Страница 61 - гдз по геометрии 10-11 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Киселёва Л. С.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2019 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: коричневый с ромбами

ISBN: 978-5-09-103606-0 (2023)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Cтраница 61

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61
№197 (с. 61)
Условие. №197 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 197, Условие

197. Отрезок ВМ перпендикулярен к плоскости прямоугольника ABCD. Докажите, что прямая CD перпендикулярна к плоскости МВС.

Решение 2. №197 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 197, Решение 2
Решение 5. №197 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 197, Решение 5
Решение 6. №197 (с. 61)

Для того чтобы доказать, что прямая $CD$ перпендикулярна плоскости $MBC$, воспользуемся признаком перпендикулярности прямой и плоскости. Согласно этому признаку, прямая является перпендикулярной к плоскости, если она перпендикулярна двум пересекающимся прямым, лежащим в этой плоскости.

1. По условию задачи, фигура $ABCD$ является прямоугольником. По свойству прямоугольника, все его углы прямые, а значит смежные стороны перпендикулярны. Следовательно, сторона $CD$ перпендикулярна стороне $BC$, что можно записать как $CD \perp BC$.

2. Также по условию, отрезок $BM$ перпендикулярен плоскости прямоугольника $ABCD$. Это записывается как $BM \perp (ABCD)$. Прямая $CD$ целиком лежит в плоскости $(ABCD)$. По определению прямой, перпендикулярной плоскости, она перпендикулярна любой прямой, лежащей в этой плоскости. Отсюда следует, что отрезок $BM$ перпендикулярен прямой $CD$, то есть $BM \perp CD$.

3. Таким образом, мы установили, что прямая $CD$ перпендикулярна двум прямым: $BC$ и $BM$. Обе эти прямые ($BC$ и $BM$) лежат в плоскости $MBC$ и пересекаются в точке $B$.
На основании признака перпендикулярности прямой и плоскости, можно заключить, что прямая $CD$ перпендикулярна плоскости $MBC$.

Что и требовалось доказать.

Ответ: Доказательство основано на признаке перпендикулярности прямой и плоскости. Так как $ABCD$ — прямоугольник, то $CD \perp BC$. По условию $BM \perp (ABCD)$, а прямая $CD$ лежит в этой плоскости ($CD \subset (ABCD)$), следовательно, $BM \perp CD$. Поскольку прямая $CD$ перпендикулярна двум пересекающимся прямым $BC$ и $BM$ из плоскости $MBC$, то она перпендикулярна и самой плоскости $MBC$.

№198 (с. 61)
Условие. №198 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 198, Условие

198. Точка А лежит в плоскости α, а точка В удалена от этой плоскости на расстояние 9 см. Точка М делит отрезок AB в отношении 4 : 5, считая от точки А. Найдите расстояние от точки М до плоскости α.

Решение 2. №198 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 198, Решение 2
Решение 5. №198 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 198, Решение 5
Решение 6. №198 (с. 61)

Пусть $\alpha$ — данная плоскость. Расстояние от точки до плоскости — это длина перпендикуляра, опущенного из этой точки на плоскость.

Точка $A$ лежит в плоскости $\alpha$, поэтому расстояние от нее до плоскости равно 0.

Пусть $BB'$ — перпендикуляр, опущенный из точки $B$ на плоскость $\alpha$. По условию, его длина $BB' = 9$ см. Точка $B'$ является проекцией точки $B$ на плоскость $\alpha$.

Пусть $MM'$ — искомое расстояние от точки $M$ до плоскости $\alpha$. Тогда $MM'$ — это перпендикуляр, опущенный из точки $M$ на плоскость $\alpha$, а $M'$ — проекция точки $M$ на эту плоскость.

Поскольку прямые $MM'$ и $BB'$ обе перпендикулярны одной и той же плоскости $\alpha$, они параллельны друг другу: $MM' \parallel BB'$.

Рассмотрим треугольник $\triangle ABB'$. Он является прямоугольным, так как $BB' \perp \alpha$, а прямая $AB'$ (на которой лежат точки $A$ и $B'$) находится в плоскости $\alpha$, следовательно $\angle AB'B = 90^{\circ}$.

Точка $M$ лежит на гипотенузе $AB$. Проведем через точку $M$ прямую $MM'$, параллельную катету $BB'$, до пересечения с катетом $AB'$ в точке $M'$. Треугольник $\triangle AMM'$ подобен треугольнику $\triangle ABB'$ по двум углам (угол при вершине $A$ у них общий, а $\angle AM'M = \angle AB'B = 90^{\circ}$).

Из подобия треугольников следует, что отношение соответствующих сторон равно:

$\frac{MM'}{BB'} = \frac{AM}{AB}$

По условию задачи точка $M$ делит отрезок $AB$ в отношении $AM : MB = 4 : 5$. Это значит, что если принять длину отрезка $AM$ за $4x$, то длина отрезка $MB$ будет $5x$. Тогда вся длина отрезка $AB$ составит $AM + MB = 4x + 5x = 9x$.

Найдем отношение $\frac{AM}{AB}$:

$\frac{AM}{AB} = \frac{4x}{9x} = \frac{4}{9}$

Теперь подставим известные значения в пропорцию из подобия треугольников:

$\frac{MM'}{9} = \frac{4}{9}$

Отсюда находим искомое расстояние $MM'$:

$MM' = 9 \cdot \frac{4}{9} = 4$ см.

Ответ: 4 см.

№199 (с. 61)
Условие. №199 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 199, Условие

199. Точка S равноудалена от вершин прямоугольного треугольника и не лежит в плоскости этого треугольника. Докажите, что прямая SM, где М — середина гипотенузы, перпендикулярна к плоскости треугольника.

Решение 2. №199 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 199, Решение 2
Решение 5. №199 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 199, Решение 5
Решение 6. №199 (с. 61)

Обозначим вершины прямоугольного треугольника как $A$, $B$ и $C$, где $\angle C = 90^\circ$. Следовательно, $AB$ — гипотенуза. По условию задачи, точка $S$ равноудалена от вершин треугольника, то есть $SA = SB = SC$, и точка $M$ является серединой гипотенузы $AB$.

Для доказательства того, что прямая $SM$ перпендикулярна плоскости треугольника $(ABC)$, нужно показать, что она перпендикулярна двум пересекающимся прямым, лежащим в этой плоскости. В качестве этих прямых выберем гипотенузу $AB$ и медиану $MC$.

1. Доказательство перпендикулярности $SM$ и $AB$ ($SM \perp AB$)

Рассмотрим треугольник $ASB$. Поскольку по условию $SA = SB$, этот треугольник является равнобедренным с основанием $AB$. Отрезок $SM$ соединяет вершину $S$ с серединой основания $M$, следовательно, $SM$ является медианой. В равнобедренном треугольнике медиана, проведенная к основанию, является также и высотой. Таким образом, $SM \perp AB$.

2. Доказательство перпендикулярности $SM$ и $MC$ ($SM \perp MC$)

Сначала рассмотрим прямоугольный треугольник $ABC$. Отрезок $CM$ — это медиана, проведенная из вершины прямого угла к гипотенузе. По свойству медианы в прямоугольном треугольнике, ее длина равна половине гипотенузы: $CM = \frac{1}{2}AB$. Так как $M$ — середина $AB$, то $AM = \frac{1}{2}AB$. Отсюда следует, что $AM = CM$.

Теперь сравним треугольники $\triangle SMA$ и $\triangle SMC$.
- Сторона $SA = SC$ (по условию).
- Сторона $AM = CM$ (как показано выше).
- Сторона $SM$ — общая.
Следовательно, $\triangle SMA \cong \triangle SMC$ по трем сторонам (третий признак равенства треугольников).

Из равенства треугольников следует равенство их соответствующих углов, в частности $\angle SMA = \angle SMC$.
Из пункта 1 мы знаем, что $SM \perp AB$, что означает $\angle SMA = 90^\circ$.
Следовательно, $\angle SMC$ также равен $90^\circ$, что доказывает, что $SM \perp MC$.

3. Заключение

Мы установили, что прямая $SM$ перпендикулярна двум пересекающимся в точке $M$ прямым $AB$ и $MC$, которые лежат в плоскости треугольника $ABC$. По признаку перпендикулярности прямой и плоскости, если прямая перпендикулярна двум пересекающимся прямым в плоскости, то она перпендикулярна и самой плоскости.
Таким образом, прямая $SM$ перпендикулярна плоскости треугольника $ABC$.

Ответ: Утверждение доказано.

№200 (с. 61)
Условие. №200 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 200, Условие

200. Докажите, что любая точка прямой, которая проходит через центр окружности, описанной около многоугольника, и перпендикулярна к плоскости многоугольника, равноудалена от вершин этого многоугольника.

Решение 2. №200 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 200, Решение 2
Решение 5. №200 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 200, Решение 5
Решение 6. №200 (с. 61)

Пусть дан многоугольник $A_1A_2...A_n$, который лежит в плоскости $\alpha$. Около этого многоугольника описана окружность с центром в точке $O$ и радиусом $R$. По определению описанной окружности, все вершины многоугольника лежат на этой окружности, а значит, расстояния от центра окружности до каждой вершины равны радиусу: $OA_1 = OA_2 = ... = OA_n = R$.

Пусть $l$ — это прямая, которая проходит через центр $O$ и перпендикулярна плоскости многоугольника $\alpha$. Возьмем на прямой $l$ произвольную точку $M$. Требуется доказать, что точка $M$ равноудалена от всех вершин многоугольника, то есть $MA_1 = MA_2 = ... = MA_n$.

Рассмотрим отрезки, соединяющие точку $M$ с двумя произвольными вершинами многоугольника, например, $A_i$ и $A_j$. Так как прямая $l$ (содержащая отрезок $MO$) перпендикулярна плоскости $\alpha$, она перпендикулярна любой прямой в этой плоскости, проходящей через точку $O$. В частности, $MO \perp OA_i$ и $MO \perp OA_j$. Следовательно, треугольники $\triangle MOA_i$ и $\triangle MOA_j$ являются прямоугольными, с общим катетом $MO$.

Сравним прямоугольные треугольники $\triangle MOA_i$ и $\triangle MOA_j$.
1. Катет $MO$ — общий.
2. Катеты $OA_i$ и $OA_j$ равны как радиусы одной и той же описанной окружности ($OA_i = OA_j = R$).

Таким образом, треугольники $\triangle MOA_i$ и $\triangle MOA_j$ равны по двум катетам. Из равенства треугольников следует и равенство их гипотенуз: $MA_i = MA_j$.

Этот же результат можно получить с помощью теоремы Пифагора. Для гипотенузы $MA_i$ имеем $MA_i^2 = MO^2 + OA_i^2 = MO^2 + R^2$. Для гипотенузы $MA_j$ имеем $MA_j^2 = MO^2 + OA_j^2 = MO^2 + R^2$. Отсюда следует, что $MA_i^2 = MA_j^2$, и так как длины отрезков являются положительными величинами, $MA_i = MA_j$.

Поскольку вершины $A_i$ и $A_j$ были выбраны произвольно, это означает, что расстояния от точки $M$ до всех вершин многоугольника равны между собой.

Ответ: Утверждение доказано. Любая точка прямой, которая проходит через центр окружности, описанной около многоугольника, и перпендикулярна к плоскости многоугольника, равноудалена от вершин этого многоугольника.

№201 (с. 61)
Условие. №201 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 201, Условие

201. Найдите угол между скрещивающимися прямыми AB и PQ, если точки Р и Q равноудалены от концов отрезка AB.

Решение 2. №201 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 201, Решение 2
Решение 5. №201 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 201, Решение 5
Решение 6. №201 (с. 61)

По условию задачи, точки $P$ и $Q$ равноудалены от концов отрезка $AB$. Это означает, что выполняются следующие равенства для длин отрезков: $PA = PB$ и $QA = QB$.

Геометрическое место точек в пространстве, равноудаленных от двух данных точек (в нашем случае $A$ и $B$), представляет собой плоскость, перпендикулярную отрезку, соединяющему эти точки ($AB$), и проходящую через его середину. Назовем эту плоскость $\alpha$.

Поскольку точка $P$ равноудалена от $A$ и $B$ ($PA = PB$), она принадлежит плоскости $\alpha$.

Аналогично, поскольку точка $Q$ равноудалена от $A$ и $B$ ($QA = QB$), она также принадлежит плоскости $\alpha$.

Так как обе точки $P$ и $Q$ лежат в плоскости $\alpha$, то и вся прямая $PQ$, проходящая через эти две точки, целиком лежит в этой плоскости $\alpha$.

По определению плоскости $\alpha$, прямая $AB$ перпендикулярна этой плоскости. Записывается это как $AB \perp \alpha$.

Согласно свойству перпендикулярности прямой и плоскости, если прямая перпендикулярна плоскости, то она перпендикулярна любой прямой, лежащей в этой плоскости.

Поскольку прямая $AB$ перпендикулярна плоскости $\alpha$, а прямая $PQ$ лежит в плоскости $\alpha$, то прямые $AB$ и $PQ$ перпендикулярны друг другу.

Угол между перпендикулярными прямыми, в том числе и скрещивающимися, по определению равен $90^\circ$.

Ответ: $90^\circ$.

№202 (с. 61)
Условие. №202 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 202, Условие

202. Точка удалена от каждой из вершин прямоугольного треугольника на расстояние 10 см. На каком расстоянии от плоскости треугольника находится эта точка, если медиана, проведённая к гипотенузе, равна 5 см?

