Номер 163, страница 381 - гдз по алгебре 10 класс учебник Никольский, Потапов

Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2014 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: голубой в сеточку

ISBN: 978-5-09-087768-8

Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Логарифмитические неравенства. Задания для повторения - номер 163, страница 381.

Навигация по странице:

Решение Комментарии
№163 (с. 381)
Условие. №163 (с. 381)
скриншот условия
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Условие

Логарифмические неравенства

Решите неравенство (163—168):

163 a) $\log_2 x > 1$;

б) $\log_3 x > 1$;

в) $\log_3 x < 1$;

г) $\log_4 x < 1$;

д) $\log_3 x > 0$;

е) $\log_5 x < 0$.

Решение 1. №163 (с. 381)
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 1 Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 1 (продолжение 2) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 1 (продолжение 3) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 1 (продолжение 4) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 1 (продолжение 5) Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 1 (продолжение 6)
Решение 2. №163 (с. 381)
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 2
Решение 3. №163 (с. 381)
Алгебра, 10 класс Учебник, авторы: Никольский Сергей Михайлович, Потапов Михаил Константинович, Решетников Николай Николаевич, Шевкин Александр Владимирович, издательство Просвещение, Москва, 2014, голубого цвета, страница 381, номер 163, Решение 3
Решение 5. №163 (с. 381)

а) Решим неравенство $log_2 x > 1$.

1. Первым шагом найдем Область допустимых значений (ОДЗ). Аргумент логарифма должен быть строго положительным, следовательно, $x > 0$.

2. Представим число $1$ в виде логарифма с основанием $2$. Используем определение логарифма: $1 = log_2(2^1) = log_2(2)$.

3. Теперь неравенство можно переписать в виде: $log_2 x > log_2(2)$.

4. Так как основание логарифма $2 > 1$, логарифмическая функция $y = log_2(x)$ является возрастающей. Это означает, что для больших значений аргумента функция принимает большие значения. Поэтому мы можем перейти от неравенства логарифмов к неравенству их аргументов, сохранив знак неравенства: $x > 2$.

5. Совместим полученное решение с ОДЗ. Мы имеем систему неравенств:
$ \begin{cases} x > 2 \\ x > 0 \end{cases} $
Решением этой системы является $x > 2$.

Ответ: $x \in (2; +\infty)$.

б) Решим неравенство $log_3 x > 1$.

1. ОДЗ: $x > 0$.

2. Представим $1$ как логарифм по основанию $3$: $1 = log_3(3)$.

3. Неравенство принимает вид: $log_3 x > log_3(3)$.

4. Основание $3 > 1$, поэтому логарифмическая функция возрастает. Знак неравенства сохраняется при переходе к аргументам: $x > 3$.

5. Учитывая ОДЗ ($x > 0$), итоговое решение: $x > 3$.

Ответ: $x \in (3; +\infty)$.

в) Решим неравенство $log_3 x < 1$.

1. ОДЗ: $x > 0$.

2. Представим $1$ как логарифм по основанию $3$: $1 = log_3(3)$.

3. Неравенство принимает вид: $log_3 x < log_3(3)$.

4. Основание $3 > 1$, функция возрастающая. Знак неравенства сохраняется: $x < 3$.

5. Совместим полученное решение с ОДЗ. Получаем систему:
$ \begin{cases} x < 3 \\ x > 0 \end{cases} $
Решением является интервал $0 < x < 3$.

Ответ: $x \in (0; 3)$.

г) Решим неравенство $log_4 x < 1$.

1. ОДЗ: $x > 0$.

2. Представим $1$ как логарифм по основанию $4$: $1 = log_4(4)$.

3. Неравенство принимает вид: $log_4 x < log_4(4)$.

4. Основание $4 > 1$, функция возрастающая. Знак неравенства сохраняется: $x < 4$.

5. Совмещая с ОДЗ ($x > 0$), получаем решение $0 < x < 4$.

Ответ: $x \in (0; 4)$.

д) Решим неравенство $log_3 x > 0$.

1. ОДЗ: $x > 0$.

2. Представим $0$ как логарифм по основанию $3$: $0 = log_3(3^0) = log_3(1)$.

3. Неравенство принимает вид: $log_3 x > log_3(1)$.

4. Основание $3 > 1$, функция возрастающая. Знак неравенства сохраняется: $x > 1$.

5. Учитывая ОДЗ ($x > 0$), итоговое решение: $x > 1$.

Ответ: $x \in (1; +\infty)$.

е) Решим неравенство $log_5 x < 0$.

1. ОДЗ: $x > 0$.

2. Представим $0$ как логарифм по основанию $5$: $0 = log_5(5^0) = log_5(1)$.

3. Неравенство принимает вид: $log_5 x < log_5(1)$.

4. Основание $5 > 1$, функция возрастающая. Знак неравенства сохраняется: $x < 1$.

5. Совмещая с ОДЗ ($x > 0$), получаем решение $0 < x < 1$.

Ответ: $x \in (0; 1)$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10 класс, для упражнения номер 163 расположенного на странице 381 к учебнику 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №163 (с. 381), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться