Номер 6.44, страница 21, часть 2 - гдз по алгебре 10-11 класс задачник Мордкович, Семенов


Авторы: Мордкович А. Г., Семенов П. В., Денищева Л. О., Корешкова Т. А., Мишустина Т. Н., Тульчинская Е. Е.
Тип: Задачник
Издательство: Мнемозина
Год издания: 2019 - 2025
Уровень обучения: базовый
Часть: 2
Цвет обложки:
ISBN: 978-5-346-04509-0 (общ.), 978-5-346-04510-6 (ч. 1), 978-5-346-04511-3 (ч. 2)
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 10 классе
§6. Синус и косинус. Тангенс и котангенс. Глава 2. Тригонометрические функции. ч. 2 - номер 6.44, страница 21.
№6.44 (с. 21)
Условие. №6.44 (с. 21)
скриншот условия

6.44 a) $cos t > 0;$
Б) $cos t < \frac{\sqrt{2}}{2};$
В) $cos t < 0;$
Г) $cos t > \frac{\sqrt{2}}{2}.$
Решение 2. №6.44 (с. 21)


Решение 5. №6.44 (с. 21)



Решение 6. №6.44 (с. 21)
а) $ \cos t > 0 $
Для решения тригонометрического неравенства $ \cos t > 0 $ воспользуемся единичной окружностью. Косинус угла $t$ – это абсцисса (координата $x$) точки на единичной окружности, соответствующей этому углу.
Неравенство $ \cos t > 0 $ выполняется для тех точек единичной окружности, у которых абсцисса положительна. Эти точки лежат в I и IV координатных четвертях, то есть справа от оси ординат.
Крайними точками этой дуги являются точки, в которых $ \cos t = 0 $. Это углы $ t = -\frac{\pi}{2} $ и $ t = \frac{\pi}{2} $.
Таким образом, решение на одном промежутке длиной $ 2\pi $ будет $ t \in \left(-\frac{\pi}{2}, \frac{\pi}{2}\right) $.
Поскольку функция косинуса периодическая с периодом $ 2\pi $, общее решение неравенства можно записать, добавив к концам интервала $ 2\pi k $, где $k$ – любое целое число.
Ответ: $ -\frac{\pi}{2} + 2\pi k < t < \frac{\pi}{2} + 2\pi k, \quad k \in \mathbb{Z} $.
б) $ \cos t < \frac{\sqrt{2}}{2} $
Сначала решим уравнение $ \cos t = \frac{\sqrt{2}}{2} $. На единичной окружности этому значению абсциссы соответствуют две точки, отвечающие углам $ t = \frac{\pi}{4} $ и $ t = -\frac{\pi}{4} $. Угол $ -\frac{\pi}{4} $ также можно записать как $ \frac{7\pi}{4} $ в пределах отрезка $ [0, 2\pi] $.
Нам нужно найти все углы $t$, для которых косинус (абсцисса точки) меньше $ \frac{\sqrt{2}}{2} $. На единичной окружности это соответствует дуге, которая лежит левее вертикальной прямой $ x = \frac{\sqrt{2}}{2} $.
Если двигаться по окружности против часовой стрелки, эта дуга начинается от угла $ \frac{\pi}{4} $ и заканчивается в угле $ \frac{7\pi}{4} $.
Следовательно, решение неравенства на одном обороте: $ t \in \left(\frac{\pi}{4}, \frac{7\pi}{4}\right) $.
Учитывая периодичность функции косинуса, общее решение имеет вид:
Ответ: $ \frac{\pi}{4} + 2\pi k < t < \frac{7\pi}{4} + 2\pi k, \quad k \in \mathbb{Z} $.
в) $ \cos t < 0 $
Неравенство $ \cos t < 0 $ выполняется для тех точек единичной окружности, у которых абсцисса отрицательна. Эти точки расположены во II и III координатных четвертях, то есть слева от оси ординат.
Крайними точками этой дуги являются точки, где $ \cos t = 0 $, то есть $ t = \frac{\pi}{2} $ и $ t = \frac{3\pi}{2} $.
Двигаясь против часовой стрелки, мы видим, что дуга, удовлетворяющая условию, начинается в $ \frac{\pi}{2} $ и заканчивается в $ \frac{3\pi}{2} $.
Решение на одном обороте: $ t \in \left(\frac{\pi}{2}, \frac{3\pi}{2}\right) $.
Добавляя период $ 2\pi k $, получаем общее решение.
Ответ: $ \frac{\pi}{2} + 2\pi k < t < \frac{3\pi}{2} + 2\pi k, \quad k \in \mathbb{Z} $.
г) $ \cos t > \frac{\sqrt{2}}{2} $
Решим уравнение $ \cos t = \frac{\sqrt{2}}{2} $. Корнями являются $ t = \frac{\pi}{4} $ и $ t = -\frac{\pi}{4} $.
Нам нужно найти все углы $t$, для которых косинус (абсцисса точки) больше $ \frac{\sqrt{2}}{2} $. На единичной окружности это соответствует дуге, расположенной правее вертикальной прямой $ x = \frac{\sqrt{2}}{2} $.
Если двигаться по окружности против часовой стрелки, эта дуга начинается от угла $ -\frac{\pi}{4} $ и заканчивается в угле $ \frac{\pi}{4} $.
Таким образом, решение на одном промежутке: $ t \in \left(-\frac{\pi}{4}, \frac{\pi}{4}\right) $.
С учетом периодичности функции косинуса, общее решение будет:
Ответ: $ -\frac{\pi}{4} + 2\pi k < t < \frac{\pi}{4} + 2\pi k, \quad k \in \mathbb{Z} $.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 6.44 расположенного на странице 21 для 2-й части к задачнику 2019 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №6.44 (с. 21), авторов: Мордкович (Александр Григорьевич), Семенов (Павел Владимирович), Денищева (Лариса Олеговна), Корешкова (Т А), Мишустина (Татьяна Николаевна), Тульчинская (Елена Ефимовна), 2-й части ФГОС (старый) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Мнемозина.