Решение 2. №202 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 202, Решение 2
Решение 5. №202 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 202, Решение 5
Решение 6. №202 (с. 61)

Пусть дан прямоугольный треугольник, а точка $M$ равноудалена от его вершин $A$, $B$ и $C$. Это означает, что отрезки, соединяющие точку $M$ с вершинами, равны: $MA = MB = MC = 10$ см.

Расстояние от точки до плоскости — это длина перпендикуляра, опущенного из этой точки на плоскость. Обозначим проекцию точки $M$ на плоскость треугольника как точку $O$. Тогда искомое расстояние — это длина отрезка $MO$.

Поскольку наклонные $MA$, $MB$ и $MC$ равны, то их проекции на плоскость треугольника также равны: $OA = OB = OC$. Это означает, что точка $O$ является центром окружности, описанной около треугольника $ABC$.

Для прямоугольного треугольника центр описанной окружности лежит на середине его гипотенузы. Радиус этой окружности $R$ равен половине длины гипотенузы. Также известно, что медиана, проведённая к гипотенузе, равна половине гипотенузы.

По условию, медиана, проведённая к гипотенузе, равна 5 см. Следовательно, радиус описанной окружности $R$ также равен 5 см. То есть, расстояние от центра описанной окружности $O$ до любой из вершин треугольника равно 5 см: $OA = OB = OC = R = 5$ см.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $MOC$. В нём:

  • $MC$ — гипотенуза (расстояние от точки $M$ до вершины $C$), $MC = 10$ см.
  • $MO$ — катет (искомое расстояние от точки $M$ до плоскости треугольника).
  • $OC$ — катет (радиус описанной окружности), $OC = 5$ см.

По теореме Пифагора: $MC^2 = MO^2 + OC^2$.

Выразим из формулы $MO^2$:
$MO^2 = MC^2 - OC^2$
$MO^2 = 10^2 - 5^2 = 100 - 25 = 75$

Теперь найдём длину $MO$:
$MO = \sqrt{75} = \sqrt{25 \cdot 3} = 5\sqrt{3}$ см.

Ответ: $5\sqrt{3}$ см.

№203 (с. 61)
Условие. №203 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 203, Условие

203. Через центр О окружности, вписанной в треугольник ABC, проведена прямая ОK, перпендикулярная к плоскости треугольника. Найдите расстояние от точки K до сторон треугольника, если AB = ВС = 10 см, АС = 12 см, OK = 4 см.

Решение 2. №203 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 203, Решение 2
Решение 5. №203 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 203, Решение 5
Решение 6. №203 (с. 61)

Поскольку треугольник $ABC$ имеет две равные стороны $AB = BC = 10$ см, он является равнобедренным. Точка $O$ — центр вписанной окружности, значит, она равноудалена от всех сторон треугольника. Расстояние от центра вписанной окружности до любой из сторон равно радиусу этой окружности $r$.

Пусть $M$, $N$ и $P$ — точки касания вписанной окружности со сторонами $AB$, $BC$ и $AC$ соответственно. Тогда отрезки $OM$, $ON$ и $OP$ перпендикулярны сторонам треугольника, и их длины равны радиусу вписанной окружности: $OM = ON = OP = r$.

Прямая $OK$ по условию перпендикулярна плоскости треугольника $ABC$. Расстояние от точки $K$ до стороны треугольника, например, до стороны $AC$, — это длина перпендикуляра, опущенного из точки $K$ на прямую $AC$. Обозначим этот перпендикуляр $KP'$.

Рассмотрим проекцию наклонной $KP'$ на плоскость треугольника $ABC$. Это отрезок $OP'$. По теореме о трех перпендикулярах, если наклонная $KP'$ перпендикулярна прямой $AC$, то и ее проекция $OP'$ перпендикулярна $AC$. Так как из точки $O$ на прямую $AC$ можно опустить только один перпендикуляр, то точка $P'$ совпадает с точкой касания $P$. Таким образом, расстояние от точки $K$ до стороны $AC$ равно длине отрезка $KP$.

Так как $OK \perp (ABC)$, то $OK$ перпендикулярна любой прямой в этой плоскости, проходящей через точку $O$. В частности, $OK \perp OP$. Следовательно, треугольник $KOP$ является прямоугольным с катетами $OK$ и $OP$. По теореме Пифагора, $KP^2 = OK^2 + OP^2$.

Поскольку точка $O$ равноудалена от всех сторон треугольника ($OM = ON = OP = r$), то и расстояния от точки $K$ до всех сторон треугольника будут равны:
$KM = KN = KP = \sqrt{OK^2 + r^2}$.

Найдем радиус вписанной окружности $r$ по формуле $r = \frac{S}{p}$, где $S$ — площадь треугольника, а $p$ — его полупериметр.

1. Найдем полупериметр $p$:
$p = \frac{AB + BC + AC}{2} = \frac{10 + 10 + 12}{2} = \frac{32}{2} = 16$ см.

2. Найдем площадь $S$ по формуле Герона:
$S = \sqrt{p(p-AB)(p-BC)(p-AC)} = \sqrt{16(16-10)(16-10)(16-12)}$
$S = \sqrt{16 \cdot 6 \cdot 6 \cdot 4} = \sqrt{16 \cdot 36 \cdot 4} = 4 \cdot 6 \cdot 2 = 48$ см$^2$.

3. Найдем радиус вписанной окружности $r$:
$r = \frac{S}{p} = \frac{48}{16} = 3$ см.

Теперь, зная $r=OP=3$ см и $OK=4$ см, можем найти искомое расстояние $KP$:
$KP = \sqrt{OK^2 + OP^2} = \sqrt{4^2 + 3^2} = \sqrt{16 + 9} = \sqrt{25} = 5$ см.

Расстояние от точки $K$ до всех сторон треугольника $ABC$ одинаково и равно 5 см.

Ответ: 5 см.

№204 (с. 61)
Условие. №204 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 204, Условие

204. Прямая ОМ перпендикулярна к плоскости правильного треугольника ABC и проходит через центр О этого треугольника, ОМ = а, ∠MCO = φ. Найдите: а) расстояние от точки М до каждой из вершин треугольника ABC и до прямых AB, ВС и СА; б) длину окружности, описанной около треугольника ABC; в) площадь треугольника ABC.

Решение 2. №204 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 204, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 204, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 204, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 5. №204 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 204, Решение 5
Решение 6. №204 (с. 61)

а) Найти расстояние от точки $M$ до каждой из вершин треугольника $ABC$ и до прямых $AB, BC$ и $CA$.

Поскольку прямая $OM$ перпендикулярна плоскости правильного треугольника $ABC$ ($OM \perp (ABC)$) и проходит через его центр $O$, то $OM$ перпендикулярна любой прямой в этой плоскости, проходящей через $O$. Следовательно, треугольник $\triangle MOC$ является прямоугольным с прямым углом $\angle MOC = 90^\circ$.

1. Расстояние от точки $M$ до вершин треугольника.

Так как $O$ — центр правильного треугольника $ABC$, он равноудален от его вершин, то есть $OA = OB = OC = R$, где $R$ — радиус описанной окружности. Рассмотрим прямоугольные треугольники $\triangle MOA$, $\triangle MOB$ и $\triangle MOC$. У них общий катет $OM=a$ и равные вторые катеты $OA = OB = OC$. Следовательно, эти треугольники равны по двум катетам, а значит, равны и их гипотенузы: $MA = MB = MC$.

Найдем длину гипотенузы $MC$ из прямоугольного треугольника $\triangle MOC$. Известны катет $OM = a$ и противолежащий ему угол $\angle MCO = \phi$. По определению синуса в прямоугольном треугольнике:

$\sin(\angle MCO) = \frac{OM}{MC}$

$\sin(\phi) = \frac{a}{MC}$

Отсюда находим расстояние от точки $M$ до каждой из вершин:

$MA = MB = MC = \frac{a}{\sin(\phi)}$

2. Расстояние от точки $M$ до прямых, содержащих стороны треугольника.

В силу симметрии, расстояния от точки $M$ до прямых $AB, BC$ и $CA$ равны. Найдем расстояние от точки $M$ до прямой $BC$. Расстояние от точки до прямой — это длина перпендикуляра. Пусть $K$ — середина стороны $BC$. В правильном треугольнике медиана $AK$ является и высотой, поэтому $OK \perp BC$. Отрезок $OK$ является радиусом вписанной в треугольник окружности ($OK = r$).

Согласно теореме о трех перпендикулярах, так как $OM$ — перпендикуляр к плоскости $(ABC)$, $MK$ — наклонная, а $OK$ — ее проекция на эту плоскость, и при этом проекция $OK$ перпендикулярна прямой $BC$, то и сама наклонная $MK$ перпендикулярна прямой $BC$ ($MK \perp BC$). Таким образом, длина отрезка $MK$ и есть искомое расстояние.

Найдем длину $MK$ из прямоугольного треугольника $\triangle MOK$ (где $\angle MOK = 90^\circ$) по теореме Пифагора: $MK^2 = OM^2 + OK^2$.

Для этого сначала найдем $OK = r$. В прямоугольном $\triangle MOC$ найдем катет $OC = R$ (радиус описанной окружности):

$\cot(\angle MCO) = \frac{OC}{OM} \implies \cot(\phi) = \frac{R}{a} \implies R = a \cot(\phi)$

Для правильного треугольника радиус вписанной окружности в два раза меньше радиуса описанной: $r = \frac{R}{2}$.

$OK = r = \frac{a \cot(\phi)}{2}$

Теперь можем вычислить $MK$:

$MK^2 = a^2 + \left(\frac{a \cot(\phi)}{2}\right)^2 = a^2 + \frac{a^2 \cot^2(\phi)}{4} = a^2\left(1 + \frac{\cot^2(\phi)}{4}\right) = \frac{a^2(4 + \cot^2(\phi))}{4}$

$MK = \sqrt{\frac{a^2(4 + \cot^2(\phi))}{4}} = \frac{a}{2}\sqrt{4 + \cot^2(\phi)}$

Ответ: расстояние от точки $M$ до каждой из вершин треугольника $ABC$ равно $\frac{a}{\sin(\phi)}$, а расстояние от точки $M$ до каждой из прямых $AB, BC, CA$ равно $\frac{a}{2}\sqrt{4 + \cot^2(\phi)}$.

б) Найти длину окружности, описанной около треугольника $ABC$.

Длина окружности $L$ вычисляется по формуле $L = 2\pi R$, где $R$ — радиус описанной окружности.

В пункте а) мы нашли, что $R = a \cot(\phi)$.

Подставим это значение в формулу:

$L = 2\pi (a \cot(\phi)) = 2\pi a \cot(\phi)$

Ответ: $2\pi a \cot(\phi)$.

в) Найти площадь треугольника $ABC$.

Площадь правильного треугольника $S$ можно вычислить через радиус описанной окружности $R$ по формуле:

$S = \frac{3\sqrt{3}}{4}R^2$

Используя найденное ранее значение $R = a \cot(\phi)$, получаем:

$S = \frac{3\sqrt{3}}{4}(a \cot(\phi))^2 = \frac{3\sqrt{3}}{4}a^2 \cot^2(\phi)$

Ответ: $\frac{3\sqrt{3}}{4}a^2 \cot^2(\phi)$.

№205 (с. 61)
Условие. №205 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 205, Условие

205. Через вершину С прямого угла прямоугольного треугольника ABC проведена прямая CD, перпендикулярная к плоскости этого треугольника. Найдите площадь треугольника ABD, если СА = 3 дм, СВ = 2 дм, CD = 1 дм.

Решение 2. №205 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 205, Решение 2
Решение 5. №205 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 205, Решение 5
Решение 6. №205 (с. 61)

Для нахождения площади треугольника $ABD$ воспользуемся формулой $S = \frac{1}{2} \cdot a \cdot h$, где $a$ — основание треугольника, а $h$ — высота, проведенная к этому основанию. В нашем случае в качестве основания выберем сторону $AB$, а высотой будет являться отрезок $DH$, проведенный из вершины $D$ перпендикулярно к стороне $AB$.

1. Сначала найдем длину стороны $AB$. Треугольник $ABC$ является прямоугольным по условию ($\angle C = 90^\circ$), с катетами $CA = 3$ дм и $CB = 2$ дм. По теореме Пифагора найдем длину гипотенузы $AB$:
$AB^2 = CA^2 + CB^2$
$AB^2 = 3^2 + 2^2 = 9 + 4 = 13$
$AB = \sqrt{13}$ дм.

2. Далее найдем высоту $DH$ треугольника $ABD$. Для этого проведем в плоскости треугольника $ABC$ высоту $CH$ из вершины прямого угла $C$ к гипотенузе $AB$. Так как прямая $CD$ перпендикулярна плоскости $(ABC)$, она перпендикулярна любой прямой в этой плоскости, следовательно, $CD \perp CH$. Таким образом, треугольник $CDH$ является прямоугольным.

Рассмотрим прямую $AB$ в плоскости $(ABC)$, наклонную $DH$ к этой плоскости и ее проекцию $CH$. Так как мы провели $CH$ как высоту, то $CH \perp AB$. По теореме о трех перпендикулярах, если проекция наклонной ($CH$) перпендикулярна прямой на плоскости ($AB$), то и сама наклонная ($DH$) перпендикулярна этой прямой. Следовательно, $DH \perp AB$, и $DH$ является высотой треугольника $ABD$.

3. Чтобы найти длину $DH$, сначала вычислим длину ее проекции $CH$. Длину высоты $CH$ в прямоугольном треугольнике $ABC$ можно найти через площадь. Площадь $\triangle ABC$ равна:
$S_{ABC} = \frac{1}{2} \cdot CA \cdot CB = \frac{1}{2} \cdot 3 \cdot 2 = 3$ дм2.
С другой стороны, площадь этого же треугольника можно выразить через гипотенузу и высоту, проведенную к ней:
$S_{ABC} = \frac{1}{2} \cdot AB \cdot CH$.
Приравняв два выражения, получим: $3 = \frac{1}{2} \cdot \sqrt{13} \cdot CH$.
Отсюда выразим $CH$: $CH = \frac{2 \cdot 3}{\sqrt{13}} = \frac{6}{\sqrt{13}}$ дм.

4. Теперь, зная катеты $CD$ и $CH$ прямоугольного треугольника $CDH$, по теореме Пифагора найдем гипотенузу $DH$:
$DH^2 = CD^2 + CH^2$
$DH^2 = 1^2 + \left(\frac{6}{\sqrt{13}}\right)^2 = 1 + \frac{36}{13} = \frac{13}{13} + \frac{36}{13} = \frac{49}{13}$
$DH = \sqrt{\frac{49}{13}} = \frac{7}{\sqrt{13}}$ дм.

5. Наконец, вычислим площадь треугольника $ABD$, зная его основание $AB$ и высоту $DH$:
$S_{ABD} = \frac{1}{2} \cdot AB \cdot DH$
$S_{ABD} = \frac{1}{2} \cdot \sqrt{13} \cdot \frac{7}{\sqrt{13}} = \frac{1}{2} \cdot 7 = 3.5$ дм2.

Ответ: $3.5$ дм2.

№206 (с. 61)
Условие. №206 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 206, Условие

206. Стороны треугольника равны 17 см, 15 см и 8 см. Через вершину А меньшего угла треугольника проведена прямая AM, перпендикулярная к его плоскости. Определите расстояние от точки М до прямой, содержащей меньшую сторону треугольника, если известно, что АМ = 20 см.

Решение 2. №206 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 206, Решение 2
Решение 5. №206 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 206, Решение 5
Решение 6. №206 (с. 61)

Пусть дан треугольник $ABC$. Обозначим его стороны как $a, b, c$. По условию, их длины равны 17 см, 15 см и 8 см.

1. Определение типа треугольника и расположения его элементов.

В треугольнике напротив меньшей стороны лежит меньший угол. Меньшая сторона имеет длину 8 см. Пусть это будет сторона $BC$. Таким образом, $BC = 8$ см. Меньший угол, соответственно, это угол при вершине $A$. Пусть стороны треугольника будут:

$a = BC = 8$ см (меньшая сторона)

$b = AC = 15$ см

$c = AB = 17$ см

Проверим, не является ли этот треугольник прямоугольным. Для этого воспользуемся теоремой, обратной теореме Пифагора. Сравним квадрат большей стороны с суммой квадратов двух других сторон:

$AB^2 = 17^2 = 289$

$AC^2 + BC^2 = 15^2 + 8^2 = 225 + 64 = 289$

Поскольку $AB^2 = AC^2 + BC^2$, треугольник $ABC$ является прямоугольным с прямым углом при вершине $C$ ($\angle ACB = 90^\circ$).

2. Построение и нахождение расстояния.

По условию, через вершину $A$ (вершину меньшего угла) проведена прямая $AM$, перпендикулярная плоскости треугольника $ABC$. Это означает, что $AM \perp (ABC)$. Следовательно, прямая $AM$ перпендикулярна любой прямой, лежащей в этой плоскости и проходящей через точку $A$. В частности, $AM \perp AC$.

Нам нужно найти расстояние от точки $M$ до прямой, содержащей меньшую сторону треугольника, то есть до прямой $BC$.

Расстояние от точки до прямой — это длина перпендикуляра, опущенного из этой точки на прямую. Обозначим этот перпендикуляр как $MH$, где $H \in BC$ и $MH \perp BC$.

Рассмотрим наклонную $MC$ к плоскости $ABC$. Прямая $AM$ — перпендикуляр к плоскости $ABC$, а отрезок $AC$ — проекция наклонной $MC$ на эту плоскость.

Поскольку треугольник $ABC$ прямоугольный с $\angle C = 90^\circ$, то сторона $AC$ перпендикулярна стороне $BC$ ($AC \perp BC$).

Согласно теореме о трех перпендикулярах, если проекция наклонной ($AC$) перпендикулярна некоторой прямой в плоскости ($BC$), то и сама наклонная ($MC$) перпендикулярна этой прямой. Таким образом, $MC \perp BC$.

Это означает, что искомое расстояние от точки $M$ до прямой $BC$ равно длине отрезка $MC$.

3. Вычисление искомого расстояния.

Рассмотрим треугольник $AMC$. Так как $AM \perp (ABC)$, то $AM \perp AC$, и, следовательно, треугольник $AMC$ является прямоугольным с прямым углом при вершине $A$.

По теореме Пифагора для треугольника $AMC$:

$MC^2 = AM^2 + AC^2$

Нам известны длины катетов: $AM = 20$ см (по условию) и $AC = 15$ см.

$MC^2 = 20^2 + 15^2 = 400 + 225 = 625$

$MC = \sqrt{625} = 25$ см.

Ответ: 25 см

№207 (с. 61)
Условие. №207 (с. 61)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 207, Условие

207. В треугольнике ABC дано: AB = ВС = 13 см, АС = 10 см. Точка М удалена от прямых AB, ВС и АС на 823см. Найдите расстояние от точки М до плоскости ABC, если её проекция на эту плоскость лежит внутри треугольника.

Решение 2. №207 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 207, Решение 2
Решение 5. №207 (с. 61)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 61, номер 207, Решение 5
Решение 6. №207 (с. 61)

Пусть $O$ — проекция точки $M$ на плоскость треугольника $ABC$. Тогда расстояние от точки $M$ до плоскости $ABC$ равно длине отрезка $MO$. По условию, точка $O$ лежит внутри треугольника $ABC$.

Расстояние от точки до прямой — это длина перпендикуляра, опущенного из точки на эту прямую. Пусть $MK$, $ML$ и $MP$ — перпендикуляры, опущенные из точки $M$ на прямые $AB$, $BC$ и $AC$ соответственно. По условию, $MK = ML = MP = 8\frac{2}{3}$ см.

Рассмотрим прямоугольные треугольники $\triangle MOK$, $\triangle MOL$ и $\triangle MOP$. У них общая катета $MO$. Их гипотенузы равны: $MK = ML = MP$. Следовательно, эти треугольники равны по гипотенузе и катету. Из равенства треугольников следует равенство вторых катетов: $OK = OL = OP$.

Так как $MO \perp (ABC)$, то отрезки $OK$, $OL$ и $OP$ являются перпендикулярами к сторонам треугольника $AB$, $BC$ и $AC$ соответственно. Поскольку точка $O$ равноудалена от всех сторон треугольника $ABC$ и находится внутри него, она является центром вписанной в треугольник окружности (инцентром), а расстояние $OK = OL = OP$ — это радиус вписанной окружности ($r$).

Найдем радиус $r$ вписанной в $\triangle ABC$ окружности по формуле $r = \frac{S}{p}$, где $S$ — площадь треугольника, а $p$ — его полупериметр.

Треугольник $ABC$ — равнобедренный с боковыми сторонами $AB=BC=13$ см и основанием $AC=10$ см.

1. Найдем полупериметр $p$:
$p = \frac{AB + BC + AC}{2} = \frac{13 + 13 + 10}{2} = \frac{36}{2} = 18$ см.

2. Найдем площадь $S$ по формуле Герона:
$S = \sqrt{p(p-a)(p-b)(p-c)}$
$S = \sqrt{18(18-13)(18-13)(18-10)} = \sqrt{18 \cdot 5 \cdot 5 \cdot 8} = \sqrt{2 \cdot 9 \cdot 25 \cdot 8} = \sqrt{16 \cdot 9 \cdot 25} = 4 \cdot 3 \cdot 5 = 60$ см$^2$.

3. Найдем радиус вписанной окружности $r$:
$r = \frac{S}{p} = \frac{60}{18} = \frac{10}{3}$ см.

Теперь вернемся к прямоугольному треугольнику $\triangle MOK$. Его катеты — это $MO$ (искомое расстояние, обозначим его $h$) и $OK$ (радиус вписанной окружности $r$). Гипотенуза — $MK$ (расстояние от точки $M$ до стороны $AB$).

По теореме Пифагора: $MK^2 = MO^2 + OK^2$.

Выразим $MO^2$: $MO^2 = MK^2 - OK^2$.
Нам дано $MK = 8\frac{2}{3} = \frac{26}{3}$ см. Мы нашли $OK = r = \frac{10}{3}$ см.

Подставим значения:$h^2 = \left(\frac{26}{3}\right)^2 - \left(\frac{10}{3}\right)^2 = \frac{26^2 - 10^2}{3^2} = \frac{(26-10)(26+10)}{9} = \frac{16 \cdot 36}{9} = 16 \cdot 4 = 64$.

$h = \sqrt{64} = 8$ см.

Таким образом, расстояние от точки $M$ до плоскости $ABC$ равно 8 см.

Ответ: 8 см.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться