Страница 128 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 128

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128
№482 (с. 128)
Условие. №482 (с. 128)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Условие

482 Диагонали параллелограмма ABCD пересекаются в точке О. Докажите, что четырёхугольник A₁B₁C₁D₁, вершинами которого являются середины отрезков ОА, ОB, ОС и OD, — параллелограмм.

Решение 2. №482 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 2
Решение 3. №482 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 3
Решение 4. №482 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 4
Решение 6. №482 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №482 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 7 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 7 (продолжение 2)
Решение 9. №482 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 482, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №482 (с. 128)

Для доказательства того, что четырехугольник $A_1B_1C_1D_1$ является параллелограммом, воспользуемся одним из его признаков: четырехугольник является параллелограммом, если его диагонали пересекаются и точкой пересечения делятся пополам.

Рассмотрим диагонали четырехугольника $A_1B_1C_1D_1$. Это отрезки $A_1C_1$ и $B_1D_1$.

По условию задачи, $ABCD$ — параллелограмм, и его диагонали $AC$ и $BD$ пересекаются в точке $O$. По основному свойству диагоналей параллелограмма, они делятся точкой пересечения пополам. Следовательно, мы имеем равенства:

$OA = OC$

$OB = OD$

По условию, точки $A_1, B_1, C_1, D_1$ являются серединами отрезков $OA, OB, OC$ и $OD$ соответственно. Рассмотрим диагональ $A_1C_1$.

Поскольку $A_1$ — середина отрезка $OA$, то $OA_1 = \frac{1}{2}OA$.

Поскольку $C_1$ — середина отрезка $OC$, то $OC_1 = \frac{1}{2}OC$.

Так как $OA = OC$, то и их половины равны: $OA_1 = OC_1$. Точки $A_1, O, C_1$ лежат на одной прямой (прямой $AC$), поэтому точка $O$ является серединой диагонали $A_1C_1$.

Теперь рассмотрим вторую диагональ $B_1D_1$.

Поскольку $B_1$ — середина отрезка $OB$, то $OB_1 = \frac{1}{2}OB$.

Поскольку $D_1$ — середина отрезка $OD$, то $OD_1 = \frac{1}{2}OD$.

Так как $OB = OD$, то и их половины равны: $OB_1 = OD_1$. Точки $B_1, O, D_1$ лежат на одной прямой (прямой $BD$), поэтому точка $O$ является серединой диагонали $B_1D_1$.

Таким образом, мы доказали, что диагонали четырехугольника $A_1B_1C_1D_1$ ($A_1C_1$ и $B_1D_1$) пересекаются в точке $O$ и делятся этой точкой пополам. Следовательно, по признаку параллелограмма, четырехугольник $A_1B_1C_1D_1$ является параллелограммом.

Ответ: Что и требовалось доказать.

№483 (с. 128)
Условие. №483 (с. 128)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Условие

483 На диагонали BD параллелограмма ABCD отмечены две точки Р и Q так, что PB = QD. Докажите, что четырёхугольник APCQ — параллелограмм.

Решение 2. №483 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 2
Решение 3. №483 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 3
Решение 4. №483 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 4
Решение 6. №483 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №483 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 7
Решение 9. №483 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 483, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №483 (с. 128)

Для доказательства того, что четырёхугольник $APCQ$ является параллелограммом, воспользуемся признаком, согласно которому четырёхугольник является параллелограммом, если его диагонали пересекаются и точкой пересечения делятся пополам.

Пусть диагонали исходного параллелограмма $ABCD$ пересекаются в точке $O$. По свойству параллелограмма, точка $O$ является серединой его диагоналей $AC$ и $BD$. Это означает, что $AO = OC$ и $BO = OD$.

Рассмотрим четырёхугольник $APCQ$. Его диагоналями являются отрезки $AC$ и $PQ$. Точка $O$ уже является серединой диагонали $AC$. Чтобы доказать, что $APCQ$ — параллелограмм, нам достаточно показать, что $O$ также является серединой диагонали $PQ$.

Точки $P$ и $Q$ лежат на диагонали $BD$. Так как $BO = OD$ и по условию $PB = QD$, точки $P$ и $Q$ должны находиться на одинаковом расстоянии от центра $O$. Покажем это строго. Если точка $P$ лежит на отрезке $BO$, а точка $Q$ — на отрезке $OD$, то длина отрезка $OP$ равна разности $BO - PB$, а длина отрезка $OQ$ равна разности $OD - QD$.

Поскольку $BO = OD$ (свойство диагоналей параллелограмма) и $PB = QD$ (по условию задачи), мы можем заключить, что $OP = OQ$. Это означает, что точка $O$ является серединой отрезка $PQ$.

Таким образом, диагонали четырёхугольника $APCQ$ (отрезки $AC$ и $PQ$) пересекаются в точке $O$ и делятся ею пополам. Следовательно, по признаку параллелограмма, $APCQ$ является параллелограммом, что и требовалось доказать.

Ответ: Доказано, что четырёхугольник $APCQ$ является параллелограммом.

№484 (с. 128)
Условие. №484 (с. 128)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 484, Условие

484 Средней линией треугольника называется отрезок, соединяющий середины двух его сторон. Докажите свойства средней линии треугольника: средняя линия треугольника параллельна одной из его сторон и равна половине этой стороны.

Решение 1. №484 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 484, Решение 1
Решение 10. №484 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 484, Решение 10
Решение 11. №484 (с. 128)

Для доказательства свойств средней линии треугольника рассмотрим произвольный треугольник $\triangle ABC$. Пусть точка $M$ является серединой стороны $AB$, а точка $N$ — серединой стороны $BC$. По определению, отрезок $MN$ является средней линией этого треугольника. Требуется доказать, что средняя линия $MN$ параллельна третьей стороне $AC$ и равна её половине.

Для доказательства воспользуемся методом подобия треугольников. Рассмотрим два треугольника: $\triangle MBN$ и $\triangle ABC$.

1. Угол $\angle B$ является общим для обоих треугольников.

2. Поскольку точка $M$ — середина стороны $AB$, по определению $BM = \frac{1}{2} AB$. Отсюда следует, что отношение длин сторон $\frac{BM}{AB} = \frac{1}{2}$.

3. Аналогично, так как точка $N$ — середина стороны $BC$, то $BN = \frac{1}{2} BC$. Следовательно, отношение длин сторон $\frac{BN}{BC} = \frac{1}{2}$.

Таким образом, мы установили, что две стороны треугольника $\triangle MBN$ (стороны $BM$ и $BN$) пропорциональны двум сторонам треугольника $\triangle ABC$ (сторонам $AB$ и $BC$), и угол, заключенный между этими сторонами ($\angle B$), является общим.

По второму признаку подобия треугольников (по двум пропорциональным сторонам и углу между ними), можно заключить, что треугольник $\triangle MBN$ подобен треугольнику $\triangle ABC$. Коэффициент подобия $k$ равен отношению соответствующих сторон: $k = \frac{1}{2}$. $$ \triangle MBN \sim \triangle ABC $$

Из факта подобия треугольников вытекают два следствия, которые доказывают искомые свойства.

Во-первых, у подобных треугольников соответствующие углы равны. Следовательно, $\angle BMN = \angle BAC$. Эти два угла являются соответственными при пересечении прямых $MN$ и $AC$ секущей $AB$. Так как соответственные углы равны, то по признаку параллельности прямых, прямая $MN$ параллельна прямой $AC$. $$ MN \parallel AC $$

Во-вторых, отношение длин всех соответствующих сторон в подобных треугольниках равно коэффициенту подобия. Таким образом: $$ \frac{MN}{AC} = k = \frac{1}{2} $$ Из этого соотношения напрямую следует, что длина средней линии $MN$ равна половине длины стороны $AC$. $$ MN = \frac{1}{2} AC $$

Таким образом, оба свойства средней линии треугольника доказаны.

Ответ: Свойства средней линии доказаны. Средняя линия треугольника, которая соединяет середины двух его сторон, параллельна третьей стороне и равна её половине.

№485 (с. 128)
Условие. №485 (с. 128)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 485, Условие

485 Докажите признак средней линии треугольника. Через середину М стороны AB треугольника ABC проведена прямая, параллельная стороне ВС. Эта прямая пересекает сторону АС в точке N. Докажите, что MN — средняя линия треугольника ABC.

Решение

Через точку С проведём прямую, параллельную прямой AB, и обозначим буквой D точку пересечения этой прямой с прямой MN (рис. 195). Так как АМ=МВ по условию, а MB=CD как противоположные стороны параллелограмма BCDM, то AM=DC. Треугольники AMN и CDN равны по второму признаку равенства треугольников (AM=CD, ∠1 = ∠2 и ∠3 = ∠4 как накрест лежащие углы при пересечении параллельных прямых AB и CD секущими АС и MD), поэтому AN=NC. Получаем, что по определению отрезок MN является средней линией треугольника АВС.

Рисунок 195
Решение 3. №485 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 485, Решение 3
Решение 4. №485 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 485, Решение 4
Решение 7. №485 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 485, Решение 7
Решение 9. №485 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 485, Решение 9
Решение 11. №485 (с. 128)

Это утверждение известно как теорема Фалеса в частном случае для треугольника или как признак средней линии треугольника. Для доказательства воспользуемся методом, предложенным в задаче, с дополнительным построением.

Условие:

Дан треугольник $ABC$. Точка $M$ — середина стороны $AB$ (то есть $AM = MB$). Через точку $M$ проведена прямая, параллельная стороне $BC$, которая пересекает сторону $AC$ в точке $N$.

Требуется доказать:

$MN$ — средняя линия треугольника $ABC$ (то есть точка $N$ является серединой стороны $AC$).

Доказательство:

1. Выполним дополнительное построение, как показано на рисунке. Проведём через точку $C$ прямую, параллельную стороне $AB$. Пусть $D$ — точка пересечения этой прямой с прямой $MN$.

2. Рассмотрим четырёхугольник $BCDM$. В этом четырёхугольнике:

  • $MD \parallel BC$ (поскольку по условию $MN \parallel BC$, а точки $M, N, D$ лежат на одной прямой).
  • $CD \parallel MB$ (поскольку по построению $CD \parallel AB$, а точка $M$ лежит на стороне $AB$).

Так как противоположные стороны четырёхугольника $BCDM$ попарно параллельны, то $BCDM$ является параллелограммом по определению.

3. По свойству параллелограмма, его противоположные стороны равны. Следовательно, $MB = CD$. Из условия задачи мы знаем, что $M$ — середина стороны $AB$, поэтому $AM = MB$. Объединив эти два равенства, получаем, что $AM = CD$.

4. Теперь рассмотрим треугольники $\triangle AMN$ и $\triangle CDN$. Для доказательства их равенства мы используем второй признак равенства треугольников (по стороне и двум прилежащим к ней углам).

  • Сторона: $AM = CD$, как было доказано в предыдущем пункте.
  • Прилежащий угол 1: $\angle MAN = \angle DCN$ (на рисунке обозначены как $\angle 1$ и $\angle 2$). Эти углы являются накрест лежащими при пересечении параллельных прямых $AB$ и $CD$ секущей $AC$, и, следовательно, они равны.
  • Прилежащий угол 2: $\angle AMN = \angle CDN$ (на рисунке обозначены как $\angle 3$ и $\angle 4$). Докажем их равенство.
    • Поскольку $MN \parallel BC$ (по условию), то $\angle AMN = \angle ABC$ как соответственные углы при параллельных прямых $MN$ и $BC$ и секущей $AB$.
    • Поскольку $BCDM$ — параллелограмм, его противоположные углы равны: $\angle ABC = \angle MDC$. Угол $\angle MDC$ — это тот же самый угол, что и $\angle CDN$.
    • Из этих двух пунктов следует, что $\angle AMN = \angle ABC = \angle CDN$, то есть $\angle AMN = \angle CDN$.

5. Поскольку в треугольниках $\triangle AMN$ и $\triangle CDN$ сторона и два прилежащих к ней угла соответственно равны ($AM = CD$, $\angle MAN = \angle DCN$, $\angle AMN = \angle CDN$), то эти треугольники равны ($\triangle AMN \cong \triangle CDN$) по второму признаку равенства треугольников.

6. Из равенства треугольников следует равенство их соответственных элементов. В частности, сторона $AN$ из $\triangle AMN$ равна соответственной стороне $CN$ из $\triangle CDN$. Равенство $AN = CN$ означает, что точка $N$ является серединой стороны $AC$.

Таким образом, отрезок $MN$ соединяет середины сторон $AB$ и $AC$. По определению, такой отрезок является средней линией треугольника $ABC$.

Ответ: Признак средней линии треугольника доказан. Если прямая проходит через середину одной стороны треугольника параллельно другой его стороне, то эта прямая пересекает третью сторону в её середине, а отрезок прямой, заключённый между сторонами треугольника, является его средней линией.

№486 (с. 128)
Условие. №486 (с. 128)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 486, Условие

486 Докажите, что середины сторон произвольного четырёхугольника являются вершинами параллелограмма (теорема Вариньона).

Решение 1. №486 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 486, Решение 1
Решение 10. №486 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 486, Решение 10
Решение 11. №486 (с. 128)

Доказательство:

Пусть дан произвольный четырёхугольник $ABCD$. Этот четырёхугольник может быть как выпуклым, так и невыпуклым. Пусть точки $M, N, P, Q$ являются серединами его сторон $AB, BC, CD$ и $DA$ соответственно. Требуется доказать, что четырёхугольник $MNPQ$ является параллелограммом.

1. Проведём в четырёхугольнике $ABCD$ диагональ $AC$. Она разделяет четырёхугольник на два треугольника: $\triangle ABC$ и $\triangle ADC$.

2. Рассмотрим $\triangle ABC$. Отрезок $MN$ соединяет середины сторон $AB$ и $BC$. По определению, $MN$ — средняя линия треугольника $\triangle ABC$.

3. По свойству средней линии треугольника, она параллельна третьей стороне и равна её половине. Таким образом, $MN \parallel AC$ и $MN = \frac{1}{2} AC$.

4. Теперь рассмотрим $\triangle ADC$. Отрезок $PQ$ соединяет середины сторон $CD$ и $DA$. Следовательно, $PQ$ — средняя линия треугольника $\triangle ADC$.

5. Аналогично, по свойству средней линии, $PQ \parallel AC$ и $PQ = \frac{1}{2} AC$.

6. Из полученных соотношений следует, что $MN \parallel PQ$ (так как обе прямые параллельны одной и той же прямой $AC$) и $MN = PQ$ (так как длины обоих отрезков равны одной и той же величине $\frac{1}{2} AC$).

7. Мы имеем четырёхугольник $MNPQ$, в котором две противолежащие стороны ($MN$ и $PQ$) равны и параллельны. Согласно одному из признаков параллелограмма, такой четырёхугольник является параллелограммом.

Таким образом, утверждение доказано. Четырёхугольник, вершинами которого являются середины сторон произвольного четырёхугольника, всегда является параллелограммом.

Ответ: Утверждение доказано. Четырёхугольник, образованный серединами сторон произвольного четырёхугольника, является параллелограммом, поскольку его противолежащие стороны равны и параллельны (каждая пара параллельна одной из диагоналей исходного четырёхугольника и равна её половине).

№487 (с. 128)
Условие. №487 (с. 128)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 487, Условие

487 Диагональ равнобедренной трапеции равна a. Найдите периметр четырёхугольника, вершины которого являются серединами сторон равнобедренной трапеции.

Решение 1. №487 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 487, Решение 1
Решение 10. №487 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 487, Решение 10
Решение 11. №487 (с. 128)

Пусть дана равнобедренная трапеция ABCD, где AD и BC – основания, AB и CD – боковые стороны. Пусть K, L, M, N – середины сторон AB, BC, CD и DA соответственно. Требуется найти периметр четырехугольника KLMN.

По условию, диагональ трапеции равна $a$. Так как трапеция равнобедренная, ее диагонали равны, то есть $AC = BD = a$.

Рассмотрим четырехугольник KLMN. Его стороны являются средними линиями соответствующих треугольников, образованных сторонами и диагоналями трапеции.

1. Сторона KL. В треугольнике ABC отрезок KL соединяет середины сторон AB и BC. Следовательно, KL является средней линией треугольника ABC. По свойству средней линии:
$KL = \frac{1}{2} AC$

2. Сторона LM. В треугольнике BCD отрезок LM соединяет середины сторон BC и CD. Следовательно, LM является средней линией треугольника BCD. По свойству средней линии:
$LM = \frac{1}{2} BD$

3. Сторона MN. В треугольнике CDA отрезок MN соединяет середины сторон CD и DA. Следовательно, MN является средней линией треугольника CDA. По свойству средней линии:
$MN = \frac{1}{2} AC$

4. Сторона NK. В треугольнике DAB отрезок NK соединяет середины сторон DA и AB. Следовательно, NK является средней линией треугольника DAB. По свойству средней линии:
$NK = \frac{1}{2} BD$

Периметр четырехугольника KLMN равен сумме длин всех его сторон:
$P_{KLMN} = KL + LM + MN + NK$

Подставим выражения для длин сторон, которые мы нашли:
$P_{KLMN} = \frac{1}{2} AC + \frac{1}{2} BD + \frac{1}{2} AC + \frac{1}{2} BD$

Сгруппируем слагаемые:
$P_{KLMN} = (\frac{1}{2} AC + \frac{1}{2} AC) + (\frac{1}{2} BD + \frac{1}{2} BD) = AC + BD$

Мы знаем, что по условию диагонали равны $a$: $AC = a$ и $BD = a$. Подставим эти значения в формулу для периметра:
$P_{KLMN} = a + a = 2a$

Примечание: Четырехугольник, образованный серединами сторон любого четырехугольника, является параллелограммом (теорема Вариньона). Так как в нашем случае диагонали исходной трапеции равны ($AC=BD$), то все стороны полученного параллелограмма KLMN равны ($KL=LM=MN=NK=\frac{a}{2}$), следовательно, KLMN является ромбом.

Ответ: $2a$.

№488 (с. 128)
Условие. №488 (с. 128)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 488, Условие Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 488, Условие (продолжение 2)

488 Докажите теорему Фалеса¹: если на одной из двух прямых отложить последовательно несколько равных отрезков и через их концы провести параллельные прямые, пересекающие вторую прямую, то они отсекут на второй прямой равные между собой отрезки.

Решение

Пусть на прямой l₁ отложены равные отрезки А₁A₂, А₂А₃, A₃A₄, ... и через их концы проведены параллельные прямые, которые пересекают прямую l₂ в точках В₁, В₂, В₃, В₄, ... (рис. 196). Требуется доказать, что отрезки B₁B₂, B₂B₃, B₃B₄, ... равны друг другу.

Рисунок 196

Докажем, например, что В₁B₂=В₂В₃.

Рассмотрим сначала случай, когда прямые l₁ и l₂ параллельны (рис. 196, а). Тогда A₁A₂=B₁B₂ и А₂А₃=В₂В₃ как противоположные стороны параллелограммов A₁B₁B₂A₂ и А₂В₂В₃А₃. Так как А₁А₂=А₂А₃, то и В₁В₂=В₂В₃.

Если прямые l₁ и l₂ не параллельны, то через точку В₁ проведём прямую l, параллельную прямой l₁ (рис. 196, б). Она пересечёт прямые А₂В₂ и А₃В₃ в некоторых точках С и D. Так как А₁А₂=А₂А₃, то по доказанному B₁C=CD. Отсюда получаем: В₁В₂ = В₂В₃ (задача 485). Аналогично можно доказать, что В₂В₃=В₃В₄ и т. д.

Решение 3. №488 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 488, Решение 3
Решение 4. №488 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 488, Решение 4
Решение 7. №488 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 488, Решение 7
Решение 9. №488 (с. 128)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 128, номер 488, Решение 9
Решение 11. №488 (с. 128)

Для доказательства теоремы Фалеса необходимо показать, что если на одной из двух прямых отложить последовательно несколько равных отрезков и через их концы провести параллельные прямые, пересекающие вторую прямую, то они отсекут на второй прямой равные между собой отрезки. Доказательство достаточно провести для двух соседних равных отрезков на первой прямой и соответствующих им отрезков на второй.
Дано: прямые $l_1$ и $l_2$; точки $A_1, A_2, A_3$ на $l_1$ таковы, что $A_1A_2 = A_2A_3$; прямые $A_1B_1$, $A_2B_2$, $A_3B_3$ параллельны ($A_1B_1 \parallel A_2B_2 \parallel A_3B_3$); точки $B_1, B_2, B_3$ лежат на прямой $l_2$.
Доказать: $B_1B_2 = B_2B_3$.
Рассмотрим два возможных случая взаимного расположения прямых $l_1$ и $l_2$.

а) Случай, когда прямые $l_1$ и $l_2$ параллельны ($l_1 \parallel l_2$), как показано на рис. 196, а.

Рассмотрим четырехугольник $A_1A_2B_2B_1$. По условию теоремы, прямая $A_1B_1$ параллельна прямой $A_2B_2$. По предположению данного случая, прямая $l_1$ (содержащая отрезок $A_1A_2$) параллельна прямой $l_2$ (содержащей отрезок $B_1B_2$). Поскольку у четырехугольника $A_1A_2B_2B_1$ противолежащие стороны попарно параллельны, он является параллелограммом. По свойству параллелограмма, его противолежащие стороны равны, следовательно, $A_1A_2 = B_1B_2$.

Аналогично, рассмотрим четырехугольник $A_2A_3B_3B_2$. В нем $A_2B_2 \parallel A_3B_3$ (по условию) и $A_2A_3 \parallel B_2B_3$ (так как $l_1 \parallel l_2$). Следовательно, $A_2A_3B_3B_2$ — это также параллелограмм, и его противолежащие стороны равны: $A_2A_3 = B_2B_3$.

Так как по условию $A_1A_2 = A_2A_3$, то из полученных равенств $A_1A_2 = B_1B_2$ и $A_2A_3 = B_2B_3$ следует, что $B_1B_2 = B_2B_3$. Утверждение для данного случая доказано.

Ответ: Для случая параллельных прямых доказано, что $B_1B_2 = B_2B_3$.

б) Случай, когда прямые $l_1$ и $l_2$ не параллельны, как показано на рис. 196, б.

Проведем через точку $B_1$ вспомогательную прямую $l$, параллельную прямой $l_1$. Пусть эта прямая пересекает прямые $A_2B_2$ и $A_3B_3$ в точках $C$ и $D$ соответственно.

Рассмотрим четырехугольник $A_1A_2CB_1$. Его сторона $A_1A_2$ лежит на прямой $l_1$, а сторона $B_1C$ — на прямой $l$. По построению $l \parallel l_1$, значит $A_1A_2 \parallel B_1C$. Стороны $A_1B_1$ и $A_2C$ (являющаяся частью прямой $A_2B_2$) параллельны по условию теоремы. Следовательно, $A_1A_2CB_1$ — параллелограмм, из чего следует равенство противолежащих сторон: $A_1A_2 = B_1C$.

Теперь рассмотрим четырехугольник $A_2A_3DC$. Его стороны $A_2A_3$ и $CD$ параллельны, так как лежат на параллельных прямых $l_1$ и $l$. Стороны $A_2C$ и $A_3D$ (часть прямой $A_3B_3$) параллельны по условию ($A_2B_2 \parallel A_3B_3$). Значит, $A_2A_3DC$ — также параллелограмм, и $A_2A_3 = CD$.

Из условия $A_1A_2 = A_2A_3$ и полученных нами равенств $A_1A_2 = B_1C$ и $A_2A_3 = CD$ вытекает, что $B_1C = CD$.

Далее рассмотрим треугольник $\triangle B_1B_3D$. Прямая $CB_2$ пересекает его стороны $B_1D$ и $B_1B_3$. Так как прямая $A_2B_2$ (содержащая отрезок $CB_2$) параллельна прямой $A_3B_3$ (содержащей отрезок $DB_3$), то и $CB_2 \parallel DB_3$. По теореме о пропорциональных отрезках (обобщенная теорема Фалеса), прямая, параллельная стороне треугольника и пересекающая две другие его стороны, отсекает от них пропорциональные отрезки:

$\frac{B_1C}{B_1D} = \frac{B_1B_2}{B_1B_3}$

Поскольку мы установили, что $B_1C = CD$, то длина отрезка $B_1D$ равна $B_1C + CD = 2 \cdot B_1C$. Подставим это выражение в пропорцию:

$\frac{B_1C}{2 \cdot B_1C} = \frac{B_1B_2}{B_1B_3}$

Сократив $B_1C$, получаем $\frac{1}{2} = \frac{B_1B_2}{B_1B_3}$, откуда следует, что $B_1B_3 = 2 \cdot B_1B_2$.

Так как точка $B_2$ лежит на отрезке $B_1B_3$, то $B_1B_3 = B_1B_2 + B_2B_3$. Подставим это в предыдущее равенство:

$B_1B_2 + B_2B_3 = 2 \cdot B_1B_2$

Вычитая $B_1B_2$ из обеих частей равенства, приходим к выводу, что $B_2B_3 = B_1B_2$. Утверждение теоремы доказано и для этого случая.

Ответ: Для случая непараллельных прямых доказано, что $B_1B_2 = B_2B_3$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться