Номер 12, страница 138 - гдз по алгебре 11 класс учебник Колягин, Ткачева

Авторы: Колягин Ю. М., Ткачева М. В., Федорова Н. Е., Шабунин М. И.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2014 - 2025
Уровень обучения: базовый и углублённый
Цвет обложки: голубой, розовый
ISBN: 978-5-09-087603-2
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Популярные ГДЗ в 11 классе
Вопросы к главе III. Глава 3. Применение производной к исследованию функций - номер 12, страница 138.
№12 (с. 138)
Условие. №12 (с. 138)
скриншот условия

12. Доказать достаточные условия экстремума.
Решение 1. №12 (с. 138)

Решение 2. №12 (с. 138)

Решение 3. №12 (с. 138)
Достаточные условия экстремума позволяют определить характер стационарной точки функции (является ли она точкой минимума, максимума или перегиба), основываясь на значениях производных высших порядков в этой точке.
Теорема (достаточное условие экстремума второго порядка)
Пусть функция $y = f(x)$ определена в некоторой окрестности точки $x_0$ и имеет в этой точке вторую производную. Пусть также первая производная в этой точке равна нулю: $f'(x_0) = 0$ (то есть $x_0$ — стационарная точка). Тогда:
- Если $f''(x_0) > 0$, то $x_0$ является точкой строгого локального минимума.
- Если $f''(x_0) < 0$, то $x_0$ является точкой строгого локального максимума.
(Если $f''(x_0) = 0$, то данная теорема не дает ответа о наличии экстремума, и требуется дополнительное исследование).
Доказательство
Для доказательства используем формулу Тейлора с остаточным членом в форме Пеано для функции $f(x)$ в окрестности точки $x_0$. Так как по условию функция дважды дифференцируема в точке $x_0$, ее разложение имеет вид:
$f(x) = f(x_0) + \frac{f'(x_0)}{1!}(x - x_0) + \frac{f''(x_0)}{2!}(x - x_0)^2 + o((x - x_0)^2)$
По условию теоремы, $x_0$ — стационарная точка, следовательно, $f'(x_0) = 0$. Формула упрощается:
$f(x) = f(x_0) + \frac{f''(x_0)}{2}(x - x_0)^2 + o((x - x_0)^2)$
Рассмотрим разность $f(x) - f(x_0)$, которая представляет собой приращение функции в точке $x_0$:
$f(x) - f(x_0) = \frac{f''(x_0)}{2}(x - x_0)^2 + o((x - x_0)^2)$
Вынесем $(x - x_0)^2$ за скобки. По определению "о малого", $o((x - x_0)^2)$ можно представить как $\alpha(x)(x-x_0)^2$, где $\lim_{x \to x_0} \alpha(x) = 0$.
$f(x) - f(x_0) = \left(\frac{f''(x_0)}{2} + \alpha(x)\right)(x - x_0)^2$
Знак приращения $f(x) - f(x_0)$ в малой окрестности точки $x_0$ определяет, является ли эта точка точкой экстремума. Множитель $(x - x_0)^2$ всегда положителен при $x \neq x_0$. Следовательно, знак всей правой части зависит от знака выражения в скобках $\left(\frac{f''(x_0)}{2} + \alpha(x)\right)$.
Случай 1: $f''(x_0) > 0$.
Поскольку $\lim_{x \to x_0} \alpha(x) = 0$, а $\frac{f''(x_0)}{2}$ — положительная константа, то найдется такая малая проколотая окрестность $\dot{U}(x_0)$ точки $x_0$, в которой $|\alpha(x)|$ будет меньше, чем $\frac{f''(x_0)}{2}$. Формально, для $\varepsilon = \frac{f''(x_0)}{4} > 0$ существует $\delta > 0$ такое, что для всех $x$, удовлетворяющих $0 < |x-x_0| < \delta$, выполняется $|\alpha(x)| < \varepsilon$.
Для $x \in \dot{U}(x_0)$ значение выражения в скобках будет положительным:
$\frac{f''(x_0)}{2} + \alpha(x) > \frac{f''(x_0)}{2} - \frac{f''(x_0)}{4} = \frac{f''(x_0)}{4} > 0$
