Номер 16.17, страница 49, часть 2 - гдз по алгебре 10-11 класс задачник Мордкович, Семенов


Авторы: Мордкович А. Г., Семенов П. В., Денищева Л. О., Корешкова Т. А., Мишустина Т. Н., Тульчинская Е. Е.
Тип: Задачник
Издательство: Мнемозина
Год издания: 2019 - 2025
Уровень обучения: базовый
Часть: 2
Цвет обложки:
ISBN: 978-5-346-04509-0 (общ.), 978-5-346-04510-6 (ч. 1), 978-5-346-04511-3 (ч. 2)
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 10 классе
§16. Арксинус. Решение уравнения sin t = a. Глава 3. Тригонометрические уравнения. ч. 2 - номер 16.17, страница 49.
№16.17 (с. 49)
Условие. №16.17 (с. 49)
скриншот условия

Решите неравенство:
16.17 a) $\sin t > \frac{\sqrt{3}}{2};$
б) $\sin t > -\frac{1}{2};$
в) $\sin t < \frac{\sqrt{3}}{2};$
г) $\sin t \le -\frac{1}{2}.$
Решение 1. №16.17 (с. 49)

Решение 2. №16.17 (с. 49)


Решение 3. №16.17 (с. 49)

Решение 5. №16.17 (с. 49)



Решение 6. №16.17 (с. 49)
а) Чтобы решить неравенство $\sin t > \frac{\sqrt{3}}{2}$, сначала рассмотрим уравнение $\sin t = \frac{\sqrt{3}}{2}$. Решениями этого уравнения на единичной окружности являются углы, ордината (координата y) которых равна $\frac{\sqrt{3}}{2}$.
Эти углы равны $t_1 = \arcsin\left(\frac{\sqrt{3}}{2}\right) = \frac{\pi}{3}$ и $t_2 = \pi - \arcsin\left(\frac{\sqrt{3}}{2}\right) = \pi - \frac{\pi}{3} = \frac{2\pi}{3}$.
Неравенство $\sin t > \frac{\sqrt{3}}{2}$ выполняется для тех углов $t$, ординаты которых на единичной окружности больше, чем $\frac{\sqrt{3}}{2}$. Это соответствует дуге окружности, расположенной выше прямой $y = \frac{\sqrt{3}}{2}$, то есть для углов между $\frac{\pi}{3}$ и $\frac{2\pi}{3}$.
Учитывая периодичность функции синус (период равен $2\pi$), общее решение неравенства записывается в виде двойного неравенства, к границам которого добавлено $2\pi k$, где $k$ — любое целое число ($k \in \mathbb{Z}$).
Таким образом, решение: $\frac{\pi}{3} + 2\pi k < t < \frac{2\pi}{3} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $\frac{\pi}{3} + 2\pi k < t < \frac{2\pi}{3} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
б) Решим неравенство $\sin t > -\frac{1}{2}$. Сначала найдем корни уравнения $\sin t = -\frac{1}{2}$.
На единичной окружности это углы $t_1 = \arcsin\left(-\frac{1}{2}\right) = -\frac{\pi}{6}$ и $t_2 = \pi - \left(-\frac{\pi}{6}\right) = \frac{7\pi}{6}$.
Неравенство $\sin t > -\frac{1}{2}$ выполняется для углов, ординаты которых на единичной окружности больше $-\frac{1}{2}$. Это соответствует дуге, расположенной выше прямой $y = -\frac{1}{2}$. Двигаясь по окружности против часовой стрелки, мы видим, что это дуга от точки $-\frac{\pi}{6}$ до точки $\frac{7\pi}{6}$.
С учетом периода функции синус, равного $2\pi$, общее решение имеет вид: $-\frac{\pi}{6} + 2\pi k < t < \frac{7\pi}{6} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $-\frac{\pi}{6} + 2\pi k < t < \frac{7\pi}{6} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
в) Чтобы решить неравенство $\sin t < \frac{\sqrt{3}}{2}$, воспользуемся решением пункта а). Уравнение $\sin t = \frac{\sqrt{3}}{2}$ имеет корни $t = \frac{\pi}{3}$ и $t = \frac{2\pi}{3}$ (на одном обороте).
Нас интересуют углы, для которых ордината на единичной окружности меньше $\frac{\sqrt{3}}{2}$. Это соответствует дуге окружности, расположенной ниже прямой $y = \frac{\sqrt{3}}{2}$.
Эта дуга начинается от угла $\frac{2\pi}{3}$ и, двигаясь против часовой стрелки, заканчивается в угле $\frac{\pi}{3}$ на следующем обороте, то есть в угле $\frac{\pi}{3} + 2\pi = \frac{7\pi}{3}$. Таким образом, получаем интервал $\left(\frac{2\pi}{3}; \frac{7\pi}{3}\right)$.
Учитывая периодичность, добавляем $2\pi k$ к границам интервала.
Решение: $\frac{2\pi}{3} + 2\pi k < t < \frac{7\pi}{3} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$. Можно записать это и в другом виде, используя отрицательный угол: $\frac{2\pi}{3} - 2\pi = -\frac{4\pi}{3}$. Тогда интервал будет $\left(-\frac{4\pi}{3}; \frac{\pi}{3}\right)$.
Ответ: $-\frac{4\pi}{3} + 2\pi k < t < \frac{\pi}{3} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
г) Решим неравенство $\sin t \le -\frac{1}{2}$. Сначала найдем решения уравнения $\sin t = -\frac{1}{2}$.
Как и в пункте б), это углы $t_1 = -\frac{\pi}{6}$ и $t_2 = \frac{7\pi}{6}$. Также можно представить $t_2$ в виде отрицательного угла, вычтя $2\pi$: $\frac{7\pi}{6} - 2\pi = -\frac{5\pi}{6}$.
Неравенство $\sin t \le -\frac{1}{2}$ выполняется для углов, ординаты которых на единичной окружности меньше или равны $-\frac{1}{2}$. Это соответствует дуге, расположенной на и ниже прямой $y = -\frac{1}{2}$.
На промежутке от $-\pi$ до $\pi$ это дуга от $-\frac{5\pi}{6}$ до $-\frac{\pi}{6}$ включительно. Таким образом, получаем отрезок $\left[-\frac{5\pi}{6}, -\frac{\pi}{6}\right]$.
Добавляя период $2\pi k$, получаем общее решение.
Решение: $-\frac{5\pi}{6} + 2\pi k \le t \le -\frac{\pi}{6} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
Ответ: $-\frac{5\pi}{6} + 2\pi k \le t \le -\frac{\pi}{6} + 2\pi k, k \in \mathbb{Z}$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 16.17 расположенного на странице 49 для 2-й части к задачнику 2019 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №16.17 (с. 49), авторов: Мордкович (Александр Григорьевич), Семенов (Павел Владимирович), Денищева (Лариса Олеговна), Корешкова (Т А), Мишустина (Татьяна Николаевна), Тульчинская (Елена Ефимовна), 2-й части ФГОС (старый) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Мнемозина.