Номер 276, страница 313 - гдз по алгебре 10-11 класс учебник Колмогоров, Абрамов

Алгебра, 10-11 класс Учебник, авторы: Колмогоров Андрей Николаевич, Абрамов Александр Михайлович, Дудницын Юрий Павлович, издательство Просвещение, Москва, 2008, зелёного цвета

Авторы: Колмогоров А. Н., Абрамов А. М., Дудницын Ю. П.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2008 - 2025

Цвет обложки: зелёный, чёрный

ISBN: 978-5-09-019513-3

Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации

Алгебра и начала математического анализа

Популярные ГДЗ в 10 классе

Параграф 5. Производная, первообразная, интеграл и их применения. Глава 5. Задачи на повторение - номер 276, страница 313.

№276 (с. 313)
Условие. №276 (с. 313)
скриншот условия
Алгебра, 10-11 класс Учебник, авторы: Колмогоров Андрей Николаевич, Абрамов Александр Михайлович, Дудницын Юрий Павлович, издательство Просвещение, Москва, 2008, зелёного цвета, страница 313, номер 276, Условие

276. Найдите площадь каждой из фигур, на которые прямая $y = x + 4$ делит фигуру, ограниченную линиями $y = -\frac{1}{2}x^2$ и $y = 8$.

Решение 1. №276 (с. 313)
Алгебра, 10-11 класс Учебник, авторы: Колмогоров Андрей Николаевич, Абрамов Александр Михайлович, Дудницын Юрий Павлович, издательство Просвещение, Москва, 2008, зелёного цвета, страница 313, номер 276, Решение 1
Решение 3. №276 (с. 313)
Алгебра, 10-11 класс Учебник, авторы: Колмогоров Андрей Николаевич, Абрамов Александр Михайлович, Дудницын Юрий Павлович, издательство Просвещение, Москва, 2008, зелёного цвета, страница 313, номер 276, Решение 3 Алгебра, 10-11 класс Учебник, авторы: Колмогоров Андрей Николаевич, Абрамов Александр Михайлович, Дудницын Юрий Павлович, издательство Просвещение, Москва, 2008, зелёного цвета, страница 313, номер 276, Решение 3 (продолжение 2)
Решение 5. №276 (с. 313)

Первым шагом найдем площадь исходной фигуры, ограниченной линиями $y = \frac{1}{2}x^2$ и $y = 8$. Для этого определим пределы интегрирования, найдя точки пересечения этих двух линий.

Приравняем уравнения: $ \frac{1}{2}x^2 = 8 $ $ x^2 = 16 $ $ x = \pm 4 $

Таким образом, фигура ограничена по оси $x$ от -4 до 4. Парабола $y = \frac{1}{2}x^2$ находится ниже прямой $y = 8$. Площадь фигуры $S_{общ}$ вычисляется как интеграл разности верхней и нижней функций: $ S_{общ} = \int_{-4}^{4} (8 - \frac{1}{2}x^2) dx $

Поскольку подынтегральная функция является четной, можно упростить вычисление: $ S_{общ} = 2 \int_{0}^{4} (8 - \frac{1}{2}x^2) dx = 2 \left[ 8x - \frac{1}{2} \cdot \frac{x^3}{3} \right]_{0}^{4} = 2 \left[ 8x - \frac{x^3}{6} \right]_{0}^{4} $ $ S_{общ} = 2 \left( (8 \cdot 4 - \frac{4^3}{6}) - (0) \right) = 2 \left( 32 - \frac{64}{6} \right) = 2 \left( 32 - \frac{32}{3} \right) = 2 \left( \frac{96 - 32}{3} \right) = 2 \cdot \frac{64}{3} = \frac{128}{3} $

Теперь рассмотрим прямую $y = x + 4$, которая делит эту фигуру на две части. Найдем точки пересечения этой прямой с границами исходной фигуры.

Пересечение с параболой $y = \frac{1}{2}x^2$: $ x + 4 = \frac{1}{2}x^2 $ $ x^2 - 2x - 8 = 0 $ По теореме Виета или через дискриминант находим корни: $x_1 = 4$ и $x_2 = -2$. Соответствующие точки пересечения: $(4, 8)$ и $(-2, 2)$.

Пересечение с прямой $y = 8$: $ x + 4 = 8 $ $ x = 4 $ Точка пересечения: $(4, 8)$.

Прямая $y = x + 4$ пересекает параболу в точках $(-2, 2)$ и $(4, 8)$. Таким образом, одна из двух новых фигур ($S_1$) ограничена сверху прямой $y = x + 4$ и снизу параболой $y = \frac{1}{2}x^2$ на промежутке $x \in [-2, 4]$. Вычислим ее площадь: $ S_1 = \int_{-2}^{4} \left( (x+4) - \frac{1}{2}x^2 \right) dx = \left[ \frac{x^2}{2} + 4x - \frac{x^3}{6} \right]_{-2}^{4} $

Подставляем пределы интегрирования: $ S_1 = \left( \frac{4^2}{2} + 4 \cdot 4 - \frac{4^3}{6} \right) - \left( \frac{(-2)^2}{2} + 4 \cdot (-2) - \frac{(-2)^3}{6} \right) $ $ S_1 = \left( \frac{16}{2} + 16 - \frac{64}{6} \right) - \left( \frac{4}{2} - 8 - \frac{-8}{6} \right) $ $ S_1 = \left( 8 + 16 - \frac{32}{3} \right) - \left( 2 - 8 + \frac{4}{3} \right) $ $ S_1 = \left( 24 - \frac{32}{3} \right) - \left( -6 + \frac{4}{3} \right) $ $ S_1 = \left( \frac{72 - 32}{3} \right) - \left( \frac{-18 + 4}{3} \right) = \frac{40}{3} - \left( -\frac{14}{3} \right) = \frac{40 + 14}{3} = \frac{54}{3} = 18 $

Площадь второй фигуры ($S_2$) можно найти, вычтя площадь первой фигуры из общей площади: $ S_2 = S_{общ} - S_1 = \frac{128}{3} - 18 = \frac{128}{3} - \frac{54}{3} = \frac{74}{3} $

Итак, прямая $y = x+4$ делит исходную фигуру на две части с площадями 18 и $\frac{74}{3}$.

Ответ: площади фигур равны 18 и $\frac{74}{3}$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 276 расположенного на странице 313 к учебнику 2008 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №276 (с. 313), авторов: Колмогоров (Андрей Николаевич), Абрамов (Александр Михайлович), Дудницын (Юрий Павлович), учебного пособия издательства Просвещение.