Таким образом, для всех $x \in \dot{U}(x_0)$ оба множителя в выражении для $f(x) - f(x_0)$ положительны. Следовательно,
$f(x) - f(x_0) > 0 \implies f(x) > f(x_0)$
Это по определению означает, что $x_0$ — точка строгого локального минимума.
Случай 2: $f''(x_0) < 0$.
Рассуждения аналогичны. Поскольку $\lim_{x \to x_0} \alpha(x) = 0$, а $\frac{f''(x_0)}{2}$ — отрицательная константа, то для $\varepsilon = -\frac{f''(x_0)}{4} > 0$ найдется такая малая проколотая окрестность $\dot{U}(x_0)$, в которой $|\alpha(x)| < \varepsilon$.
Для $x \in \dot{U}(x_0)$ значение выражения в скобках будет отрицательным:
$\frac{f''(x_0)}{2} + \alpha(x) < \frac{f''(x_0)}{2} - \frac{f''(x_0)}{4} = \frac{f''(x_0)}{4} < 0$
Таким образом, для всех $x \in \dot{U}(x_0)$ первый множитель отрицателен, а второй ($(x-x_0)^2$) положителен. Следовательно,
$f(x) - f(x_0) < 0 \implies f(x) < f(x_0)$
Это по определению означает, что $x_0$ — точка строгого локального максимума. Доказательство основной теоремы завершено.
Обобщение (достаточные условия высших порядков)
Теорему можно обобщить на случай, когда и вторая производная в стационарной точке равна нулю.
Пусть функция $f(x)$ имеет в точке $x_0$ производные до $n$-го порядка включительно ($n \ge 2$), и пусть:
$f'(x_0) = f''(x_0) = \dots = f^{(n-1)}(x_0) = 0$, а $f^{(n)}(x_0) \neq 0$.
Тогда разложение функции по формуле Тейлора в окрестности $x_0$ имеет вид:
$f(x) - f(x_0) = \frac{f^{(n)}(x_0)}{n!}(x - x_0)^n + o((x - x_0)^n)$
Знак приращения $f(x) - f(x_0)$ вблизи $x_0$ определяется знаком главного члена $\frac{f^{(n)}(x_0)}{n!}(x - x_0)^n$.
- Если $n$ — четное число, то $(x - x_0)^n > 0$ при $x \neq x_0$. Знак приращения совпадает со знаком $f^{(n)}(x_0)$.
- Если $f^{(n)}(x_0) > 0$, то $f(x) > f(x_0)$, и в точке $x_0$ — локальный минимум.
- Если $f^{(n)}(x_0) < 0$, то $f(x) < f(x_0)$, и в точке $x_0$ — локальный максимум.
- Если $n$ — нечетное число, то множитель $(x - x_0)^n$ меняет знак при переходе через точку $x_0$. Это означает, что приращение $f(x) - f(x_0)$ также меняет знак в окрестности $x_0$. Следовательно, в точке $x_0$ экстремума нет (это точка перегиба с горизонтальной касательной).
Ответ: Доказательство достаточных условий экстремума основано на анализе знака приращения функции $f(x) - f(x_0)$ в окрестности стационарной точки $x_0$ с помощью формулы Тейлора. Знак приращения определяется знаком первого ненулевого члена разложения. Если порядок $n$ первой ненулевой производной в точке $x_0$ является четным числом, то в этой точке наблюдается экстремум (минимум при $f^{(n)}(x_0) > 0$ и максимум при $f^{(n)}(x_0) < 0$). Если же порядок $n$ нечетный, то экстремума в точке $x_0$ нет. Детальное доказательство для случая $n=2$ и обобщение на высшие порядки представлены выше.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz
ПрисоединитьсяМы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 11 класс, для упражнения номер 12 расположенного на странице 138 к учебнику 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №12 (с. 138), авторов: Колягин (Юрий Михайлович), Ткачева (Мария Владимировна), Федорова (Надежда Евгеньевна), Шабунин (Михаил Иванович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.