Номер 207, страница 337 - гдз по алгебре 10-11 класс учебник Колмогоров, Абрамов

Алгебра, 10-11 класс Учебник, авторы: Колмогоров Андрей Николаевич, Абрамов Александр Михайлович, Дудницын Юрий Павлович, издательство Просвещение, Москва, 2008, зелёного цвета

Авторы: Колмогоров А. Н., Абрамов А. М., Дудницын Ю. П.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2008 - 2025

Цвет обложки: зелёный, чёрный

ISBN: 978-5-09-019513-3

Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации

Алгебра и начала математического анализа

Популярные ГДЗ в 10 классе

Параграф 4. Начала математического анализа. Глава 6. Задачи повышенной трудности - номер 207, страница 337.

№207 (с. 337)
Условие. №207 (с. 337)
скриншот условия
Алгебра, 10-11 класс Учебник, авторы: Колмогоров Андрей Николаевич, Абрамов Александр Михайлович, Дудницын Юрий Павлович, издательство Просвещение, Москва, 2008, зелёного цвета, страница 337, номер 207, Условие

207. a) Докажите признак возрастания функции: функция $f$ возрастает на промежутке $I$ тогда и только тогда, когда для любых двух значений аргумента $x$ и $x + \Delta x$ (где $\Delta x \neq 0$) из промежутка $I$ выполняется условие $\frac{\Delta f}{\Delta x} > 0$.

б) Сформулируйте и докажите аналогичный признак убывания функции на промежутке $I$.

Решение 5. №207 (с. 337)

а)

Требуется доказать, что функция $f$ возрастает на промежутке $I$ тогда и только тогда, когда для любых двух различных значений аргумента $x$ и $x + \Delta x$ из промежутка $I$ выполняется условие $\frac{\Delta f}{\Delta x} > 0$.

Напомним определение возрастающей функции: функция $f$ называется возрастающей на промежутке $I$, если для любых двух точек $x_1$ и $x_2$ из $I$ таких, что $x_1 < x_2$, выполняется неравенство $f(x_1) < f(x_2)$.

Доказательство состоит из двух частей: необходимости и достаточности.

Доказательство необходимости (→)

Пусть функция $f$ возрастает на промежутке $I$. Возьмем два любых различных значения аргумента $x$ и $x+\Delta x$ из промежутка $I$. Обозначим $x_1 = x$ и $x_2 = x + \Delta x$. Приращение аргумента $\Delta x = x_2 - x_1 \neq 0$. Приращение функции $\Delta f = f(x_2) - f(x_1) = f(x + \Delta x) - f(x)$.

Рассмотрим два возможных случая:

  1. Пусть $\Delta x > 0$. Тогда $x_2 - x_1 > 0$, что означает $x_2 > x_1$. Так как функция $f$ возрастает на $I$, из $x_1 < x_2$ следует $f(x_1) < f(x_2)$. Следовательно, $\Delta f = f(x_2) - f(x_1) > 0$. В этом случае и числитель $\Delta f$, и знаменатель $\Delta x$ положительны, значит, их отношение положительно: $\frac{\Delta f}{\Delta x} > 0$.
  2. Пусть $\Delta x < 0$. Тогда $x_2 - x_1 < 0$, что означает $x_2 < x_1$. Так как функция $f$ возрастает на $I$, из $x_2 < x_1$ следует $f(x_2) < f(x_1)$. Следовательно, $\Delta f = f(x_2) - f(x_1) < 0$. В этом случае и числитель $\Delta f$, и знаменатель $\Delta x$ отрицательны, значит, их отношение положительно: $\frac{\Delta f}{\Delta x} > 0$.

Таким образом, в обоих случаях мы получаем, что если функция возрастает, то $\frac{\Delta f}{\Delta x} > 0$. Необходимость доказана.

Доказательство достаточности (←)

Пусть для любых двух различных значений аргумента $x$ и $x+\Delta x$ из промежутка $I$ выполняется условие $\frac{\Delta f}{\Delta x} > 0$. Докажем, что функция $f$ возрастает на $I$.

Для этого возьмем две произвольные точки $x_1$ и $x_2$ из промежутка $I$ такие, что $x_1 < x_2$. Нам нужно показать, что $f(x_1) < f(x_2)$.

Обозначим приращение аргумента $\Delta x = x_2 - x_1$. Поскольку $x_1 < x_2$, то $\Delta x > 0$. Второй аргумент можно представить как $x_2 = x_1 + \Delta x$. Приращение функции равно $\Delta f = f(x_2) - f(x_1)$.

По условию, для выбранных нами точек $x_1$ и $x_2 = x_1 + \Delta x$ должно выполняться неравенство $\frac{\Delta f}{\Delta x} > 0$, то есть $\frac{f(x_2) - f(x_1)}{x_2 - x_1} > 0$.

Мы знаем, что знаменатель дроби $x_2 - x_1$ положителен. Чтобы вся дробь была положительной, числитель также должен быть положителен: $f(x_2) - f(x_1) > 0$.

Из $f(x_2) - f(x_1) > 0$ следует, что $f(x_2) > f(x_1)$, или $f(x_1) < f(x_2)$.

Так как это верно для любых $x_1, x_2 \in I$ при $x_1 < x_2$, мы доказали, что функция $f$ является возрастающей на промежутке $I$. Достаточность доказана.

Ответ: Утверждение доказано.


б)

Формулировка аналогичного признака для убывающей функции:

Функция $f$ убывает на промежутке $I$ тогда и только тогда, когда для любых двух различных значений аргумента $x$ и $x + \Delta x$ из промежутка $I$ выполняется условие $\frac{\Delta f}{\Delta x} < 0$.

Доказательство:

Напомним определение убывающей функции: функция $f$ называется убывающей на промежутке $I$, если для любых двух точек $x_1$ и $x_2$ из $I$ таких, что $x_1 < x_2$, выполняется неравенство $f(x_1) > f(x_2)$.

Доказательство также состоит из двух частей.

Доказательство необходимости (→)

Пусть функция $f$ убывает на промежутке $I$. Возьмем два любых различных значения аргумента $x$ и $x+\Delta x$ из $I$. Обозначим $x_1 = x$ и $x_2 = x + \Delta x$. Тогда $\Delta x = x_2 - x_1 \neq 0$ и $\Delta f = f(x_2) - f(x_1)$.

Рассмотрим два возможных случая:

  1. Пусть $\Delta x > 0$. Тогда $x_2 > x_1$. Так как функция $f$ убывает, из $x_1 < x_2$ следует $f(x_1) > f(x_2)$. Следовательно, $\Delta f = f(x_2) - f(x_1) < 0$. В этом случае числитель $\Delta f$ отрицателен, а знаменатель $\Delta x$ положителен, значит, их отношение отрицательно: $\frac{\Delta f}{\Delta x} < 0$.
  2. Пусть $\Delta x < 0$. Тогда $x_2 < x_1$. Так как функция $f$ убывает, из $x_2 < x_1$ следует $f(x_2) > f(x_1)$. Следовательно, $\Delta f = f(x_2) - f(x_1) > 0$. В этом случае числитель $\Delta f$ положителен, а знаменатель $\Delta x$ отрицателен, значит, их отношение отрицательно: $\frac{\Delta f}{\Delta x} < 0$.

Таким образом, если функция убывает, то $\frac{\Delta f}{\Delta x} < 0$. Необходимость доказана.

Доказательство достаточности (←)

Пусть для любых двух различных значений аргумента $x$ и $x+\Delta x$ из промежутка $I$ выполняется условие $\frac{\Delta f}{\Delta x} < 0$. Докажем, что функция $f$ убывает на $I$.

Возьмем две произвольные точки $x_1$ и $x_2$ из промежутка $I$ такие, что $x_1 < x_2$. Нам нужно показать, что $f(x_1) > f(x_2)$.

Обозначим приращение аргумента $\Delta x = x_2 - x_1$. Поскольку $x_1 < x_2$, то $\Delta x > 0$.

По условию, $\frac{\Delta f}{\Delta x} < 0$, то есть $\frac{f(x_2) - f(x_1)}{x_2 - x_1} < 0$.

Знаменатель $x_2 - x_1$ положителен. Чтобы вся дробь была отрицательной, числитель должен быть отрицательным: $f(x_2) - f(x_1) < 0$.

Из $f(x_2) - f(x_1) < 0$ следует, что $f(x_2) < f(x_1)$, или $f(x_1) > f(x_2)$.

Это соответствует определению убывающей функции. Достаточность доказана.

Ответ: Признак убывания функции сформулирован и доказан.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 207 расположенного на странице 337 к учебнику 2008 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №207 (с. 337), авторов: Колмогоров (Андрей Николаевич), Абрамов (Александр Михайлович), Дудницын (Юрий Павлович), учебного пособия издательства Просвещение.