Номер 193, страница 90 - гдз по геометрии 10 класс дидактические материалы Мерзляк, Полонский

Геометрия, 10 класс Дидактические материалы, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Полонский Виталий Борисович, Рабинович Ефим Михайлович, Якир Михаил Семёнович, издательство Вентана-граф, Москва, 2020

Авторы: Мерзляк А. Г., Полонский В. Б., Рабинович Е. М., Якир М. С.

Тип: Дидактические материалы

Издательство: Вентана-граф

Год издания: 2020 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки:

ISBN: 978-5-360-09769-3

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Пирамида. Вариант 3. Упражнения - номер 193, страница 90.

№193 (с. 90)
Условие. №193 (с. 90)
скриншот условия
Геометрия, 10 класс Дидактические материалы, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Полонский Виталий Борисович, Рабинович Ефим Михайлович, Якир Михаил Семёнович, издательство Вентана-граф, Москва, 2020, страница 90, номер 193, Условие

193. Радиус окружности, вписанной в боковую грань правильной треугольной пирамиды, равен $r$, а плоский угол при вершине пирамиды равен $\alpha$. Найдите площадь боковой поверхности пирамиды.

Решение. №193 (с. 90)
Геометрия, 10 класс Дидактические материалы, авторы: Мерзляк Аркадий Григорьевич, Полонский Виталий Борисович, Рабинович Ефим Михайлович, Якир Михаил Семёнович, издательство Вентана-граф, Москва, 2020, страница 90, номер 193, Решение
Решение 2. №193 (с. 90)

Поскольку пирамида правильная треугольная, ее боковые грани являются тремя равными равнобедренными треугольниками. Найдем площадь одной такой грани.

Пусть боковая грань пирамиды представляет собой равнобедренный треугольник с плоским углом $\alpha$ при вершине. Апофема пирамиды (высота боковой грани, обозначим ее $h_a$) делит этот треугольник на два равных прямоугольных треугольника с острым углом $\frac{\alpha}{2}$ при вершине пирамиды.

Центр окружности, вписанной в боковую грань, лежит на апофеме. Расстояние от этого центра до основания грани равно радиусу $r$. Угол при основании боковой грани равен $\frac{180^\circ - \alpha}{2} = 90^\circ - \frac{\alpha}{2}$. Биссектриса этого угла проходит через центр вписанной окружности.

Рассмотрим прямоугольный треугольник, образованный радиусом $r$ (проведенным к основанию грани), отрезком от вершины основания до центра вписанной окружности и половиной основания грани (обозначим ее $x$). Угол, противолежащий катету $r$, равен половине угла при основании, то есть $\frac{90^\circ - \alpha/2}{2} = 45^\circ - \frac{\alpha}{4}$.

Из соотношений в этом прямоугольном треугольнике находим половину основания грани $x$:
$\tan(45^\circ - \frac{\alpha}{4}) = \frac{r}{x} \implies x = \frac{r}{\tan(45^\circ - \frac{\alpha}{4})} = r \cot(45^\circ - \frac{\alpha}{4})$.

Теперь найдем апофему $h_a$ из прямоугольного треугольника, образованного апофемой, половиной основания $x$ и боковым ребром:
$\tan(\frac{\alpha}{2}) = \frac{x}{h_a} \implies h_a = \frac{x}{\tan(\frac{\alpha}{2})} = x \cot(\frac{\alpha}{2})$.

Подставим найденное выражение для $x$:
$h_a = r \cot(45^\circ - \frac{\alpha}{4}) \cot(\frac{\alpha}{2})$.

Площадь одной боковой грани $S_{грань}$ равна произведению половины основания на апофему:
$S_{грань} = x \cdot h_a = \left(r \cot(45^\circ - \frac{\alpha}{4})\right) \cdot \left(r \cot(45^\circ - \frac{\alpha}{4}) \cot(\frac{\alpha}{2})\right) = r^2 \cot^2(45^\circ - \frac{\alpha}{4}) \cot(\frac{\alpha}{2})$.

Используя тригонометрическое тождество $\cot(90^\circ - \theta) = \tan(\theta)$, можно переписать $\cot(45^\circ - \frac{\alpha}{4})$ как $\tan(90^\circ - (45^\circ - \frac{\alpha}{4})) = \tan(45^\circ + \frac{\alpha}{4})$. Тогда выражение для площади примет более удобный вид:
$S_{грань} = r^2 \tan^2(45^\circ + \frac{\alpha}{4}) \cot(\frac{\alpha}{2})$.

Площадь боковой поверхности пирамиды $S_{бок}$ состоит из трех таких граней, поэтому:
$S_{бок} = 3 S_{грань} = 3 r^2 \tan^2(45^\circ + \frac{\alpha}{4}) \cot(\frac{\alpha}{2})$.

Ответ: $S_{бок} = 3 r^2 \tan^2(45^\circ + \frac{\alpha}{4}) \cot(\frac{\alpha}{2})$.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться

Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по геометрии за 10 класс, для упражнения номер 193 расположенного на странице 90 к дидактическим материалам 2020 года издания для учащихся школ и гимназий.

Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по геометрии к упражнению №193 (с. 90), авторов: Мерзляк (Аркадий Григорьевич), Полонский (Виталий Борисович), Рабинович (Ефим Михайлович), Якир (Михаил Семёнович), базовый уровень обучения учебного пособия издательства Вентана-граф.