Номер 11.47, страница 322 - гдз по алгебре 10 класс учебник Никольский, Потапов

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2014 - 2025
Уровень обучения: базовый и углублённый
Цвет обложки: голубой в сеточку
ISBN: 978-5-09-087768-8
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 10 классе
11.7*. Неравенства, сводящиеся к простейшим заменой неизвестного. § 11. Тригонометрические уравнения и неравенства. Глава II. Тригонометрические формулы. Тригонометрические функции - номер 11.47, страница 322.
№11.47 (с. 322)
Условие. №11.47 (с. 322)
скриншот условия

11.47 a) $ \sin 2x > 0; $
б) $ \sin 3x < 0; $
В) $ \cos \left( \frac{x}{2} - \frac{\pi}{4} \right) > 0; $
г) $ \cos \left( \frac{x}{3} + \frac{\pi}{3} \right) < 0; $
д) $ \operatorname{tg} (-2x) > 0; $
e) $ \operatorname{tg} \left( -3x + \frac{\pi}{4} \right) < 0; $
ж) $ \operatorname{ctg} \left( -3x - \frac{\pi}{6} \right) > 0; $
з) $ \operatorname{ctg} \left( \frac{x}{2} + \frac{\pi}{6} \right) < 0. $
Решение 1. №11.47 (с. 322)








Решение 2. №11.47 (с. 322)

Решение 3. №11.47 (с. 322)


Решение 4. №11.47 (с. 322)


Решение 5. №11.47 (с. 322)
а)
Решим неравенство $\sin(2x) > 0$.
Функция синус положительна в первой и второй координатных четвертях. Это соответствует интервалу $(0; \pi)$ на единичной окружности.
Следовательно, аргумент синуса $2x$ должен удовлетворять двойному неравенству с учетом периодичности:
$2\pi k < 2x < \pi + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Разделим все части неравенства на 2, чтобы найти $x$:
$\pi k < x < \frac{\pi}{2} + \pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (\pi k; \frac{\pi}{2} + \pi k), k \in \mathbb{Z}$.
б)
Решим неравенство $\sin(3x) < 0$.
Функция синус отрицательна в третьей и четвертой координатных четвертях. Это соответствует интервалу $(\pi; 2\pi)$ на единичной окружности.
Следовательно, аргумент синуса $3x$ должен удовлетворять двойному неравенству с учетом периодичности:
$\pi + 2\pi k < 3x < 2\pi + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Разделим все части неравенства на 3:
$\frac{\pi}{3} + \frac{2\pi k}{3} < x < \frac{2\pi}{3} + \frac{2\pi k}{3}$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (\frac{\pi}{3} + \frac{2\pi k}{3}; \frac{2\pi}{3} + \frac{2\pi k}{3}), k \in \mathbb{Z}$.
в)
Решим неравенство $\cos(\frac{x}{2} - \frac{\pi}{4}) > 0$.
Функция косинус положительна в первой и четвертой координатных четвертях. Это соответствует интервалу $(-\frac{\pi}{2}; \frac{\pi}{2})$ на единичной окружности.
Следовательно, аргумент косинуса должен удовлетворять двойному неравенству с учетом периодичности:
$-\frac{\pi}{2} + 2\pi k < \frac{x}{2} - \frac{\pi}{4} < \frac{\pi}{2} + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Прибавим ко всем частям неравенства $\frac{\pi}{4}$:
$-\frac{\pi}{2} + \frac{\pi}{4} + 2\pi k < \frac{x}{2} < \frac{\pi}{2} + \frac{\pi}{4} + 2\pi k$
$-\frac{\pi}{4} + 2\pi k < \frac{x}{2} < \frac{3\pi}{4} + 2\pi k$
Умножим все части неравенства на 2:
$-\frac{\pi}{2} + 4\pi k < x < \frac{3\pi}{2} + 4\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (-\frac{\pi}{2} + 4\pi k; \frac{3\pi}{2} + 4\pi k), k \in \mathbb{Z}$.
г)
Решим неравенство $\cos(\frac{x}{3} + \frac{\pi}{3}) < 0$.
Функция косинус отрицательна во второй и третьей координатных четвертях. Это соответствует интервалу $(\frac{\pi}{2}; \frac{3\pi}{2})$ на единичной окружности.
Следовательно, аргумент косинуса должен удовлетворять двойному неравенству с учетом периодичности:
$\frac{\pi}{2} + 2\pi k < \frac{x}{3} + \frac{\pi}{3} < \frac{3\pi}{2} + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Вычтем из всех частей неравенства $\frac{\pi}{3}$:
$\frac{\pi}{2} - \frac{\pi}{3} + 2\pi k < \frac{x}{3} < \frac{3\pi}{2} - \frac{\pi}{3} + 2\pi k$
$\frac{3\pi - 2\pi}{6} + 2\pi k < \frac{x}{3} < \frac{9\pi - 2\pi}{6} + 2\pi k$
$\frac{\pi}{6} + 2\pi k < \frac{x}{3} < \frac{7\pi}{6} + 2\pi k$
Умножим все части неравенства на 3:
$\frac{\pi}{2} + 6\pi k < x < \frac{7\pi}{2} + 6\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (\frac{\pi}{2} + 6\pi k; \frac{7\pi}{2} + 6\pi k), k \in \mathbb{Z}$.
д)
Решим неравенство $tg(-2x) > 0$.
Используем свойство нечетности тангенса $tg(-\alpha) = -tg(\alpha)$:
$-tg(2x) > 0$.
Умножим обе части на -1, изменив знак неравенства на противоположный:
$tg(2x) < 0$.
Функция тангенс отрицательна во второй и четвертой четвертях. Это соответствует интервалу $(-\frac{\pi}{2}; 0)$.
Следовательно, аргумент тангенса должен удовлетворять двойному неравенству с учетом периода $\pi$:
$-\frac{\pi}{2} + \pi k < 2x < 0 + \pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Разделим все части неравенства на 2:
$-\frac{\pi}{4} + \frac{\pi k}{2} < x < \frac{\pi k}{2}$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (-\frac{\pi}{4} + \frac{\pi k}{2}; \frac{\pi k}{2}), k \in \mathbb{Z}$.
е)
Решим неравенство $tg(-3x + \frac{\pi}{4}) < 0$.
Используем свойство нечетности тангенса:
$-tg(3x - \frac{\pi}{4}) < 0$.
Умножим обе части на -1, изменив знак неравенства:
$tg(3x - \frac{\pi}{4}) > 0$.
Функция тангенс положительна в первой и третьей четвертях. Это соответствует интервалу $(0; \frac{\pi}{2})$.
Следовательно, с учетом периода $\pi$:
$\pi k < 3x - \frac{\pi}{4} < \frac{\pi}{2} + \pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Прибавим ко всем частям $\frac{\pi}{4}$:
$\frac{\pi}{4} + \pi k < 3x < \frac{\pi}{2} + \frac{\pi}{4} + \pi k$
$\frac{\pi}{4} + \pi k < 3x < \frac{3\pi}{4} + \pi k$
Разделим все части на 3:
$\frac{\pi}{12} + \frac{\pi k}{3} < x < \frac{\pi}{4} + \frac{\pi k}{3}$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (\frac{\pi}{12} + \frac{\pi k}{3}; \frac{\pi}{4} + \frac{\pi k}{3}), k \in \mathbb{Z}$.
ж)
Решим неравенство $ctg(-3x - \frac{\pi}{6}) > 0$.
Используем свойство нечетности котангенса $ctg(-\alpha) = -ctg(\alpha)$:
$-ctg(3x + \frac{\pi}{6}) > 0$.
Умножим обе части на -1, изменив знак неравенства:
$ctg(3x + \frac{\pi}{6}) < 0$.
Функция котангенс отрицательна во второй и четвертой четвертях. Это соответствует интервалу $(\frac{\pi}{2}; \pi)$.
Следовательно, с учетом периода $\pi$:
$\frac{\pi}{2} + \pi k < 3x + \frac{\pi}{6} < \pi + \pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Вычтем из всех частей $\frac{\pi}{6}$:
$\frac{\pi}{2} - \frac{\pi}{6} + \pi k < 3x < \pi - \frac{\pi}{6} + \pi k$
$\frac{\pi}{3} + \pi k < 3x < \frac{5\pi}{6} + \pi k$
Разделим все части на 3:
$\frac{\pi}{9} + \frac{\pi k}{3} < x < \frac{5\pi}{18} + \frac{\pi k}{3}$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (\frac{\pi}{9} + \frac{\pi k}{3}; \frac{5\pi}{18} + \frac{\pi k}{3}), k \in \mathbb{Z}$.
з)
Решим неравенство $ctg(\frac{x}{2} + \frac{\pi}{6}) < 0$.
Функция котангенс отрицательна во второй и четвертой четвертях. Это соответствует интервалу $(\frac{\pi}{2}; \pi)$.
Следовательно, с учетом периода $\pi$:
$\frac{\pi}{2} + \pi k < \frac{x}{2} + \frac{\pi}{6} < \pi + \pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Вычтем из всех частей $\frac{\pi}{6}$:
$\frac{\pi}{2} - \frac{\pi}{6} + \pi k < \frac{x}{2} < \pi - \frac{\pi}{6} + \pi k$
$\frac{\pi}{3} + \pi k < \frac{x}{2} < \frac{5\pi}{6} + \pi k$
Умножим все части на 2:
$\frac{2\pi}{3} + 2\pi k < x < \frac{5\pi}{3} + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x \in (\frac{2\pi}{3} + 2\pi k; \frac{5\pi}{3} + 2\pi k), k \in \mathbb{Z}$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10 класс, для упражнения номер 11.47 расположенного на странице 322 к учебнику 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №11.47 (с. 322), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.