Номер 31.6, страница 122, часть 2 - гдз по алгебре 10-11 класс задачник Мордкович, Семенов


Авторы: Мордкович А. Г., Семенов П. В., Денищева Л. О., Корешкова Т. А., Мишустина Т. Н., Тульчинская Е. Е.
Тип: Задачник
Издательство: Мнемозина
Год издания: 2019 - 2025
Уровень обучения: базовый
Часть: 2
Цвет обложки:
ISBN: 978-5-346-04509-0 (общ.), 978-5-346-04510-6 (ч. 1), 978-5-346-04511-3 (ч. 2)
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 10 классе
§31. Построение графиков функций. Глава 5. Производная. ч. 2 - номер 31.6, страница 122.
№31.6 (с. 122)
Условие. №31.6 (с. 122)
скриншот условия

31.6 a) $y = 2x^3 + x^2 - 8x - 7;$
Б) $y = -\frac{x^3}{3} + x^2 + 3x - \frac{11}{3};$
В) $y = x^3 + x^2 - x - 1;$
Г) $y = \frac{x^3}{3} + x^2 - 3x + \frac{5}{3}.$
Решение 1. №31.6 (с. 122)

Решение 2. №31.6 (с. 122)





Решение 3. №31.6 (с. 122)

Решение 5. №31.6 (с. 122)





Решение 6. №31.6 (с. 122)
а) $y = 2x^3 + x^2 - 8x - 7$
Для исследования функции на монотонность и экстремумы найдем ее производную.
$y' = (2x^3 + x^2 - 8x - 7)' = 6x^2 + 2x - 8$.
Найдем критические точки, приравняв производную к нулю:
$6x^2 + 2x - 8 = 0$
Разделим уравнение на 2:
$3x^2 + x - 4 = 0$
Найдем корни квадратного уравнения через дискриминант:
$D = b^2 - 4ac = 1^2 - 4 \cdot 3 \cdot (-4) = 1 + 48 = 49 = 7^2$.
$x_1 = \frac{-1 - \sqrt{49}}{2 \cdot 3} = \frac{-1 - 7}{6} = -\frac{8}{6} = -\frac{4}{3}$.
$x_2 = \frac{-1 + \sqrt{49}}{2 \cdot 3} = \frac{-1 + 7}{6} = \frac{6}{6} = 1$.
Критические точки $x = -4/3$ и $x = 1$ разбивают числовую ось на три интервала. Определим знак производной на каждом из них. График производной $y' = 6x^2 + 2x - 8$ — парабола с ветвями вверх.
- При $x \in (-\infty, -4/3)$, $y' > 0$, функция возрастает.
- При $x \in (-4/3, 1)$, $y' < 0$, функция убывает.
- При $x \in (1, +\infty)$, $y' > 0$, функция возрастает.
В точке $x = -4/3$ производная меняет знак с «+» на «−», следовательно, это точка максимума. $x_{max} = -4/3$.
В точке $x = 1$ производная меняет знак с «−» на «+», следовательно, это точка минимума. $x_{min} = 1$.
Найдем значения функции в точках экстремума:
$y_{max} = y(-\frac{4}{3}) = 2(-\frac{4}{3})^3 + (-\frac{4}{3})^2 - 8(-\frac{4}{3}) - 7 = 2(-\frac{64}{27}) + \frac{16}{9} + \frac{32}{3} - 7 = \frac{-128 + 48 + 288 - 189}{27} = \frac{19}{27}$.
$y_{min} = y(1) = 2(1)^3 + 1^2 - 8(1) - 7 = 2 + 1 - 8 - 7 = -12$.
Ответ: функция возрастает на промежутках $(-\infty, -4/3]$ и $[1, +\infty)$, убывает на промежутке $[-4/3, 1]$; точка максимума $x_{max} = -4/3$, значение в максимуме $y_{max} = 19/27$; точка минимума $x_{min} = 1$, значение в минимуме $y_{min} = -12$.
б) $y = -\frac{x^3}{3} + x^2 + 3x - \frac{11}{3}$
Найдем производную функции:
$y' = (-\frac{x^3}{3} + x^2 + 3x - \frac{11}{3})' = -x^2 + 2x + 3$.
Найдем критические точки из уравнения $y' = 0$:
$-x^2 + 2x + 3 = 0$
$x^2 - 2x - 3 = 0$
По теореме Виета, корни уравнения: $x_1 = 3$, $x_2 = -1$.
Определим знаки производной. График $y' = -x^2 + 2x + 3$ — парабола с ветвями вниз.
- При $x \in (-\infty, -1)$, $y' < 0$, функция убывает.
- При $x \in (-1, 3)$, $y' > 0$, функция возрастает.
- При $x \in (3, +\infty)$, $y' < 0$, функция убывает.
В точке $x = -1$ производная меняет знак с «−» на «+», следовательно, это точка минимума. $x_{min} = -1$.
В точке $x = 3$ производная меняет знак с «+» на «−», следовательно, это точка максимума. $x_{max} = 3$.
Найдем значения функции в точках экстремума:
$y_{min} = y(-1) = -\frac{(-1)^3}{3} + (-1)^2 + 3(-1) - \frac{11}{3} = \frac{1}{3} + 1 - 3 - \frac{11}{3} = \frac{1 - 11}{3} - 2 = -\frac{10}{3} - \frac{6}{3} = -\frac{16}{3}$.
$y_{max} = y(3) = -\frac{3^3}{3} + 3^2 + 3(3) - \frac{11}{3} = -9 + 9 + 9 - \frac{11}{3} = 9 - \frac{11}{3} = \frac{27 - 11}{3} = \frac{16}{3}$.
Ответ: функция возрастает на промежутке $[-1, 3]$, убывает на промежутках $(-\infty, -1]$ и $[3, +\infty)$; точка минимума $x_{min} = -1$, значение в минимуме $y_{min} = -16/3$; точка максимума $x_{max} = 3$, значение в максимуме $y_{max} = 16/3$.
в) $y = x^3 + x^2 - x - 1$
Найдем производную функции:
$y' = (x^3 + x^2 - x - 1)' = 3x^2 + 2x - 1$.
Найдем критические точки из уравнения $y' = 0$:
$3x^2 + 2x - 1 = 0$
$D = 2^2 - 4 \cdot 3 \cdot (-1) = 4 + 12 = 16 = 4^2$.
$x_1 = \frac{-2 - 4}{6} = -1$.
$x_2 = \frac{-2 + 4}{6} = \frac{2}{6} = \frac{1}{3}$.
Определим знаки производной. График $y' = 3x^2 + 2x - 1$ — парабола с ветвями вверх.
- При $x \in (-\infty, -1)$, $y' > 0$, функция возрастает.
- При $x \in (-1, 1/3)$, $y' < 0$, функция убывает.
- При $x \in (1/3, +\infty)$, $y' > 0$, функция возрастает.
В точке $x = -1$ производная меняет знак с «+» на «−», это точка максимума. $x_{max} = -1$.
В точке $x = 1/3$ производная меняет знак с «−» на «+», это точка минимума. $x_{min} = 1/3$.
Найдем значения функции в точках экстремума:
$y_{max} = y(-1) = (-1)^3 + (-1)^2 - (-1) - 1 = -1 + 1 + 1 - 1 = 0$.
$y_{min} = y(\frac{1}{3}) = (\frac{1}{3})^3 + (\frac{1}{3})^2 - \frac{1}{3} - 1 = \frac{1}{27} + \frac{1}{9} - \frac{1}{3} - 1 = \frac{1 + 3 - 9 - 27}{27} = -\frac{32}{27}$.
Ответ: функция возрастает на промежутках $(-\infty, -1]$ и $[1/3, +\infty)$, убывает на промежутке $[-1, 1/3]$; точка максимума $x_{max} = -1$, значение в максимуме $y_{max} = 0$; точка минимума $x_{min} = 1/3$, значение в минимуме $y_{min} = -32/27$.
г) $y = \frac{x^3}{3} + x^2 - 3x + \frac{5}{3}$
Найдем производную функции:
$y' = (\frac{x^3}{3} + x^2 - 3x + \frac{5}{3})' = x^2 + 2x - 3$.
Найдем критические точки из уравнения $y' = 0$:
$x^2 + 2x - 3 = 0$
По теореме Виета, корни уравнения: $x_1 = 1$, $x_2 = -3$.
Определим знаки производной. График $y' = x^2 + 2x - 3$ — парабола с ветвями вверх.
- При $x \in (-\infty, -3)$, $y' > 0$, функция возрастает.
- При $x \in (-3, 1)$, $y' < 0$, функция убывает.
- При $x \in (1, +\infty)$, $y' > 0$, функция возрастает.
В точке $x = -3$ производная меняет знак с «+» на «−», это точка максимума. $x_{max} = -3$.
В точке $x = 1$ производная меняет знак с «−» на «+», это точка минимума. $x_{min} = 1$.
Найдем значения функции в точках экстремума:
$y_{max} = y(-3) = \frac{(-3)^3}{3} + (-3)^2 - 3(-3) + \frac{5}{3} = -9 + 9 + 9 + \frac{5}{3} = 9 + \frac{5}{3} = \frac{27+5}{3} = \frac{32}{3}$.
$y_{min} = y(1) = \frac{1^3}{3} + 1^2 - 3(1) + \frac{5}{3} = \frac{1}{3} + 1 - 3 + \frac{5}{3} = \frac{6}{3} - 2 = 2 - 2 = 0$.
Ответ: функция возрастает на промежутках $(-\infty, -3]$ и $[1, +\infty)$, убывает на промежутке $[-3, 1]$; точка максимума $x_{max} = -3$, значение в максимуме $y_{max} = 32/3$; точка минимума $x_{min} = 1$, значение в минимуме $y_{min} = 0$.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10-11 класс, для упражнения номер 31.6 расположенного на странице 122 для 2-й части к задачнику 2019 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №31.6 (с. 122), авторов: Мордкович (Александр Григорьевич), Семенов (Павел Владимирович), Денищева (Лариса Олеговна), Корешкова (Т А), Мишустина (Татьяна Николаевна), Тульчинская (Елена Ефимовна), 2-й части ФГОС (старый) базовый уровень обучения учебного пособия издательства Мнемозина.