Номер 18.7, страница 53, часть 2 - гдз по алгебре 10-11 класс задачник Мордкович, Семенов


Авторы: Мордкович А. Г., Семенов П. В., Денищева Л. О., Корешкова Т. А., Мишустина Т. Н., Тульчинская Е. Е.
Тип: Задачник
Издательство: Мнемозина
Год издания: 2019 - 2025
Уровень обучения: базовый
Часть: 2
Цвет обложки:
ISBN: 978-5-346-04509-0 (общ.), 978-5-346-04510-6 (ч. 1), 978-5-346-04511-3 (ч. 2)
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 10 классе
§18. Решение тригонометрических уравнений. Глава 3. Тригонометрические уравнения. ч. 2 - номер 18.7, страница 53.
№18.7 (с. 53)
Условие. №18.7 (с. 53)
скриншот условия

18.7 a) $6 \cos^2 x + \cos x - 1 = 0;$
б) $2 \cos^2 3x - 5 \cos 3x - 3 = 0;$
В) $2 \cos^2 x - \cos x - 3 = 0;$
Г) $2 \cos^2 \frac{x}{3} + 3 \cos \frac{x}{3} - 2 = 0.$
Решение 1. №18.7 (с. 53)

Решение 2. №18.7 (с. 53)



Решение 3. №18.7 (с. 53)

Решение 5. №18.7 (с. 53)




Решение 6. №18.7 (с. 53)
а) $6 \cos^2 x + \cos x - 1 = 0$
Это уравнение является квадратным относительно $\cos x$. Сделаем замену переменной. Пусть $t = \cos x$, при этом $|t| \le 1$.
Получим квадратное уравнение: $6t^2 + t - 1 = 0$.
Найдем дискриминант: $D = b^2 - 4ac = 1^2 - 4 \cdot 6 \cdot (-1) = 1 + 24 = 25$.
Найдем корни уравнения:
$t_1 = \frac{-b - \sqrt{D}}{2a} = \frac{-1 - 5}{2 \cdot 6} = \frac{-6}{12} = -\frac{1}{2}$
$t_2 = \frac{-b + \sqrt{D}}{2a} = \frac{-1 + 5}{2 \cdot 6} = \frac{4}{12} = \frac{1}{3}$
Оба корня удовлетворяют условию $|t| \le 1$. Сделаем обратную замену:
1) $\cos x = -\frac{1}{2}$
$x = \pm \arccos(-\frac{1}{2}) + 2\pi k = \pm (\pi - \frac{\pi}{3}) + 2\pi k = \pm \frac{2\pi}{3} + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
2) $\cos x = \frac{1}{3}$
$x = \pm \arccos(\frac{1}{3}) + 2\pi n$, где $n \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x = \pm \frac{2\pi}{3} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$; $x = \pm \arccos(\frac{1}{3}) + 2\pi n, n \in \mathbb{Z}$.
б) $2 \cos^2 3x - 5 \cos 3x - 3 = 0$
Сделаем замену переменной. Пусть $t = \cos 3x$, при этом $|t| \le 1$.
Получим квадратное уравнение: $2t^2 - 5t - 3 = 0$.
Найдем дискриминант: $D = b^2 - 4ac = (-5)^2 - 4 \cdot 2 \cdot (-3) = 25 + 24 = 49$.
Найдем корни уравнения:
$t_1 = \frac{-b - \sqrt{D}}{2a} = \frac{5 - 7}{2 \cdot 2} = \frac{-2}{4} = -\frac{1}{2}$
$t_2 = \frac{-b + \sqrt{D}}{2a} = \frac{5 + 7}{2 \cdot 2} = \frac{12}{4} = 3$
Корень $t_2 = 3$ не удовлетворяет условию $|t| \le 1$, поэтому он является посторонним.
Сделаем обратную замену для $t_1 = -\frac{1}{2}$:
$\cos 3x = -\frac{1}{2}$
$3x = \pm \arccos(-\frac{1}{2}) + 2\pi k = \pm \frac{2\pi}{3} + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Разделим обе части на 3, чтобы найти $x$:
$x = \pm \frac{2\pi}{9} + \frac{2\pi k}{3}$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x = \pm \frac{2\pi}{9} + \frac{2\pi k}{3}, k \in \mathbb{Z}$.
в) $2 \cos^2 x - \cos x - 3 = 0$
Сделаем замену переменной. Пусть $t = \cos x$, при этом $|t| \le 1$.
Получим квадратное уравнение: $2t^2 - t - 3 = 0$.
Найдем дискриминант: $D = b^2 - 4ac = (-1)^2 - 4 \cdot 2 \cdot (-3) = 1 + 24 = 25$.
Найдем корни уравнения:
$t_1 = \frac{-b - \sqrt{D}}{2a} = \frac{1 - 5}{2 \cdot 2} = \frac{-4}{4} = -1$
$t_2 = \frac{-b + \sqrt{D}}{2a} = \frac{1 + 5}{2 \cdot 2} = \frac{6}{4} = \frac{3}{2}$
Корень $t_2 = \frac{3}{2} = 1.5$ не удовлетворяет условию $|t| \le 1$, поэтому он является посторонним.
Сделаем обратную замену для $t_1 = -1$:
$\cos x = -1$
Это частный случай, решение которого: $x = \pi + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x = \pi + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
г) $2 \cos^2 \frac{x}{3} + 3 \cos \frac{x}{3} - 2 = 0$
Сделаем замену переменной. Пусть $t = \cos \frac{x}{3}$, при этом $|t| \le 1$.
Получим квадратное уравнение: $2t^2 + 3t - 2 = 0$.
Найдем дискриминант: $D = b^2 - 4ac = 3^2 - 4 \cdot 2 \cdot (-2) = 9 + 16 = 25$.
Найдем корни уравнения:
$t_1 = \frac{-b - \sqrt{D}}{2a} = \frac{-3 - 5}{2 \cdot 2} = \frac{-8}{4} = -2$
$t_2 = \frac{-b + \sqrt{D}}{2a} = \frac{-3 + 5}{2 \cdot 2} = \frac{2}{4} = \frac{1}{2}$
Корень $t_1 = -2$ не удовлетворяет условию $|t| \le 1$, поэтому он является посторонним.
Сделаем обратную замену для $t_2 = \frac{1}{2}$:
$\cos \frac{x}{3} = \frac{1}{2}$
$\frac{x}{3} = \pm \arccos(\frac{1}{2}) + 2\pi k = \pm \frac{\pi}{3} + 2\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Умножим обе части на 3, чтобы найти $x$:
$x = 3 \left(\pm \frac{\pi}{3} + 2\pi k\right) = \pm \pi + 6\pi k$, где $k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $x = \pm \pi + 6\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 18.7 расположенного на странице 53 для 2-й части к задачнику 2019 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №18.7 (с. 53), авторов: Мордкович (Александр Григорьевич), Семенов (Павел Владимирович), Денищева (Лариса Олеговна), Корешкова (Т А), Мишустина (Татьяна Николаевна), Тульчинская (Елена Ефимовна), 2-й части ФГОС (старый) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Мнемозина.