Номер 9.43, страница 268 - гдз по алгебре 10 класс учебник Никольский, Потапов

Авторы: Никольский С. М., Потапов М. К., Решетников Н. Н., Шевкин А. В.
Тип: Учебник
Издательство: Просвещение
Год издания: 2014 - 2025
Уровень обучения: базовый и углублённый
Цвет обложки: голубой в сеточку
ISBN: 978-5-09-087768-8
Рекомендовано Министерством образования и науки Российской Федерации
Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия
Популярные ГДЗ в 10 классе
9.4. Сумма и разность синусов и косинусов. § 9. Формулы сложения. Глава II. Тригонометрические формулы. Тригонометрические функции - номер 9.43, страница 268.
№9.43 (с. 268)
Условие. №9.43 (с. 268)
скриншот условия

9.43* Докажите, что $\vert \sin \alpha + \cos \alpha \vert \le \sqrt{2}$.
Решение 1. №9.43 (с. 268)

Решение 2. №9.43 (с. 268)

Решение 3. №9.43 (с. 268)

Решение 4. №9.43 (с. 268)

Решение 5. №9.43 (с. 268)
Для доказательства неравенства $|\sin \alpha + \cos \alpha| \le \sqrt{2}$ можно использовать несколько методов.
Способ 1: Метод вспомогательного угла
Преобразуем выражение в левой части неравенства. Вынесем за скобки множитель $\sqrt{1^2 + 1^2} = \sqrt{2}$:
$\sin \alpha + \cos \alpha = \sqrt{2} \left( \frac{1}{\sqrt{2}} \sin \alpha + \frac{1}{\sqrt{2}} \cos \alpha \right)$
Мы знаем, что $\cos\frac{\pi}{4} = \frac{1}{\sqrt{2}}$ и $\sin\frac{\pi}{4} = \frac{1}{\sqrt{2}}$. Подставим эти значения в выражение:
$\sqrt{2} \left( \sin \alpha \cos\frac{\pi}{4} + \cos \alpha \sin\frac{\pi}{4} \right)$
Теперь воспользуемся формулой синуса суммы $\sin(x+y) = \sin x \cos y + \cos x \sin y$. Выражение принимает вид:
$\sqrt{2} \sin\left(\alpha + \frac{\pi}{4}\right)$
Таким образом, исходное неравенство $|\sin \alpha + \cos \alpha| \le \sqrt{2}$ эквивалентно следующему:
$\left|\sqrt{2} \sin\left(\alpha + \frac{\pi}{4}\right)\right| \le \sqrt{2}$
$\sqrt{2} \left|\sin\left(\alpha + \frac{\pi}{4}\right)\right| \le \sqrt{2}$
Разделив обе части на $\sqrt{2}$, получим:
$\left|\sin\left(\alpha + \frac{\pi}{4}\right)\right| \le 1$
Это неравенство верно для любого значения угла $\alpha$, так как область значений функции синус — это отрезок $[-1, 1]$, и, следовательно, модуль синуса любого угла не превышает 1. Таким образом, исходное неравенство доказано.
Ответ: Что и требовалось доказать.
Способ 2: Возведение в квадрат
Поскольку обе части доказываемого неравенства $|\sin \alpha + \cos \alpha| \le \sqrt{2}$ являются неотрицательными, мы можем возвести их в квадрат, не меняя знака неравенства:
$(|\sin \alpha + \cos \alpha|)^2 \le (\sqrt{2})^2$
$(\sin \alpha + \cos \alpha)^2 \le 2$
Раскроем скобки в левой части, используя формулу квадрата суммы:
$\sin^2 \alpha + 2\sin \alpha \cos \alpha + \cos^2 \alpha \le 2$
Сгруппируем слагаемые и применим основное тригонометрическое тождество $\sin^2 \alpha + \cos^2 \alpha = 1$ и формулу синуса двойного угла $2\sin \alpha \cos \alpha = \sin(2\alpha)$:
$(\sin^2 \alpha + \cos^2 \alpha) + 2\sin \alpha \cos \alpha \le 2$
$1 + \sin(2\alpha) \le 2$
Вычтем 1 из обеих частей неравенства:
$\sin(2\alpha) \le 1$
Полученное неравенство справедливо для любого действительного значения $\alpha$, так как максимальное значение функции синус равно 1. Поскольку все преобразования были равносильными, исходное неравенство также верно.
Ответ: Что и требовалось доказать.
Другие задания:
Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.
Мы подготовили для вас ответ c подробным объяснением домашего задания по алгебре за 10 класс, для упражнения номер 9.43 расположенного на странице 268 к учебнику 2014 года издания для учащихся школ и гимназий.
Теперь на нашем сайте ГДЗ.ТОП вы всегда легко и бесплатно найдёте условие с правильным ответом на вопрос «Как решить ДЗ» и «Как сделать» задание по алгебре к упражнению №9.43 (с. 268), авторов: Никольский (Сергей Михайлович), Потапов (Михаил Константинович), Решетников (Николай Николаевич), Шевкин (Александр Владимирович), ФГОС (старый) базовый и углублённый уровень обучения учебного пособия издательства Просвещение.