Страница 161 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 161

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161
№631 (с. 161)
Условие. №631 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Условие

631 В ромбе высота, равная 426 см, составляет 23 большей диагонали. Найдите площадь ромба.

Решение 2. №631 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 2
Решение 3. №631 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 3
Решение 4. №631 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 4
Решение 6. №631 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 9. №631 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 631, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №631 (с. 161)

Обозначим высоту ромба как $h$, большую диагональ как $d_1$, меньшую диагональ как $d_2$, сторону ромба как $a$ и площадь как $S$.

Из условия задачи мы знаем, что высота ромба $h = \frac{4\sqrt{2}}{6}$ см. Упростим это выражение:$h = \frac{2\sqrt{2}}{3}$ см.

Также по условию высота составляет $\frac{2}{3}$ от большей диагонали $d_1$:$h = \frac{2}{3} d_1$

Найдем длину большей диагонали $d_1$, подставив в это равенство известное значение высоты $h$:$\frac{2\sqrt{2}}{3} = \frac{2}{3} d_1$Разделив обе части уравнения на $\frac{2}{3}$, получаем:$d_1 = \sqrt{2}$ см.

Площадь ромба можно найти двумя основными способами: через произведение стороны на высоту и через половину произведения диагоналей.$S = a \cdot h$$S = \frac{1}{2} d_1 d_2$

Приравняем правые части этих формул, чтобы связать между собой сторону и диагонали:$a \cdot h = \frac{1}{2} d_1 d_2$Подставим известные значения $h = \frac{2\sqrt{2}}{3}$ и $d_1 = \sqrt{2}$:$a \cdot \frac{2\sqrt{2}}{3} = \frac{1}{2} \cdot \sqrt{2} \cdot d_2$Сократим обе части на $\sqrt{2}$:$a \cdot \frac{2}{3} = \frac{1}{2} d_2$Отсюда выразим меньшую диагональ $d_2$ через сторону $a$:$d_2 = \frac{4}{3} a$

Диагонали ромба взаимно перпендикулярны и в точке пересечения делятся пополам. Они образуют четыре равных прямоугольных треугольника, в которых катеты равны половинам диагоналей ($\frac{d_1}{2}$ и $\frac{d_2}{2}$), а гипотенуза является стороной ромба $a$. По теореме Пифагора:$a^2 = (\frac{d_1}{2})^2 + (\frac{d_2}{2})^2$

Подставим в это уравнение известные $d_1 = \sqrt{2}$ и полученное выражение для $d_2 = \frac{4a}{3}$:$a^2 = (\frac{\sqrt{2}}{2})^2 + (\frac{\frac{4a}{3}}{2})^2$$a^2 = \frac{2}{4} + (\frac{4a}{6})^2$$a^2 = \frac{1}{2} + (\frac{2a}{3})^2$$a^2 = \frac{1}{2} + \frac{4a^2}{9}$

Решим полученное уравнение для нахождения $a^2$:$a^2 - \frac{4a^2}{9} = \frac{1}{2}$$\frac{9a^2 - 4a^2}{9} = \frac{1}{2}$$\frac{5a^2}{9} = \frac{1}{2}$$5a^2 = \frac{9}{2}$$a^2 = \frac{9}{10}$

Теперь мы можем найти площадь ромба по формуле $S = a \cdot h$. Чтобы не извлекать корень для нахождения $a$, возведем формулу площади в квадрат:$S^2 = a^2 \cdot h^2$Мы уже знаем, что $a^2 = \frac{9}{10}$. Найдем $h^2$:$h^2 = (\frac{2\sqrt{2}}{3})^2 = \frac{4 \cdot 2}{9} = \frac{8}{9}$Подставим значения $a^2$ и $h^2$ в формулу для $S^2$:$S^2 = \frac{9}{10} \cdot \frac{8}{9} = \frac{8}{10} = \frac{4}{5}$

Извлечем квадратный корень, чтобы найти площадь $S$:$S = \sqrt{\frac{4}{5}} = \frac{2}{\sqrt{5}}$Избавимся от иррациональности в знаменателе, домножив числитель и знаменатель на $\sqrt{5}$:$S = \frac{2\sqrt{5}}{5}$ см$^2$.

Ответ: $\frac{2\sqrt{5}}{5}$ см$^2$.

№632 (с. 161)
Условие. №632 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Условие

632 В равнобедренной трапеции диагональ равна 10 см, а высота равна 6 см. Найдите площадь трапеции.

Решение 2. №632 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Решение 2
Решение 3. №632 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Решение 3
Решение 4. №632 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Решение 4
Решение 6. №632 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 9. №632 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 632, Решение 9
Решение 11. №632 (с. 161)

Пусть дана равнобедренная трапеция, в которой диагональ $d = 10$ см, а высота $h = 6$ см. Обозначим трапецию как $ABCD$ с основаниями $AD$ и $BC$, причем $AD$ является большим основанием.

Для нахождения площади трапеции используется формула:

$S = m \cdot h$, где $m$ – средняя линия, а $h$ – высота.

Средняя линия трапеции вычисляется как $m = \frac{AD+BC}{2}$.

Проведем высоту $CH$ из вершины $C$ на основание $AD$. У нас образуется прямоугольный треугольник $\triangle AHC$. В этом треугольнике гипотенуза $AC$ является диагональю трапеции ($AC = 10$ см), а катет $CH$ является высотой трапеции ($CH = 6$ см).

Используя теорему Пифагора, найдем длину второго катета $AH$:

$AC^2 = AH^2 + CH^2$

$10^2 = AH^2 + 6^2$

$100 = AH^2 + 36$

$AH^2 = 100 - 36 = 64$

$AH = \sqrt{64} = 8$ см.

В равнобедренной трапеции отрезок большего основания от вершины до основания высоты, проведенной из другой вершины (в нашем случае это отрезок $AH$), равен средней линии трапеции. Давайте это покажем.

Проведем вторую высоту $BK$ из вершины $B$. Так как трапеция равнобедренная, прямоугольные треугольники $\triangle ABK$ и $\triangle DCH$ равны по гипотенузе и катету. Следовательно, $AK = DH$. Четырехугольник $KBCH$ является прямоугольником, поэтому $KH = BC$.

Длина отрезка $AH$ равна сумме $AK$ и $KH$. То есть, $AH = AK + KH$.

Средняя линия трапеции $m = \frac{AD+BC}{2}$. Заменим $AD$ на $AK+KH+DH$ и $BC$ на $KH$:

$m = \frac{(AK+KH+DH)+KH}{2}$

Так как $AK=DH$, то:

$m = \frac{AK+KH+AK+KH}{2} = \frac{2 \cdot AK + 2 \cdot KH}{2} = AK+KH$

Мы видим, что $AH = AK+KH$, и средняя линия $m = AK+KH$. Следовательно, $AH = m$.

Таким образом, средняя линия нашей трапеции равна 8 см.

Теперь мы можем вычислить площадь трапеции:

$S = m \cdot h = 8 \text{ см} \cdot 6 \text{ см} = 48 \text{ см}^2$.

Ответ: $48 \text{ см}^2$.

№633 (с. 161)
Условие. №633 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Условие

633 В трапеции ABCD диагонали пересекаются в точке О. Найдите площадь треугольника AOB, если боковая сторона CD трапеции равна 12 см, а расстояние от точки О до прямой CD равно 5 см.

Решение 2. №633 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Решение 2
Решение 3. №633 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Решение 3
Решение 4. №633 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Решение 4
Решение 6. №633 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 9. №633 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 633, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №633 (с. 161)

Рассмотрим трапецию $ABCD$, в которой диагонали $AC$ и $BD$ пересекаются в точке $O$. Пусть $AD$ и $BC$ — основания трапеции.

Докажем важное свойство трапеции: площади треугольников, образованных пересечением диагоналей и прилегающих к боковым сторонам, равны. В нашем случае это означает, что $S_{\triangle AOB} = S_{\triangle COD}$.

Рассмотрим треугольники $\triangle ABD$ и $\triangle ACD$. У них общее основание $AD$. Высоты этих треугольников, проведенные из вершин $B$ и $C$ к прямой $AD$, равны между собой, так как обе они равны высоте трапеции. Следовательно, площади этих треугольников равны:

$S_{\triangle ABD} = S_{\triangle ACD}$

Площадь треугольника $\triangle ABD$ можно представить как сумму площадей треугольников $\triangle AOB$ и $\triangle AOD$:

$S_{\triangle ABD} = S_{\triangle AOB} + S_{\triangle AOD}$

Аналогично, площадь треугольника $\triangle ACD$ можно представить как сумму площадей треугольников $\triangle COD$ и $\triangle AOD$:

$S_{\triangle ACD} = S_{\triangle COD} + S_{\triangle AOD}$

Так как $S_{\triangle ABD} = S_{\triangle ACD}$, мы можем приравнять правые части выражений:

$S_{\triangle AOB} + S_{\triangle AOD} = S_{\triangle COD} + S_{\triangle AOD}$

Вычитая из обеих частей равенства $S_{\triangle AOD}$, получаем, что $S_{\triangle AOB} = S_{\triangle COD}$.

Таким образом, чтобы найти площадь треугольника $AOB$, нам достаточно вычислить площадь треугольника $COD$.

Площадь треугольника вычисляется по формуле $S = \frac{1}{2} \cdot a \cdot h$, где $a$ — сторона треугольника, а $h$ — высота, проведенная к этой стороне.

По условию задачи, боковая сторона $CD = 12$ см. Расстояние от точки $O$ до прямой $CD$ — это высота треугольника $COD$, проведенная к стороне $CD$. Эта высота равна $5$ см.

Вычислим площадь треугольника $COD$:

$S_{\triangle COD} = \frac{1}{2} \cdot CD \cdot h = \frac{1}{2} \cdot 12 \text{ см} \cdot 5 \text{ см} = 6 \text{ см} \cdot 5 \text{ см} = 30 \text{ см}^2$.

Поскольку $S_{\triangle AOB} = S_{\triangle COD}$, искомая площадь треугольника $AOB$ также равна $30 \text{ см}^2$.

Ответ: $30 \text{ см}^2$.

№634 (с. 161)
Условие. №634 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 634, Условие

634 Диагонали четырёхугольника равны 16 см и 20 см и пересекаются под углом в 30°. Найдите площадь этого четырёхугольника.

Решение 3. №634 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 634, Решение 3
Решение 4. №634 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 634, Решение 4
Решение 6. №634 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 634, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 634, Решение 6 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 634, Решение 6 (продолжение 3)
Решение 9. №634 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 634, Решение 9
Решение 11. №634 (с. 161)

Для нахождения площади произвольного выпуклого четырёхугольника используется формула, связывающая длины его диагоналей и угол между ними. Площадь ($S$) равна половине произведения длин диагоналей ($d_1$ и $d_2$) на синус угла ($\alpha$) между ними:
$S = \frac{1}{2} d_1 d_2 \sin(\alpha)$

Согласно условию задачи, нам известны следующие величины:
Длина первой диагонали $d_1 = 16$ см.
Длина второй диагонали $d_2 = 20$ см.
Угол между диагоналями $\alpha = 30°$.

Подставим эти значения в формулу. Значение синуса угла 30° является табличной величиной и равно $\frac{1}{2}$.
$S = \frac{1}{2} \cdot 16 \cdot 20 \cdot \sin(30°)$
$S = \frac{1}{2} \cdot 16 \cdot 20 \cdot \frac{1}{2}$

Выполним вычисления:
$S = \frac{16 \cdot 20}{2 \cdot 2} = \frac{320}{4} = 80$
Таким образом, площадь четырёхугольника составляет 80 см?.

Ответ: 80 см?.

№635 (с. 161)
Условие. №635 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 635, Условие

635 В равнобедренном треугольнике ABC с основанием ВС высота AD равна 8 см. Найдите площадь треугольника ABC, если медиана DM треугольника ADC равна 8 см.

Решение 2. №635 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 635, Решение 2
Решение 3. №635 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 635, Решение 3
Решение 4. №635 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 635, Решение 4
Решение 9. №635 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 635, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 635, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №635 (с. 161)

Поскольку треугольник $ABC$ равнобедренный с основанием $BC$, высота $AD$, проведенная к основанию, является также и медианой. Следовательно, точка $D$ — середина основания $BC$, а также $AD \perp BC$. Это означает, что треугольник $ADC$ является прямоугольным с прямым углом при вершине $D$.

В условии сказано, что $DM$ — медиана треугольника $ADC$. Так как $\triangle ADC$ — прямоугольный, медиана $DM$, проведенная к гипотенузе $AC$, равна половине этой гипотенузы.

Известно, что $DM = 8$ см. Тогда длина гипотенузы $AC$ равна:$AC = 2 \cdot DM = 2 \cdot 8 = 16$ см.

Теперь рассмотрим прямоугольный треугольник $ADC$. Мы знаем длину гипотенузы $AC = 16$ см и одного катета $AD = 8$ см (высота треугольника $ABC$). Мы можем найти длину второго катета $DC$ по теореме Пифагора:$AC^2 = AD^2 + DC^2$$16^2 = 8^2 + DC^2$$256 = 64 + DC^2$$DC^2 = 256 - 64 = 192$$DC = \sqrt{192} = \sqrt{64 \cdot 3} = 8\sqrt{3}$ см.

Так как $D$ — середина основания $BC$, то длина всего основания равна:$BC = 2 \cdot DC = 2 \cdot 8\sqrt{3} = 16\sqrt{3}$ см.

Площадь треугольника $ABC$ вычисляется по формуле:$S_{ABC} = \frac{1}{2} \cdot BC \cdot AD$Подставим известные значения:$S_{ABC} = \frac{1}{2} \cdot 16\sqrt{3} \cdot 8 = 8\sqrt{3} \cdot 8 = 64\sqrt{3}$ см$^2$.

Ответ: $64\sqrt{3}$ см$^2$.

№636 (с. 161)
Условие. №636 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 636, Условие

636 Стороны AB и ВС прямоугольника ABCD равны соответственно 6 см и 8 см. Прямая, проходящая через вершину С и перпендикулярная к прямой BD, пересекает сторону AD в точке М, а диагональ BD в точке K. Найдите площадь четырёхугольника ABKМ.

Решение 2. №636 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 636, Решение 2
Решение 3. №636 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 636, Решение 3
Решение 4. №636 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 636, Решение 4
Решение 9. №636 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 636, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 636, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №636 (с. 161)

Для решения задачи найдем площадь четырехугольника $ABKM$ как разность площадей прямоугольного треугольника $ABD$ и треугольника $MKD$.

1. Нахождение параметров прямоугольника и его диагонали.
По условию, $ABCD$ — прямоугольник. Его стороны равны $AB = CD = 6$ см и $BC = AD = 8$ см.
Рассмотрим прямоугольный треугольник $ABD$ ($\angle A = 90^\circ$). Площадь этого треугольника равна: $S_{\triangle ABD} = \frac{1}{2} \cdot AB \cdot AD = \frac{1}{2} \cdot 6 \cdot 8 = 24$ см$^2$.
Теперь рассмотрим прямоугольный треугольник $BCD$ ($\angle C = 90^\circ$). По теореме Пифагора найдем длину его гипотенузы $BD$, которая является диагональю прямоугольника: $BD = \sqrt{BC^2 + CD^2} = \sqrt{8^2 + 6^2} = \sqrt{64 + 36} = \sqrt{100} = 10$ см.

2. Нахождение длин отрезков на диагонали.
Прямая, проходящая через вершину $C$, перпендикулярна диагонали $BD$ и пересекает ее в точке $K$. Таким образом, $CK$ является высотой в прямоугольном треугольнике $BCD$, проведенной к гипотенузе $BD$.
Площадь треугольника $BCD$ можно также вычислить через гипотенузу и высоту: $S_{\triangle BCD} = \frac{1}{2} \cdot BD \cdot CK$. Поскольку $S_{\triangle BCD} = S_{\triangle ABD} = 24$ см$^2$, имеем: $24 = \frac{1}{2} \cdot 10 \cdot CK$, откуда $CK = \frac{24}{5} = 4.8$ см.
В прямоугольном треугольнике квадрат катета равен произведению гипотенузы и проекции этого катета на гипотенузу. Для $\triangle BCD$: $CD^2 = BD \cdot KD$. $6^2 = 10 \cdot KD \implies 36 = 10 \cdot KD \implies KD = 3.6$ см.
Длина второго отрезка диагонали: $BK = BD - KD = 10 - 3.6 = 6.4$ см.

3. Нахождение длины отрезка MD.
Рассмотрим треугольники $MKD$ и $BCK$.

  • $\angle MDK = \angle CBK$ (как накрест лежащие углы при параллельных прямых $AD$ и $BC$ и секущей $BD$).
  • $\angle MKD = \angle BKC$ (как вертикальные углы).

Следовательно, $\triangle MKD \sim \triangle BCK$ по двум углам.
Из подобия треугольников следует пропорциональность сторон: $\frac{MD}{BC} = \frac{KD}{BK}$.
Подставим известные значения: $\frac{MD}{8} = \frac{3.6}{6.4}$.
$MD = 8 \cdot \frac{3.6}{6.4} = 8 \cdot \frac{36}{64} = 8 \cdot \frac{9}{16} = \frac{9}{2} = 4.5$ см.

4. Вычисление площади треугольника MKD.
Площадь $\triangle MKD$ можно найти по формуле $S = \frac{1}{2} \cdot \text{основание} \cdot \text{высота}$. Примем за основание отрезок $MD$, который лежит на прямой $AD$. Тогда высотой будет перпендикуляр, опущенный из точки $K$ на прямую $AD$. Обозначим эту высоту $h_K$.
Проведем из точки $K$ перпендикуляр $KP$ к стороне $AD$. Тогда $h_K = KP$.
Рассмотрим прямоугольные треугольники $KPD$ и $BAD$:

  • $\angle D$ — общий.
  • $\angle KPD = \angle BAD = 90^\circ$.

Следовательно, $\triangle KPD \sim \triangle BAD$ по двум углам.
Из подобия следует: $\frac{KP}{BA} = \frac{KD}{BD}$.
$\frac{h_K}{6} = \frac{3.6}{10}$.
$h_K = 6 \cdot \frac{3.6}{10} = \frac{21.6}{10} = 2.16$ см.
Теперь вычислим площадь $\triangle MKD$: $S_{\triangle MKD} = \frac{1}{2} \cdot MD \cdot h_K = \frac{1}{2} \cdot 4.5 \cdot 2.16 = 4.86$ см$^2$.

5. Вычисление площади четырехугольника ABKM.
Как было сказано вначале, искомая площадь равна разности площадей $\triangle ABD$ и $\triangle MKD$: $S_{ABKM} = S_{\triangle ABD} - S_{\triangle MKD} = 24 - 4.86 = 19.14$ см$^2$.

Ответ: $19.14$ см$^2$.

№637 (с. 161)
Условие. №637 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Условие

637 В треугольнике ABC проведена высота ВН. Докажите, что если:

а) угол А острый, то ВС² = AB² + AC² − 2AC • АН;

б) угол А тупой, то ВС² = AB² + АС² + 2АС • АH.

Решение 2. №637 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 3. №637 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 3 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 3 (продолжение 2)
Решение 4. №637 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 4
Решение 6. №637 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 9. №637 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 637, Решение 9
Решение 11. №637 (с. 161)

а)

Рассмотрим треугольник $ABC$, в котором проведена высота $BH$, а угол $A$ — острый. Высота $BH$ перпендикулярна прямой $AC$, поэтому треугольники $BHA$ и $BHC$ являются прямоугольными.

По теореме Пифагора для прямоугольного треугольника $BHC$ имеем:

$BC^2 = BH^2 + HC^2$

По теореме Пифагора для прямоугольного треугольника $BHA$ имеем:

$AB^2 = BH^2 + AH^2$

Из второго равенства выразим $BH^2$:

$BH^2 = AB^2 - AH^2$

Теперь подставим это выражение для $BH^2$ в первое равенство:

$BC^2 = (AB^2 - AH^2) + HC^2$

Так как угол $A$ острый, основание высоты $H$ лежит на луче $AC$. Возможны два случая расположения точки $H$ относительно точки $C$:

1. Если угол $C$ острый, то точка $H$ лежит на отрезке $AC$. Тогда $HC = AC - AH$.

2. Если угол $C$ тупой, то точка $C$ лежит между точками $A$ и $H$. Тогда $HC = AH - AC$.

В обоих случаях квадрат длины отрезка $HC$ будет равен $(AC - AH)^2$, так как $(AH - AC)^2 = (-(AC-AH))^2 = (AC - AH)^2$.

Подставим $HC^2 = (AC - AH)^2$ в наше выражение для $BC^2$:

$BC^2 = AB^2 - AH^2 + (AC - AH)^2$

Раскроем скобки, используя формулу квадрата разности:

$BC^2 = AB^2 - AH^2 + AC^2 - 2 \cdot AC \cdot AH + AH^2$

Сократим подобные слагаемые ($-AH^2$ и $AH^2$):

$BC^2 = AB^2 + AC^2 - 2 \cdot AC \cdot AH$

Что и требовалось доказать.

Ответ: $BC^2 = AB^2 + AC^2 - 2AC \cdot AH$.

б)

Рассмотрим треугольник $ABC$, в котором проведена высота $BH$, а угол $A$ — тупой. Так как $\angle A$ тупой, основание высоты $H$ будет лежать на продолжении стороны $AC$ за вершину $A$. Таким образом, точка $A$ лежит между точками $H$ и $C$.

Высота $BH$ образует два прямоугольных треугольника: $\triangle BHA$ и $\triangle BHC$.

По теореме Пифагора для прямоугольного треугольника $BHC$ имеем:

$BC^2 = BH^2 + HC^2$

По теореме Пифагора для прямоугольного треугольника $BHA$ имеем:

$AB^2 = BH^2 + AH^2$

Из второго равенства выразим $BH^2$:

$BH^2 = AB^2 - AH^2$

Подставим это выражение для $BH^2$ в первое равенство:

$BC^2 = (AB^2 - AH^2) + HC^2$

Так как точка $A$ лежит между $H$ и $C$, то длина отрезка $HC$ равна сумме длин отрезков $HA$ и $AC$:

$HC = AH + AC$

Подставим это выражение для $HC$ в нашу формулу для $BC^2$:

$BC^2 = AB^2 - AH^2 + (AH + AC)^2$

Раскроем скобки, используя формулу квадрата суммы:

$BC^2 = AB^2 - AH^2 + AH^2 + 2 \cdot AC \cdot AH + AC^2$

Сократим подобные слагаемые ($-AH^2$ и $AH^2$):

$BC^2 = AB^2 + AC^2 + 2 \cdot AC \cdot AH$

Что и требовалось доказать.

Ответ: $BC^2 = AB^2 + AC^2 + 2AC \cdot AH$.

№638 (с. 161)
Условие. №638 (с. 161)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 638, Условие

638 На клетчатой бумаге (рис. 218) изображены треугольники. Найдите их площади.

Рисунок 218
Решение 1. №638 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 638, Решение 1
Решение 10. №638 (с. 161)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 638, Решение 10 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 638, Решение 10 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 161, номер 638, Решение 10 (продолжение 3)
Решение 11. №638 (с. 161)

Для нахождения площадей треугольников, изображенных на клетчатой бумаге, используем тот факт, что сторона каждой клетки равна 1 см. Таким образом, площадь одной клетки составляет $1 \text{ см}^2$.

а)

Треугольник а) является прямоугольным. Его площадь можно найти как половину произведения его катетов. Длина горизонтального катета (основания) составляет 5 клеток, то есть $a = 5$ см. Длина вертикального катета (высоты) составляет 3 клетки, то есть $h = 3$ см. Площадь треугольника $S$ вычисляется по формуле: $S = \frac{1}{2} \cdot a \cdot h$
Подставив значения, получаем: $S = \frac{1}{2} \cdot 5 \text{ см} \cdot 3 \text{ см} = \frac{15}{2} \text{ см}^2 = 7.5 \text{ см}^2$.
Ответ: $7.5 \text{ см}^2$.

б)

Для нахождения площади треугольника б) используем формулу площади треугольника через основание и высоту. В качестве основания $a$ выберем горизонтальную сторону. Ее длина составляет 5 клеток, то есть $a = 5$ см. Высота $h$, проведенная к этому основанию от верхней вершины, перпендикулярна основанию и ее длина составляет 3 клетки, то есть $h = 3$ см.
Площадь треугольника: $S = \frac{1}{2} \cdot a \cdot h = \frac{1}{2} \cdot 5 \text{ см} \cdot 3 \text{ см} = 7.5 \text{ см}^2$.
Ответ: $7.5 \text{ см}^2$.

в)

Площадь этого треугольника удобно найти, вписав его в прямоугольник и вычитая площади "лишних" прямоугольных треугольников по углам. Зададим условную систему координат так, чтобы вершины треугольника имели координаты (0,1), (2,0) и (3,4). Опишем вокруг треугольника прямоугольник, стороны которого параллельны осям координат. Вершины этого прямоугольника будут в точках (0,0) и (3,4). Площадь этого прямоугольника: $S_{прям} = 3 \text{ см} \cdot 4 \text{ см} = 12 \text{ см}^2$.
Теперь найдем площади трех прямоугольных треугольников, которые отсекаются от прямоугольника сторонами вписанного треугольника:
Площадь первого (в левом нижнем углу) с катетами 2 см и 1 см: $S_1 = \frac{1}{2} \cdot 2 \cdot 1 = 1 \text{ см}^2$.
Площадь второго (в правом нижнем углу) с катетами (3-2)=1 см и 4 см: $S_2 = \frac{1}{2} \cdot 1 \cdot 4 = 2 \text{ см}^2$.
Площадь третьего (в левом верхнем углу) с катетами 3 см и (4-1)=3 см: $S_3 = \frac{1}{2} \cdot 3 \cdot 3 = 4.5 \text{ см}^2$.
Площадь искомого треугольника равна разности площади прямоугольника и суммы площадей этих трех треугольников: $S = S_{прям} - (S_1 + S_2 + S_3) = 12 - (1 + 2 + 4.5) = 12 - 7.5 = 4.5 \text{ см}^2$.
Ответ: $4.5 \text{ см}^2$.

г)

Для нахождения площади используем метод вычитания из площади прямоугольника. Зададим условные координаты вершин треугольника: (0,2), (1,0) и (4,4). Опишем вокруг треугольника прямоугольник, стороны которого проходят через его крайние точки. Вершины прямоугольника будут в точках (0,0) и (4,4). Площадь прямоугольника: $S_{прям} = 4 \text{ см} \cdot 4 \text{ см} = 16 \text{ см}^2$.
Теперь вычтем площади трех прямоугольных треугольников, находящихся в углах:
$S_1$ (левый нижний угол) с катетами 1 см и 2 см: $S_1 = \frac{1}{2} \cdot 1 \cdot 2 = 1 \text{ см}^2$.
$S_2$ (правый нижний угол) с катетами (4-1)=3 см и 4 см: $S_2 = \frac{1}{2} \cdot 3 \cdot 4 = 6 \text{ см}^2$.
$S_3$ (левый верхний угол) с катетами 4 см и (4-2)=2 см: $S_3 = \frac{1}{2} \cdot 4 \cdot 2 = 4 \text{ см}^2$.
Площадь искомого треугольника: $S = S_{прям} - (S_1 + S_2 + S_3) = 16 - (1 + 6 + 4) = 16 - 11 = 5 \text{ см}^2$.
Ответ: $5 \text{ см}^2$.

д)

Применим метод трапеций. Зададим условные координаты вершин, отсортировав их по горизонтальной оси: (0,1), (3,4), (5,2). Площадь треугольника можно найти, сложив площади трапеций под сторонами (0,1)-(3,4) и (3,4)-(5,2), и вычтя площадь трапеции под стороной (0,1)-(5,2).
Площадь под отрезком от (0,1) до (3,4): это прямоугольная трапеция с основаниями 1 и 4, и высотой 3. $S_1 = \frac{1}{2}(1+4) \cdot 3 = 7.5 \text{ см}^2$.
Площадь под отрезком от (3,4) до (5,2): это прямоугольная трапеция с основаниями 4 и 2, и высотой (5-3)=2. $S_2 = \frac{1}{2}(4+2) \cdot 2 = 6 \text{ см}^2$.
Площадь под отрезком от (0,1) до (5,2): это прямоугольная трапеция с основаниями 1 и 2, и высотой 5. $S_3 = \frac{1}{2}(1+2) \cdot 5 = 7.5 \text{ см}^2$.
Искомая площадь треугольника: $S = S_1 + S_2 - S_3 = 7.5 + 6 - 7.5 = 6 \text{ см}^2$.
Ответ: $6 \text{ см}^2$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться