Номер 66, страница 321 - гдз по алгебре 10-11 класс учебник Колмогоров, Абрамов

Авторы: Колмогоров А. Н., Абрамов А. М., Дудницын Ю. П.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2008 - 2025
Цвет обложки: зелёный, чёрный
ISBN: 978-5-09-019513-3
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Алгебра и начала математического анализа
Популярные ГДЗ в 10 классе
Параграф 2. Элементарные функции и их свойства. Глава 6. Задачи повышенной трудности - номер 66, страница 321.
№66 (с. 321)
Условие. №66 (с. 321)
скриншот условия

66. Пусть $f$ — возрастающая и положительная на всей числовой прямой функция. Докажите, что:
а) функция $y = f^2 (x)$ возрастает на $R$;
б) функция $y = \frac{1}{f(x)}$ убывает на $R$;
в) функция $y = \sqrt{f(x)}$ возрастает на $R$;
г) функция $y = \lg f (x)$ возрастает на $R$.
Решение 5. №66 (с. 321)
По условию, функция $f(x)$ является возрастающей и положительной на всей числовой прямой $\mathbb{R}$. Это означает, что для любых $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ таких, что $x_1 < x_2$, выполняется неравенство $f(x_1) < f(x_2)$, и для любого $x \in \mathbb{R}$ выполняется $f(x) > 0$.
а) функция y = f²(x) возрастает на R;
Пусть $y(x) = f^2(x)$. Чтобы доказать, что функция $y(x)$ возрастает на $\mathbb{R}$, нужно показать, что для любых $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ из условия $x_1 < x_2$ следует $y(x_1) < y(x_2)$.
Возьмем произвольные $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ такие, что $x_1 < x_2$.
Поскольку $f(x)$ — возрастающая функция, то из $x_1 < x_2$ следует $f(x_1) < f(x_2)$.
Поскольку $f(x)$ — положительная функция, то $f(x_1) > 0$ и $f(x_2) > 0$.
Рассмотрим разность значений функции $y(x)$ в точках $x_2$ и $x_1$:
$y(x_2) - y(x_1) = f^2(x_2) - f^2(x_1) = (f(x_2) - f(x_1))(f(x_2) + f(x_1))$
Проанализируем знаки множителей:
1. Так как $f(x_1) < f(x_2)$, то разность $f(x_2) - f(x_1) > 0$.
2. Так как $f(x_1) > 0$ и $f(x_2) > 0$, то их сумма $f(x_2) + f(x_1) > 0$.
Произведение двух положительных сомножителей положительно, следовательно, $y(x_2) - y(x_1) > 0$, что равносильно $y(x_2) > y(x_1)$.
Таким образом, для любых $x_1 < x_2$ выполняется $y(x_1) < y(x_2)$, что по определению означает, что функция $y = f^2(x)$ возрастает на $\mathbb{R}$.
Ответ: Доказано, что функция $y = f^2(x)$ возрастает на $\mathbb{R}$.
б) функция y = 1/f(x) убывает на R;
Пусть $y(x) = \frac{1}{f(x)}$. Чтобы доказать, что функция $y(x)$ убывает на $\mathbb{R}$, нужно показать, что для любых $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ из условия $x_1 < x_2$ следует $y(x_1) > y(x_2)$.
Возьмем произвольные $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ такие, что $x_1 < x_2$.
Поскольку $f(x)$ — возрастающая функция, то из $x_1 < x_2$ следует $f(x_1) < f(x_2)$.
Поскольку $f(x)$ — положительная функция, то $f(x_1) > 0$ и $f(x_2) > 0$. Таким образом, мы имеем неравенство $0 < f(x_1) < f(x_2)$.
Разделим число 1 на все части этого неравенства. Так как все части неравенства положительны, при делении знак неравенства меняется на противоположный:
$\frac{1}{f(x_1)} > \frac{1}{f(x_2)}$
Это означает, что $y(x_1) > y(x_2)$.
Таким образом, для любых $x_1 < x_2$ выполняется $y(x_1) > y(x_2)$, что по определению означает, что функция $y = \frac{1}{f(x)}$ убывает на $\mathbb{R}$.
Ответ: Доказано, что функция $y = \frac{1}{f(x)}$ убывает на $\mathbb{R}$.
в) функция y = √f(x) возрастает на R;
Пусть $y(x) = \sqrt{f(x)}$. Так как $f(x) > 0$ для всех $x \in \mathbb{R}$, функция $y(x)$ определена на всей числовой прямой.
Чтобы доказать, что функция $y(x)$ возрастает на $\mathbb{R}$, нужно показать, что для любых $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ из условия $x_1 < x_2$ следует $y(x_1) < y(x_2)$.
Возьмем произвольные $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ такие, что $x_1 < x_2$.
Поскольку $f(x)$ — возрастающая функция, то из $x_1 < x_2$ следует $f(x_1) < f(x_2)$.
Функция $g(t) = \sqrt{t}$ является возрастающей на всей своей области определения $[0, +\infty)$. Так как $f(x_1)$ и $f(x_2)$ положительны, мы можем применить функцию квадратного корня к обеим частям неравенства $f(x_1) < f(x_2)$. Поскольку функция $g(t) = \sqrt{t}$ возрастающая, знак неравенства сохранится:
$\sqrt{f(x_1)} < \sqrt{f(x_2)}$
Это означает, что $y(x_1) < y(x_2)$.
Таким образом, для любых $x_1 < x_2$ выполняется $y(x_1) < y(x_2)$, что по определению означает, что функция $y = \sqrt{f(x)}$ возрастает на $\mathbb{R}$.
Ответ: Доказано, что функция $y = \sqrt{f(x)}$ возрастает на $\mathbb{R}$.
г) функция y = lg f(x) возрастает на R.
Пусть $y(x) = \lg f(x)$. Так как $f(x) > 0$ для всех $x \in \mathbb{R}$, логарифмическая функция определена на всей числовой прямой.
Чтобы доказать, что функция $y(x)$ возрастает на $\mathbb{R}$, нужно показать, что для любых $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ из условия $x_1 < x_2$ следует $y(x_1) < y(x_2)$.
Возьмем произвольные $x_1, x_2 \in \mathbb{R}$ такие, что $x_1 < x_2$.
Поскольку $f(x)$ — возрастающая функция, то из $x_1 < x_2$ следует $f(x_1) < f(x_2)$.
Функция десятичного логарифма $g(t) = \lg t$ является возрастающей на всей своей области определения $(0, +\infty)$, так как ее основание 10 больше 1.
Применим функцию логарифма к обеим частям неравенства $f(x_1) < f(x_2)$. Поскольку логарифмическая функция с основанием 10 является возрастающей, знак неравенства сохранится:
$\lg f(x_1) < \lg f(x_2)$
Это означает, что $y(x_1) < y(x_2)$.
Таким образом, для любых $x_1 < x_2$ выполняется $y(x_1) < y(x_2)$, что по определению означает, что функция $y = \lg f(x)$ возрастает на $\mathbb{R}$.
Ответ: Доказано, что функция $y = \lg f(x)$ возрастает на $\mathbb{R}$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz
ПрисоединитьсяМы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 66 расположенного на странице 321 к учебнику 2008 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №66 (с. 321), авторов: Колмогоров (Андрей Николаевич), Абрамов (Александр Михайлович), Дудницын (Юрий Павлович), учебного пособия издательства Просвещение.