $OA$ и $OB$ представляют собой половины длин диагоналей параллелограмма $AC$ и $BD$ соответственно. Для данного параллелограмма длины его диагоналей являются постоянными величинами. Следовательно, $OA^2$ и $OB^2$ также являются постоянными. Таким образом, разность $2(OA^2 - OB^2)$ является константой, не зависящей от выбора точки $M$. Что и требовалось доказать.
Эту константу можно выразить через длины диагоналей:
$2(OA^2 - OB^2) = 2\left(\left(\frac{AC}{2}\right)^2 - \left(\frac{BD}{2}\right)^2\right) = 2\left(\frac{AC^2}{4} - \frac{BD^2}{4}\right) = \frac{AC^2 - BD^2}{2}$.
Ответ: Величина $(AM^2 + CM^2) - (BM^2 + DM^2)$ не зависит от положения точки $M$ и равна постоянной величине $2(OA^2 - OB^2)$, которая также может быть выражена как $\frac{AC^2 - BD^2}{2}$, где $O$ - точка пересечения диагоналей, а $AC$ и $BD$ - диагонали параллелограмма.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 7-9 класс, для упражнения номер 1095 расположенного на странице 270 к учебнику 2023 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №1095 (с. 270), авторов: Атанасян (Левон Сергеевич), Бутузов (Валентин Фёдорович), Кадомцев (Сергей Борисович), Позняк (Эдуард Генрихович), Юдина (Ирина Игоревна), ФГОС (новый, красный) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.