Номер 93, страница 324 - гдз по алгебре 10-11 класс учебник Колмогоров, Абрамов

Авторы: Колмогоров А. Н., Абрамов А. М., Дудницын Ю. П.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2008 - 2025
Цвет обложки: зелёный, чёрный
ISBN: 978-5-09-019513-3
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Алгебра и начала математического анализа
Популярные ГДЗ в 10 классе
Параграф 2. Элементарные функции и их свойства. Глава 6. Задачи повышенной трудности - номер 93, страница 324.
№93 (с. 324)
Условие. №93 (с. 324)
скриншот условия

93. a) $|x| < 1, |y| < 1;$
б) $|x-3| \le 1, |y-4| \le 1;$
в) $|y| > |x+1|;$
г) $|x+y| + |x-y| \ge 2.$
Решение 3. №93 (с. 324)


Решение 5. №93 (с. 324)
а)
Дана система из двух неравенств: $|x| < 1$ и $|y| < 1$.
Неравенство $|x| < 1$ равносильно двойному неравенству $-1 < x < 1$. Геометрически на координатной плоскости это множество точек, расположенных в вертикальной полосе между прямыми $x = -1$ и $x = 1$. Сами прямые не являются частью решения, так как неравенство строгое.
Аналогично, неравенство $|y| < 1$ равносильно двойному неравенству $-1 < y < 1$. Это множество точек, расположенных в горизонтальной полосе между прямыми $y = -1$ и $y = 1$, не включая сами прямые.
Решением системы является пересечение этих двух областей. В результате получается область, ограниченная этими четырьмя прямыми.
Ответ: Множество точек, являющееся внутренностью квадрата с вершинами в точках $(-1, -1)$, $(1, -1)$, $(1, 1)$ и $(-1, 1)$. Границы квадрата в решение не входят.
б)
Дана система из двух неравенств: $|x-3| \le 1$ и $|y-4| \le 1$.
Неравенство $|x-3| \le 1$ равносильно двойному неравенству $-1 \le x-3 \le 1$. Прибавив 3 ко всем частям, получаем $2 \le x \le 4$. Это вертикальная полоса на координатной плоскости, ограниченная прямыми $x=2$ и $x=4$, включая сами прямые.
Неравенство $|y-4| \le 1$ равносильно двойному неравенству $-1 \le y-4 \le 1$. Прибавив 4 ко всем частям, получаем $3 \le y \le 5$. Это горизонтальная полоса, ограниченная прямыми $y=3$ и $y=5$, включая сами прямые.
Решением системы является пересечение этих двух замкнутых полос.
Ответ: Множество точек, являющееся квадратом с вершинами в точках $(2, 3)$, $(4, 3)$, $(4, 5)$ и $(2, 5)$. Границы квадрата включены в решение.
в)
Дано неравенство $|y| > |x+1|$.
Так как обе части неравенства неотрицательны, мы можем возвести их в квадрат, сохраняя знак неравенства:
$y^2 > (x+1)^2$
Перенесем все в левую часть и применим формулу разности квадратов:
$y^2 - (x+1)^2 > 0$
$(y - (x+1))(y + (x+1)) > 0$
$(y - x - 1)(y + x + 1) > 0$
Это неравенство выполняется, когда оба множителя имеют одинаковый знак. Рассмотрим два случая.
1. Оба множителя положительны:
$\begin{cases} y - x - 1 > 0 \\ y + x + 1 > 0 \end{cases} \Rightarrow \begin{cases} y > x + 1 \\ y > -x - 1 \end{cases}$
Это область плоскости, расположенная одновременно выше прямой $y = x+1$ и выше прямой $y = -x-1$.
2. Оба множителя отрицательны:
$\begin{cases} y - x - 1 < 0 \\ y + x + 1 < 0 \end{cases} \Rightarrow \begin{cases} y < x + 1 \\ y < -x - 1 \end{cases}$
Это область плоскости, расположенная одновременно ниже прямой $y = x+1$ и ниже прямой $y = -x-1$.
Прямые $y = x+1$ и $y = -x-1$ являются границами искомой области, но сами в нее не входят, так как неравенство строгое.
Ответ: Множество точек плоскости, лежащих выше обеих прямых $y = x+1$ и $y = -x-1$, а также множество точек, лежащих ниже обеих этих прямых. Границы областей (сами прямые) не включаются.
г)
Дано неравенство $|x+y| + |x-y| \ge 2$.
Для решения этого неравенства раскроем модули. Знаки выражений под модулями меняются на прямых $x+y=0$ (т.е. $y=-x$) и $x-y=0$ (т.е. $y=x$). Эти прямые делят плоскость на четыре области.
1. Если $x+y \ge 0$ и $x-y \ge 0$ (область, где $y \ge -x$ и $y \le x$), неравенство становится: $(x+y) + (x-y) \ge 2 \Rightarrow 2x \ge 2 \Rightarrow x \ge 1$.
2. Если $x+y \ge 0$ и $x-y < 0$ (область, где $y \ge -x$ и $y > x$), неравенство становится: $(x+y) - (x-y) \ge 2 \Rightarrow 2y \ge 2 \Rightarrow y \ge 1$.
3. Если $x+y < 0$ и $x-y < 0$ (область, где $y < -x$ и $y > x$), неравенство становится: $-(x+y) - (x-y) \ge 2 \Rightarrow -2x \ge 2 \Rightarrow x \le -1$.
4. Если $x+y < 0$ и $x-y \ge 0$ (область, где $y < -x$ и $y \le x$), неравенство становится: $-(x+y) + (x-y) \ge 2 \Rightarrow -2y \ge 2 \Rightarrow y \le -1$.
Границей области решения является фигура, заданная уравнением $|x+y| + |x-y| = 2$. Из анализа по областям следует, что эта граница состоит из отрезков прямых $x=1, y=1, x=-1, y=-1$. Вместе эти отрезки образуют квадрат с вершинами в точках $(1, 1)$, $(-1, 1)$, $(-1, -1)$ и $(1, -1)$.
Чтобы определить, какая часть плоскости является решением (внутри или снаружи квадрата), возьмем пробную точку, например, начало координат $(0, 0)$: $|0+0| + |0-0| = 0$. Так как $0 < 2$, точка $(0,0)$ не удовлетворяет неравенству. Следовательно, решением является область вне квадрата, включая его границу.
Ответ: Множество точек плоскости, лежащих на границе или вне квадрата с вершинами в точках $(1, 1)$, $(-1, 1)$, $(-1, -1)$ и $(1, -1)$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz
ПрисоединитьсяМы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 93 расположенного на странице 324 к учебнику 2008 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №93 (с. 324), авторов: Колмогоров (Андрей Николаевич), Абрамов (Александр Михайлович), Дудницын (Юрий Павлович), учебного пособия издательства Просвещение.