Страница 186 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 186

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186
№12 (с. 186)
Условие. №12 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 12, Условие

12 Приведите пример решения задачи на построение методом подобия.

Решение 2. №12 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 12, Решение 2
Решение 4. №12 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 12, Решение 4
Решение 11. №12 (с. 186)

Метод подобия — один из основных методов решения задач на построение. Его суть заключается в следующем:

  • Сначала строят фигуру, подобную искомой, используя те данные, которые определяют форму фигуры (например, углы или отношения сторон). При этом игнорируют данные, определяющие размеры фигуры (длины отрезков).
  • Затем, используя оставшиеся данные (о длине), строят искомую фигуру. Обычно это делается с помощью гомотетии (преобразования подобия) или путем пересчета размеров и построения фигуры нужного размера.

Рассмотрим применение этого метода на конкретной задаче.

Задача: Построить треугольник по двум углам и высоте, проведенной из вершины третьего угла.

Дано:

  • Два угла: $\alpha$ и $\beta$.
  • Отрезок $h_c$, равный высоте, проведенной к стороне, прилежащей к этим углам.

Построить: Треугольник $ABC$ такой, что $\angle A = \alpha$, $\angle B = \beta$, и высота $CH = h_c$, где $H$ — основание высоты на стороне $AB$.

Анализ. Предположим, что искомый треугольник $ABC$ построен. В нем $\angle A = \alpha$, $\angle B = \beta$ и высота $CH = h_c$.

Заметим, что форма треугольника полностью определяется его углами. Все треугольники с углами $\alpha$ и $\beta$ подобны друг другу. Это ключевая идея для применения метода подобия.

Мы можем сначала построить любой треугольник $A'B'C'$, подобный искомому. Для этого достаточно, чтобы у него были углы $\angle A' = \alpha$ и $\angle B' = \beta$. Мы можем выбрать для этого произвольный отрезок в качестве стороны $A'B'$.

Построив такой вспомогательный треугольник $A'B'C'$, мы можем провести в нем высоту $C'H'$ из вершины $C'$ к стороне $A'B'$.

Искомый треугольник $ABC$ и построенный $A'B'C'$ подобны. Следовательно, отношение их соответствующих элементов равно коэффициенту подобия $k$:

$\frac{AB}{A'B'} = \frac{BC}{B'C'} = \frac{AC}{A'C'} = \frac{CH}{C'H'} = k$

Из условия задачи мы знаем длину высоты $CH = h_c$. Длину высоты $C'H'$ мы можем измерить в нашем вспомогательном построении. Таким образом, мы можем найти коэффициент подобия: $k = \frac{h_c}{C'H'}$.

Зная коэффициент подобия, мы можем построить искомый треугольник. Один из способов — это выполнить преобразование гомотетии с центром в точке $C'$ и коэффициентом $k$. Точка $A$ будет образом точки $A'$, а точка $B$ — образом точки $B'$. Треугольник $ABC$ будет искомым.

Построение.

  1. Проведем произвольную прямую $m$.
  2. Построим вспомогательный треугольник $A'B'C'$:
    • На прямой $m$ выберем произвольную точку $A'$ и отложим от нее произвольный отрезок $A'B'$.
    • В точке $A'$ построим угол, равный данному углу $\alpha$.
    • В точке $B'$ построим угол, равный данному углу $\beta$, так, чтобы лучи углов пересеклись. Точку их пересечения обозначим $C'$.
    • Получили треугольник $A'B'C'$, который подобен искомому.
  3. Проведем высоту $C'H'$ в треугольнике $A'B'C'$ из вершины $C'$ на прямую $m$.
  4. На луче $C'H'$ отложим от точки $C'$ отрезок $CH$, равный данной высоте $h_c$.
  5. Через точку $H$ проведем прямую $n$, параллельную прямой $m$.
  6. Прямая $n$ пересечет лучи $C'A'$ и $C'B'$ в точках $A$ и $B$ соответственно.
  7. Треугольник $ABC$ является искомым.

Ответ: Построенный треугольник $ABC$ является решением задачи.

Доказательство. Нужно доказать, что построенный треугольник $ABC$ удовлетворяет всем условиям задачи.

По построению, прямая $AB$ (прямая $n$) параллельна прямой $A'B'$ (прямая $m$).

Рассмотрим треугольники $ABC$ и $A'B'C'$. Они подобны, так как прямая $AB$ параллельна $A'B'$ и отсекает от углов с вершиной $C'$ треугольник, подобный исходному. Из подобия следует равенство углов: $\angle A = \angle A'$ и $\angle B = \angle B'$.

По построению, $\angle A' = \alpha$ и $\angle B' = \beta$. Следовательно, в построенном треугольнике $ABC$ углы $\angle A = \alpha$ и $\angle B = \beta$. Первые два условия выполнены.

Рассмотрим отрезок $CH$. По построению, точка $H$ лежит на прямой $AB$, а точка $C$ совпадает с $C'$. Отрезок $CH$ лежит на прямой $C'H'$, которая перпендикулярна прямой $m$ ($A'B'$). Так как $n \parallel m$, то $C'H' \perp n$. Значит, $CH$ является высотой треугольника $ABC$, проведенной к стороне $AB$. Длина этой высоты по построению равна $h_c$. Третье условие также выполнено.

Таким образом, построенный треугольник $ABC$ является искомым.

Исследование. Задача имеет решение тогда и только тогда, когда из заданных углов можно составить треугольник. Это возможно, если сумма данных углов меньше $180^\circ$, то есть $\alpha + \beta < 180^\circ$. Также необходимо, чтобы длина высоты была положительным числом, $h_c > 0$.

Если эти условия выполнены, то построение вспомогательного треугольника $A'B'C'$ всегда возможно. Дальнейшие шаги построения также всегда выполнимы и однозначны. Все треугольники, построенные по заданным углам, подобны. Масштабирование с помощью заданной высоты приводит к единственному (с точностью до конгруэнтности) решению.

Ответ: Задача имеет единственное решение, если $\alpha > 0$, $\beta > 0$, $\alpha + \beta < 180^\circ$ и $h_c > 0$. В противном случае задача решений не имеет.

№13 (с. 186)
Условие. №13 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 13, Условие

13 Расскажите, как определить на местности высоту предмета и расстояние до недоступной точки.

Решение 2. №13 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 13, Решение 2
Решение 4. №13 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 13, Решение 4
Решение 11. №13 (с. 186)

Определение высоты предмета

Существует несколько практических способов определения высоты предмета (например, дерева, здания или столба) на местности, которые основаны на применении геометрических принципов, в частности, на подобии треугольников и тригонометрических функциях.

Способ 1: По длине тени (в солнечный день)

Этот метод использует свойство подобия треугольников, которые образуются предметом и его тенью, а также эталонным предметом и его тенью.

  1. Возьмите предмет с известной высотой, например, шест или палку, и установите его строго вертикально. Обозначим его высоту как $h$.
  2. Измерьте длину тени, отбрасываемой этим шестом. Обозначим ее как $l$.
  3. Затем измерьте длину тени, которую отбрасывает интересующий вас высокий предмет (например, дерево). Обозначим эту длину как $L$.
  4. Поскольку солнечные лучи падают на землю под одним и тем же углом, образуются два подобных прямоугольных треугольника. Из их подобия следует пропорция: отношение высоты предмета к длине его тени одинаково для обоих объектов.

$\frac{H}{L} = \frac{h}{l}$

Из этой пропорции можно выразить искомую высоту $H$:

$H = \frac{h \cdot L}{l}$

Способ 2: С помощью измерения угла (тригонометрический метод)

Для этого способа понадобится прибор для измерения углов, например, простейший эклиметр, который можно сделать из транспортира, нитки и грузика.

  1. Отойдите от основания измеряемого предмета на такое расстояние, чтобы его вершина была хорошо видна. Измерьте это расстояние ($d$) с помощью рулетки, дальномера или шагами.
  2. С этой точки, используя эклиметр, измерьте угол $\alpha$ между горизонтальной линией на уровне ваших глаз и направлением на вершину предмета.
  3. Рассматривая прямоугольный треугольник, где один катет — это расстояние $d$, а второй — высота предмета над уровнем ваших глаз, можно использовать тангенс угла $\alpha$.
  4. Чтобы найти полную высоту предмета ($H$), необходимо к вычисленной высоте прибавить высоту от земли до уровня ваших глаз ($h_{глаз}$).

Формула для расчета имеет вид:

$H = d \cdot \tan(\alpha) + h_{глаз}$

Ответ: Высоту предмета на местности можно определить, используя метод подобия треугольников (сравнивая тень предмета с тенью от объекта известной высоты) или тригонометрический метод (измерив расстояние до предмета и угол возвышения его вершины, а затем применив тригонометрические функции).

Определение расстояния до недоступной точки

Чтобы определить расстояние до точки, к которой невозможно подойти напрямую (например, до объекта на другом берегу реки или на вершине горы), используется метод триангуляции. Он заключается в построении воображаемого треугольника и вычислении его элементов.

Способ 1: Построение произвольного треугольника (по стороне и двум углам)

Это наиболее общий и широко применимый метод.

  1. Пусть $C$ — недоступная точка. На доступной вам территории выберите две точки $A$ и $B$ так, чтобы из них была видна точка $C$.
  2. Измерьте расстояние между точками $A$ и $B$. Эта линия $AB$ называется базисом, ее длина обозначается как $b$.
  3. Находясь в точке $A$, с помощью угломерного прибора (компаса, теодолита) измерьте угол $\alpha$ между направлениями на точку $B$ и на недоступную точку $C$ (то есть, $\angle CAB$).
  4. Переместитесь в точку $B$ и аналогично измерьте угол $\beta$ между направлениями на точку $A$ и на точку $C$ (то есть, $\angle CBA$).
  5. Теперь у вас есть треугольник $ABC$, в котором известна сторона $b$ и два прилегающих к ней угла $\alpha$ и $\beta$. Третий угол $\gamma$ при вершине $C$ легко найти: $\gamma = 180^\circ - (\alpha + \beta)$.
  6. Используя теорему синусов, можно вычислить длины двух других сторон треугольника, которые и являются искомыми расстояниями $AC$ и $BC$.

$\frac{AC}{\sin(\beta)} = \frac{BC}{\sin(\alpha)} = \frac{b}{\sin(\gamma)}$

Например, расстояние от точки $A$ до недоступной точки $C$ вычисляется так:

$AC = \frac{b \cdot \sin(\beta)}{\sin(\gamma)} = \frac{b \cdot \sin(\beta)}{\sin(180^\circ - \alpha - \beta)}$

Способ 2: Построение прямоугольного треугольника

Это частный, но более простой случай предыдущего метода.

  1. Найдите на своем берегу точку $A$, расположенную прямо напротив недоступной точки $C$ так, чтобы линия $AC$ была перпендикулярна берегу (или выбранному направлению).
  2. От точки $A$ отложите вдоль перпендикулярной линии известное расстояние до точки $B$. Измерьте эту дистанцию $AB = b$.
  3. В точке $B$ измерьте угол $\beta$ между линией $BA$ и направлением на точку $C$ ($\angle ABC$).
  4. В результате вы получаете прямоугольный треугольник $ABC$ с прямым углом в вершине $A$.
  5. Искомое расстояние $AC$ можно легко найти через тангенс угла $\beta$:

$\tan(\beta) = \frac{AC}{AB} = \frac{AC}{b}$

Отсюда расстояние до недоступной точки $C$ равно:

$AC = b \cdot \tan(\beta)$

Ответ: Расстояние до недоступной точки определяется путем построения на местности треугольника, где эта точка является одной из вершин. Измерив длину одной из сторон треугольника (базис) на доступной территории и углы, можно вычислить искомое расстояние с помощью тригонометрических соотношений, таких как теорема синусов или определение тангенса в прямоугольном треугольнике.

№14 (с. 186)
Условие. №14 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 14, Условие

14 Объясните, какие две фигуры называются подобными. Что такое коэффициент подобия фигур?

Решение 2. №14 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 14, Решение 2
Решение 4. №14 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 14, Решение 4
Решение 11. №14 (с. 186)

Какие две фигуры называются подобными

Две геометрические фигуры называются подобными, если они переводятся друг в друга преобразованием подобия. Преобразование подобия — это такое преобразование, при котором расстояния между любыми двумя точками изменяются в одно и то же число раз.

Проще говоря, две фигуры подобны, если они имеют одинаковую форму, но могут различаться размерами. Одну подобную фигуру можно получить из другой путем равномерного увеличения или уменьшения (масштабирования), возможно, с последующим перемещением, поворотом или зеркальным отражением.

Например, для многоугольников это означает, что у подобных многоугольников соответствующие углы равны, а соответствующие стороны пропорциональны. Если есть два подобных треугольника, $\triangle ABC$ и $\triangle A_1B_1C_1$, то у них будут равны соответствующие углы:
$\angle A = \angle A_1, \angle B = \angle B_1, \angle C = \angle C_1$
А их соответствующие стороны будут пропорциональны:
$\frac{A_1B_1}{AB} = \frac{B_1C_1}{BC} = \frac{A_1C_1}{AC}$

Любые два квадрата подобны друг другу. Любые два круга также подобны.

Ответ: Две фигуры называются подобными, если они имеют одинаковую форму, но не обязательно одинаковый размер. Это означает, что одну фигуру можно получить из другой с помощью преобразования подобия (растяжения или сжатия, а также движения).

Что такое коэффициент подобия фигур

Коэффициент подобия — это число $k$, которое показывает, во сколько раз стороны (и другие линейные размеры) одной фигуры больше соответствующих сторон другой подобной ей фигуры. Коэффициент подобия всегда является положительным числом ($k > 0$).

Если фигура $F_1$ подобна фигуре $F$, то для любых двух соответствующих точек $X$ и $Y$ в фигуре $F$ и $X_1$, $Y_1$ в фигуре $F_1$ выполняется соотношение: $X_1Y_1 = k \cdot XY$, где $k$ — коэффициент подобия.

Для упомянутых выше подобных треугольников $\triangle ABC$ и $\triangle A_1B_1C_1$ коэффициент подобия $k$ равен отношению длин соответствующих сторон:
$k = \frac{A_1B_1}{AB} = \frac{B_1C_1}{BC} = \frac{A_1C_1}{AC}$

В зависимости от значения коэффициента подобия $k$:

  • Если $k > 1$, то происходит увеличение фигуры.
  • Если $0 < k < 1$, то происходит уменьшение фигуры.
  • Если $k = 1$, то фигуры равны (конгруэнтны).

Важно отметить, что отношение площадей подобных фигур равно квадрату коэффициента подобия ($\frac{S_1}{S} = k^2$), а отношение объемов (для трехмерных фигур) — кубу коэффициента подобия ($\frac{V_1}{V} = k^3$).

Ответ: Коэффициент подобия — это положительное число, равное отношению длин соответствующих линейных элементов (например, сторон) подобных фигур.

№15 (с. 186)
Условие. №15 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 15, Условие

15 Что называется синусом, косинусом, тангенсом острого угла прямоугольного треугольника?

Решение 2. №15 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 15, Решение 2
Решение 4. №15 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 15, Решение 4
Решение 11. №15 (с. 186)

Для определения синуса, косинуса и тангенса рассмотрим прямоугольный треугольник и один из его острых углов, который обозначим $\alpha$. В этом треугольнике стороны имеют специальные названия в зависимости от их расположения относительно угла $\alpha$:

  • Гипотенуза — сторона, лежащая напротив прямого угла (самая длинная).
  • Противолежащий катет — катет, который находится напротив угла $\alpha$.
  • Прилежащий катет — катет, который является одной из сторон угла $\alpha$.

Синусом острого угла прямоугольного треугольника называется отношение длины противолежащего катета к длине гипотенузы.

$\sin(\alpha) = \frac{\text{противолежащий катет}}{\text{гипотенуза}}$

Ответ: Синусом острого угла прямоугольного треугольника называется отношение противолежащего катета к гипотенузе.

Косинусом острого угла прямоугольного треугольника называется отношение длины прилежащего катета к длине гипотенузы.

$\cos(\alpha) = \frac{\text{прилежащий катет}}{\text{гипотенуза}}$

Ответ: Косинусом острого угла прямоугольного треугольника называется отношение прилежащего катета к гипотенузе.

Тангенсом острого угла прямоугольного треугольника называется отношение длины противолежащего катета к длине прилежащего катета.

$\tan(\alpha) = \frac{\text{противолежащий катет}}{\text{прилежащий катет}}$

Также тангенс можно определить как отношение синуса того же угла к его косинусу:

$\tan(\alpha) = \frac{\sin(\alpha)}{\cos(\alpha)}$

Ответ: Тангенсом острого угла прямоугольного треугольника называется отношение противолежащего катета к прилежащему катету.

№16 (с. 186)
Условие. №16 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 16, Условие

16 Докажите, что если острый угол одного прямоугольного треугольника равен острому углу другого прямоугольного треугольника, то синусы этих углов равны, косинусы этих углов равны и тангенсы этих углов равны.

Решение 2. №16 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 16, Решение 2
Решение 4. №16 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 16, Решение 4
Решение 11. №16 (с. 186)

Для доказательства рассмотрим два произвольных прямоугольных треугольника, $\triangle ABC$ и $\triangle A_1B_1C_1$. Пусть их прямые углы будут $\angle C = 90^\circ$ и $\angle C_1 = 90^\circ$.

По условию задачи, один из острых углов первого треугольника равен острому углу второго. Пусть это будут углы $\angle A$ и $\angle A_1$. Обозначим их градусную меру через $\alpha$, то есть $\angle A = \angle A_1 = \alpha$.

Поскольку у треугольников $\triangle ABC$ и $\triangle A_1B_1C_1$ есть два соответственно равных угла ($\angle A = \angle A_1$ по условию и $\angle C = \angle C_1$ как прямые углы), эти треугольники подобны по первому признаку подобия (по двум углам).

Из подобия треугольников ($\triangle ABC \sim \triangle A_1B_1C_1$) следует, что отношения их соответственных сторон равны. Введем обозначения для сторон:

  • В $\triangle ABC$: $a = BC$ (катет, противолежащий углу $\alpha$), $b = AC$ (катет, прилежащий к углу $\alpha$), $c = AB$ (гипотенуза).
  • В $\triangle A_1B_1C_1$: $a_1 = B_1C_1$ (катет, противолежащий углу $\alpha$), $b_1 = A_1C_1$ (катет, прилежащий к углу $\alpha$), $c_1 = A_1B_1$ (гипотенуза).

Пропорциональность сторон означает: $$ \frac{a}{a_1} = \frac{b}{b_1} = \frac{c}{c_1} $$

Теперь докажем равенство тригонометрических функций для угла $\alpha$.

синусы этих углов равны

Синус острого угла в прямоугольном треугольнике — это отношение противолежащего катета к гипотенузе.

Для $\triangle ABC$: $ \sin(\alpha) = \sin(\angle A) = \frac{a}{c} $.

Для $\triangle A_1B_1C_1$: $ \sin(\alpha) = \sin(\angle A_1) = \frac{a_1}{c_1} $.

Рассмотрим равенство из пропорции: $ \frac{a}{a_1} = \frac{c}{c_1} $. По основному свойству пропорции (крайние члены равны произведению средних, или, что эквивалентно, можно поменять местами средние члены), получаем: $ \frac{a}{c} = \frac{a_1}{c_1} $.

Следовательно, $ \sin(\angle A) = \sin(\angle A_1) $, что и требовалось доказать.

Ответ: Равенство синусов доказано.

косинусы этих углов равны

Косинус острого угла в прямоугольном треугольнике — это отношение прилежащего катета к гипотенузе.

Для $\triangle ABC$: $ \cos(\alpha) = \cos(\angle A) = \frac{b}{c} $.

Для $\triangle A_1B_1C_1$: $ \cos(\alpha) = \cos(\angle A_1) = \frac{b_1}{c_1} $.

Рассмотрим равенство из пропорции: $ \frac{b}{b_1} = \frac{c}{c_1} $. Преобразовав его, получаем: $ \frac{b}{c} = \frac{b_1}{c_1} $.

Следовательно, $ \cos(\angle A) = \cos(\angle A_1) $, что и требовалось доказать.

Ответ: Равенство косинусов доказано.

тангенсы этих углов равны

Тангенс острого угла в прямоугольном треугольнике — это отношение противолежащего катета к прилежащему.

Для $\triangle ABC$: $ \tan(\alpha) = \tan(\angle A) = \frac{a}{b} $.

Для $\triangle A_1B_1C_1$: $ \tan(\alpha) = \tan(\angle A_1) = \frac{a_1}{b_1} $.

Рассмотрим равенство из пропорции: $ \frac{a}{a_1} = \frac{b}{b_1} $. Преобразовав его, получаем: $ \frac{a}{b} = \frac{a_1}{b_1} $.

Следовательно, $ \tan(\angle A) = \tan(\angle A_1) $, что и требовалось доказать.

Ответ: Равенство тангенсов доказано.

№17 (с. 186)
Условие. №17 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 17, Условие

17 Какое равенство называют основным тригонометрическим тождеством?

Решение 2. №17 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 17, Решение 2
Решение 4. №17 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 17, Решение 4
Решение 11. №17 (с. 186)

Основным тригонометрическим тождеством называют равенство, которое связывает квадрат синуса и квадрат косинуса одного и того же угла. Это тождество справедливо для любого угла $\alpha$.

Формула основного тригонометрического тождества выглядит так:

$\sin^2\alpha + \cos^2\alpha = 1$

Происхождение и доказательство

Данное тождество является прямым следствием теоремы Пифагора. Его легко доказать с помощью единичной окружности в декартовой системе координат.

1. Рассмотрим окружность с центром в начале координат $(0, 0)$ и радиусом $R = 1$. Уравнение такой окружности: $x^2 + y^2 = R^2$, что в нашем случае равно $x^2 + y^2 = 1$.

2. Возьмем на окружности произвольную точку $P(x, y)$. Эта точка соответствует некоторому углу $\alpha$, который образует радиус-вектор $OP$ с положительным направлением оси абсцисс $Ox$.

3. По определению тригонометрических функций на единичной окружности, абсцисса $x$ точки $P$ равна косинусу угла $\alpha$, а её ордината $y$ — синусу угла $\alpha$:
$x = \cos\alpha$
$y = \sin\alpha$

4. Теперь подставим эти выражения для $x$ и $y$ в уравнение окружности $x^2 + y^2 = 1$:
$(\cos\alpha)^2 + (\sin\alpha)^2 = 1$

Для удобства записи квадраты тригонометрических функций принято писать без скобок, $\cos^2\alpha$ и $\sin^2\alpha$. Таким образом, мы получаем итоговое тождество.

Значение тождества

Это тождество является фундаментальным в тригонометрии, поскольку оно устанавливает неразрывную связь между синусом и косинусом. Благодаря ему можно, зная значение одной из этих функций, найти значение другой (учитывая знак, который зависит от координатной четверти угла). Оно также широко используется для упрощения тригонометрических выражений и доказательства других тождеств.

Ответ: Основным тригонометрическим тождеством называют равенство $\sin^2\alpha + \cos^2\alpha = 1$.

№18 (с. 186)
Условие. №18 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 18, Условие

18 Чему равны значения синуса, косинуса и тангенса для углов 30°, 45°, 60°? Ответ обоснуйте.

Решение 2. №18 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 18, Решение 2
Решение 4. №18 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 18, Решение 4
Решение 11. №18 (с. 186)

Для нахождения значений синуса, косинуса и тангенса для указанных углов мы воспользуемся геометрическим методом, рассматривая прямоугольные треугольники с этими углами.

Угол 30°

Для нахождения тригонометрических значений углов 30° и 60° рассмотрим равносторонний треугольник $ABC$ со стороной $a$. Все его углы равны $60^\circ$. Проведем высоту $BH$ к стороне $AC$. В равностороннем треугольнике высота является также медианой и биссектрисой. Следовательно, треугольник $ABH$ — прямоугольный ($\angle AHB = 90^\circ$), $AH = \frac{a}{2}$ (так как $BH$ — медиана), и $\angle ABH = \frac{1}{2} \angle ABC = \frac{1}{2} \cdot 60^\circ = 30^\circ$.

Найдем длину высоты $BH$ по теореме Пифагора из треугольника $ABH$:
$BH^2 = AB^2 - AH^2 = a^2 - (\frac{a}{2})^2 = a^2 - \frac{a^2}{4} = \frac{3a^2}{4}$
Отсюда $BH = \frac{a\sqrt{3}}{2}$.

Теперь найдем значения для угла $30^\circ$ ($\angle ABH$). Противолежащий катет — это $AH$, прилежащий катет — $BH$, гипотенуза — $AB$.

  • Синус — это отношение противолежащего катета к гипотенузе:
    $\sin(30^\circ) = \frac{AH}{AB} = \frac{a/2}{a} = \frac{1}{2}$
  • Косинус — это отношение прилежащего катета к гипотенузе:
    $\cos(30^\circ) = \frac{BH}{AB} = \frac{a\sqrt{3}/2}{a} = \frac{\sqrt{3}}{2}$
  • Тангенс — это отношение противолежащего катета к прилежащему:
    $\tan(30^\circ) = \frac{AH}{BH} = \frac{a/2}{a\sqrt{3}/2} = \frac{1}{\sqrt{3}} = \frac{\sqrt{3}}{3}$

Ответ: $\sin(30^\circ) = \frac{1}{2}$, $\cos(30^\circ) = \frac{\sqrt{3}}{2}$, $\tan(30^\circ) = \frac{\sqrt{3}}{3}$.

Угол 45°

Для нахождения тригонометрических значений угла $45^\circ$ рассмотрим равнобедренный прямоугольный треугольник $ABC$ с прямым углом $C$. В таком треугольнике острые углы равны: $\angle A = \angle B = \frac{180^\circ - 90^\circ}{2} = 45^\circ$.

Пусть катеты $AC$ и $BC$ равны $a$. Тогда $AC = BC = a$.

Найдем гипотенузу $AB$ по теореме Пифагора:
$AB^2 = AC^2 + BC^2 = a^2 + a^2 = 2a^2$
Отсюда $AB = \sqrt{2a^2} = a\sqrt{2}$.

Теперь найдем значения для угла $45^\circ$ (например, угла $A$). Противолежащий катет — $BC$, прилежащий катет — $AC$, гипотенуза — $AB$.

  • Синус — это отношение противолежащего катета к гипотенузе:
    $\sin(45^\circ) = \frac{BC}{AB} = \frac{a}{a\sqrt{2}} = \frac{1}{\sqrt{2}} = \frac{\sqrt{2}}{2}$
  • Косинус — это отношение прилежащего катета к гипотенузе:
    $\cos(45^\circ) = \frac{AC}{AB} = \frac{a}{a\sqrt{2}} = \frac{1}{\sqrt{2}} = \frac{\sqrt{2}}{2}$
  • Тангенс — это отношение противолежащего катета к прилежащему:
    $\tan(45^\circ) = \frac{BC}{AC} = \frac{a}{a} = 1$

Ответ: $\sin(45^\circ) = \frac{\sqrt{2}}{2}$, $\cos(45^\circ) = \frac{\sqrt{2}}{2}$, $\tan(45^\circ) = 1$.

Угол 60°

Воспользуемся тем же равносторонним треугольником $ABC$ и прямоугольным треугольником $ABH$, который мы рассматривали для угла $30^\circ$.

В треугольнике $ABH$ угол $\angle BAH = 60^\circ$. Его стороны: гипотенуза $AB = a$, катет $AH = \frac{a}{2}$ (прилежащий к углу $60^\circ$) и катет $BH = \frac{a\sqrt{3}}{2}$ (противолежащий углу $60^\circ$).

  • Синус — это отношение противолежащего катета к гипотенузе:
    $\sin(60^\circ) = \frac{BH}{AB} = \frac{a\sqrt{3}/2}{a} = \frac{\sqrt{3}}{2}$
  • Косинус — это отношение прилежащего катета к гипотенузе:
    $\cos(60^\circ) = \frac{AH}{AB} = \frac{a/2}{a} = \frac{1}{2}$
  • Тангенс — это отношение противолежащего катета к прилежащему:
    $\tan(60^\circ) = \frac{BH}{AH} = \frac{a\sqrt{3}/2}{a/2} = \sqrt{3}$

Ответ: $\sin(60^\circ) = \frac{\sqrt{3}}{2}$, $\cos(60^\circ) = \frac{1}{2}$, $\tan(60^\circ) = \sqrt{3}$.

№710 (с. 186)
Условие. №710 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 710, Условие

710 Треугольники ABC и А₁В₁С₁ подобны, AB = 6 см, ВС = 9 см, СА = 10 см. Наибольшая сторона треугольника A₁B₁C₁ равна 7,5 см. Найдите две другие стороны треугольника А₁В₁С₁.

Решение 2. №710 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 710, Решение 2
Решение 3. №710 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 710, Решение 3
Решение 4. №710 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 710, Решение 4
Решение 6. №710 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 710, Решение 6
Решение 9. №710 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 710, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 710, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №710 (с. 186)

По условию, треугольники $ABC$ и $A_1B_1C_1$ подобны, то есть $\triangle ABC \sim \triangle A_1B_1C_1$. Это означает, что их соответствующие стороны пропорциональны. Запишем это в виде отношения:

$\frac{A_1B_1}{AB} = \frac{B_1C_1}{BC} = \frac{C_1A_1}{CA} = k$, где $k$ — коэффициент подобия.

Известны стороны треугольника $ABC$: $AB=6$ см, $BC=9$ см, $CA=10$ см. Найдем наибольшую из этих сторон. Сравнивая их длины, видим, что $10 > 9 > 6$. Следовательно, наибольшая сторона треугольника $ABC$ — это сторона $CA = 10$ см.

В подобных треугольниках наибольшей стороне одного треугольника соответствует наибольшая сторона другого. По условию, наибольшая сторона треугольника $A_1B_1C_1$ равна $7,5$ см. Значит, эта сторона соответствует стороне $CA$ треугольника $ABC$. Таким образом, $C_1A_1 = 7,5$ см.

Теперь мы можем найти коэффициент подобия $k$, разделив длину стороны треугольника $A_1B_1C_1$ на длину соответствующей ей стороны треугольника $ABC$:

$k = \frac{C_1A_1}{CA} = \frac{7,5}{10} = 0,75$

Зная коэффициент подобия, найдем две другие стороны треугольника $A_1B_1C_1$:

1. Сторона $A_1B_1$ соответствует стороне $AB$. Ее длина равна:

$A_1B_1 = AB \cdot k = 6 \cdot 0,75 = 4,5$ см.

2. Сторона $B_1C_1$ соответствует стороне $BC$. Ее длина равна:

$B_1C_1 = BC \cdot k = 9 \cdot 0,75 = 6,75$ см.

Итак, две другие стороны треугольника $A_1B_1C_1$ имеют длины 4,5 см и 6,75 см.

Ответ: 4,5 см и 6,75 см.

№711 (с. 186)
Условие. №711 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 711, Условие

711 Диагональ АС трапеции ABCD делит её на два подобных треугольника. Докажите, что АС² = a ⋅ b, где a и b — основания трапеции.

Решение 2. №711 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 711, Решение 2
Решение 3. №711 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 711, Решение 3
Решение 4. №711 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 711, Решение 4
Решение 6. №711 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 711, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 711, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 9. №711 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 711, Решение 9
Решение 11. №711 (с. 186)

Пусть дана трапеция $ABCD$, в которой основания $BC$ и $AD$ параллельны. Обозначим длины оснований как $BC = a$ и $AD = b$.

Диагональ $AC$ делит трапецию на два треугольника: $\triangle ABC$ и $\triangle ADC$. По условию задачи, эти треугольники подобны.

Так как $BC \parallel AD$ (как основания трапеции), а $AC$ является секущей, то накрест лежащие углы равны: $\angle BCA = \angle CAD$.

Поскольку треугольники $\triangle ABC$ и $\triangle ADC$ подобны и у них есть пара заведомо равных углов ($\angle BCA$ в первом и $\angle CAD$ во втором), мы должны определить правильное соответствие вершин для установления пропорциональности сторон. Рассмотрим подобие вида $\triangle ABC \sim \triangle DCA$.

Такое подобие означает, что углы треугольников равны следующим образом: $\angle BAC = \angle ADC$, $\angle ABC = \angle DCA$ и $\angle BCA = \angle CAD$. Последнее равенство, как было показано выше, является свойством любой трапеции. Следовательно, данное соответствие вершин возможно.

Из подобия треугольников $\triangle ABC \sim \triangle DCA$ следует, что отношение длин их сходственных сторон равно. Сходственные стороны лежат напротив равных углов. Запишем это в виде пропорции:

$ \frac{BC}{AC} = \frac{AC}{AD} = \frac{AB}{DC} $

(Здесь $BC$ противолежит углу $\angle BAC$, а $AC$ — равному ему углу $\angle ADC$; сторона $AC$ противолежит углу $\angle ABC$, а $AD$ — равному ему углу $\angle DCA$).

Для доказательства нам достаточно использовать первую часть этой пропорции: $ \frac{BC}{AC} = \frac{AC}{AD} $

Подставим в полученное равенство заданные длины оснований $BC = a$ и $AD = b$: $ \frac{a}{AC} = \frac{AC}{b} $

Используя основное свойство пропорции (произведение средних членов равно произведению крайних), получаем: $ AC \cdot AC = a \cdot b $

Таким образом, $AC^2 = a \cdot b$. Что и требовалось доказать.

Ответ: Утверждение доказано.

№712 (с. 186)
Условие. №712 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Условие

712 Биссектрисы MD и NK треугольника MNP пересекаются в точке О. Найдите отношение OK : ON, если MN = 5 см, NP = 3 см, МР = 7 см.

Решение 2. №712 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Решение 2
Решение 3. №712 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Решение 3
Решение 4. №712 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Решение 4
Решение 8. №712 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №712 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 712, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №712 (с. 186)

Решение:

Рассмотрим треугольник $MNP$. По условию, $NK$ является биссектрисой угла $N$. Точка $K$ лежит на стороне $MP$. Согласно свойству биссектрисы угла треугольника, она делит противолежащую сторону на отрезки, пропорциональные прилежащим сторонам. Таким образом, для биссектрисы $NK$ в треугольнике $MNP$ справедливо соотношение:

$ \frac{MK}{KP} = \frac{MN}{NP} $

Подставим известные значения длин сторон: $MN = 5$ см и $NP = 3$ см.

$ \frac{MK}{KP} = \frac{5}{3} $

Отсюда можно выразить $KP$ через $MK$: $KP = \frac{3}{5} MK$.

Точка $K$ делит сторону $MP$ на отрезки $MK$ и $KP$, поэтому $MK + KP = MP$. По условию $MP = 7$ см. Составим и решим уравнение:

$ MK + \frac{3}{5} MK = 7 $

$ \frac{5}{5} MK + \frac{3}{5} MK = 7 $

$ \frac{8}{5} MK = 7 $

$ MK = 7 \cdot \frac{5}{8} = \frac{35}{8} $ см.

Теперь рассмотрим треугольник $MNK$. Отрезок $MO$ является частью биссектрисы $MD$ угла $M$ треугольника $MNP$. Следовательно, $MO$ является биссектрисой угла $NMK$ (или угла $M$) в треугольнике $MNK$.

Применим свойство биссектрисы угла к треугольнику $MNK$ и биссектрисе $MO$. Биссектриса $MO$ делит противолежащую сторону $NK$ на отрезки $OK$ и $ON$, пропорциональные прилежащим сторонам $MK$ и $MN$:

$ \frac{OK}{ON} = \frac{MK}{MN} $

Мы уже нашли $MK = \frac{35}{8}$ см, а $MN = 5$ см по условию. Подставим эти значения в пропорцию:

$ \frac{OK}{ON} = \frac{35/8}{5} = \frac{35}{8 \cdot 5} = \frac{7}{8} $

Таким образом, искомое отношение $OK : ON$ равно $7 : 8$.

Ответ: $7:8$.

№713 (с. 186)
Условие. №713 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Условие

713 Основание равнобедренного треугольника относится к боковой стороне как 4 : 3, а высота, проведённая к основанию, равна 30 см. Найдите отрезки, на которые эту высоту делит биссектриса угла при основании.

Решение 2. №713 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Решение 2
Решение 3. №713 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Решение 3
Решение 4. №713 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Решение 4
Решение 8. №713 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №713 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 713, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №713 (с. 186)

Пусть дан равнобедренный треугольник $ABC$ с основанием $AC$ и боковыми сторонами $AB = BC$. Пусть $BH$ – высота, проведенная к основанию $AC$. По условию, $BH = 30$ см. В равнобедренном треугольнике высота, проведенная к основанию, также является медианой, поэтому точка $H$ – середина $AC$, и следовательно, $AH = HC$.

Из условия известно, что отношение основания к боковой стороне равно $4:3$. Пусть коэффициент пропорциональности равен $x$. Тогда основание $AC = 4x$, а боковая сторона $AB = 3x$. Так как $H$ – середина $AC$, то $AH = \frac{1}{2} AC = \frac{1}{2}(4x) = 2x$.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $ABH$ (угол $\angle AHB = 90^\circ$). По теореме Пифагора: $AB^2 = AH^2 + BH^2$

Подставим известные значения и выражения через $x$:
$(3x)^2 = (2x)^2 + 30^2$
$9x^2 = 4x^2 + 900$
$9x^2 - 4x^2 = 900$
$5x^2 = 900$
$x^2 = \frac{900}{5} = 180$

Теперь мы можем найти длины отрезков $AB$ и $AH$.
$AB = 3x = 3\sqrt{180} = 3 \cdot \sqrt{36 \cdot 5} = 3 \cdot 6\sqrt{5} = 18\sqrt{5}$ см.
$AH = 2x = 2\sqrt{180} = 2 \cdot 6\sqrt{5} = 12\sqrt{5}$ см.

Пусть $AD$ – биссектриса угла при основании $A$ (т.е. $\angle BAC$). Она пересекает высоту $BH$ в точке $O$. Мы ищем длины отрезков $BO$ и $OH$, на которые биссектриса делит высоту.

Рассмотрим треугольник $ABH$. Отрезок $AO$ является биссектрисой угла $BAH$ (так как $\angle BAH$ это тот же угол, что и $\angle BAC$). По свойству биссектрисы угла треугольника, она делит противолежащую сторону (в нашем случае $BH$) на отрезки, пропорциональные двум другим сторонам треугольника ($AB$ и $AH$). Таким образом, мы можем записать отношение:
$\frac{BO}{OH} = \frac{AB}{AH}$

Подставим найденные значения длин $AB$ и $AH$:
$\frac{BO}{OH} = \frac{18\sqrt{5}}{12\sqrt{5}} = \frac{18}{12} = \frac{3}{2}$

Итак, мы получили, что точка $O$ делит высоту $BH$ в отношении $3:2$, считая от вершины $B$. Общая длина высоты $BH = BO + OH = 30$ см. Пусть $BO = 3y$ и $OH = 2y$. Тогда:
$3y + 2y = 30$
$5y = 30$
$y = 6$ см.

Теперь найдем длины искомых отрезков:
$BO = 3y = 3 \cdot 6 = 18$ см.
$OH = 2y = 2 \cdot 6 = 12$ см.
Ответ: 18 см и 12 см.

№714 (с. 186)
Условие. №714 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Условие

714 На продолжении боковой стороны ОВ равнобедренного треугольника AOB с основанием AB взята точка С так, что точка В лежит между точками О и С. Отрезок АС пересекает биссектрису угла AOB в точке М. Докажите, что АМ < МС.

Решение 2. №714 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Решение 2
Решение 3. №714 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Решение 3
Решение 4. №714 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Решение 4
Решение 6. №714 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 9. №714 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 714, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №714 (с. 186)

Рассмотрим треугольники $OAM$ и $OBM$.

  1. 1. $OA = OB$ по условию, так как треугольник $AOB$ равнобедренный с основанием $AB$.
  2. 2. Сторона $OM$ — общая.
  3. 3. $\angle AOM = \angle BOM$ по условию, так как $OM$ — биссектриса угла $AOB$.

Следовательно, $\triangle OAM = \triangle OBM$ по двум сторонам и углу между ними (первый признак равенства треугольников). Из равенства треугольников следует равенство соответствующих сторон и углов: $AM = BM$ и $\angle OMA = \angle OMB$.

Таким образом, задача сводится к доказательству неравенства $BM < MC$.

Рассмотрим треугольник $BMC$. В треугольнике против большей стороны лежит больший угол, и наоборот. Для доказательства неравенства $BM < MC$ достаточно доказать, что угол, противолежащий стороне $BM$, меньше угла, противолежащего стороне $MC$. То есть, нам нужно доказать, что $\angle BCM < \angle MBC$.

Для нахождения и сравнения этих углов воспользуемся теоремой о внешнем угле треугольника.

1. Рассмотрим треугольник $OCM$. Точка $M$ лежит на отрезке $AC$, поэтому угол $\angle OMA$ является внешним для треугольника $OCM$ при вершине $M$. По свойству внешнего угла, он равен сумме двух внутренних углов, не смежных с ним:

$\angle OMA = \angle MOC + \angle MCO$

По условию, $OM$ — биссектриса угла $AOB$, обозначим $\angle AOM = \angle BOM = \beta$. Точка $C$ лежит на продолжении стороны $OB$ за точку $B$, значит лучи $OB$ и $OC$ совпадают, и $\angle MOC = \angle BOM = \beta$. Угол $\angle MCO$ — это и есть угол $\angle BCM$. Обозначим его $\gamma$.

Получаем: $\angle OMA = \beta + \gamma$.

2. Из доказанного ранее равенства треугольников $\triangle OAM = \triangle OBM$ следует, что $\angle OMB = \angle OMA$. Таким образом, $\angle OMB = \beta + \gamma$.

3. Теперь рассмотрим треугольник $OBM$. Точки $O, B, C$ лежат на одной прямой, поэтому угол $\angle MBC$ является внешним для треугольника $OBM$ при вершине $B$. По свойству внешнего угла:

$\angle MBC = \angle BOM + \angle OMB$

Подставляя известные нам выражения для углов, получаем:

$\angle MBC = \beta + (\beta + \gamma) = 2\beta + \gamma$.

4. Теперь сравним углы $\angle BCM$ и $\angle MBC$.

$\angle BCM = \gamma$

$\angle MBC = 2\beta + \gamma$

Так как $\triangle AOB$ является невырожденным треугольником, то его угол $\angle AOB = 2\beta$ должен быть больше нуля, следовательно, $\beta > 0$.

Отсюда $2\beta > 0$, и $2\beta + \gamma > \gamma$. Значит, $\angle MBC > \angle BCM$.

В треугольнике $BMC$ против большего угла $\angle MBC$ лежит большая сторона $MC$, а против меньшего угла $\angle BCM$ лежит меньшая сторона $BM$. Таким образом, $MC > BM$.

Так как мы ранее установили, что $AM = BM$, то из неравенства $MC > BM$ следует, что $MC > AM$, или $AM < MC$.

Что и требовалось доказать.

Ответ: Неравенство $AM < MC$ доказано.

№715 (с. 186)
Условие. №715 (с. 186)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 715, Условие

715 На стороне ВС треугольника ABC взята точка D так, что BDAB = DCAC. Докажите, что AD — биссектриса треугольника ABC.

Решение 2. №715 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 715, Решение 2
Решение 3. №715 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 715, Решение 3
Решение 4. №715 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 715, Решение 4
Решение 9. №715 (с. 186)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 186, номер 715, Решение 9
Решение 11. №715 (с. 186)

Для доказательства того, что отрезок $AD$ является биссектрисой угла $BAC$ в треугольнике $ABC$, воспользуемся методом дополнительного построения. Данная задача представляет собой доказательство теоремы, обратной свойству биссектрисы угла треугольника.

Дано:
Треугольник $ABC$.
Точка $D$ лежит на стороне $BC$.
Выполняется соотношение $\frac{BD}{AB} = \frac{DC}{AC}$.

Доказать:
$AD$ — биссектриса угла $BAC$, то есть $\angle BAD = \angle CAD$.

Доказательство:

1. Преобразуем исходное соотношение $\frac{BD}{AB} = \frac{DC}{AC}$. Используя свойство пропорции (можно поменять местами средние члены), получим равносильное соотношение: $$ \frac{BD}{DC} = \frac{AB}{AC} $$ Именно в таком виде формулируется свойство биссектрисы.

2. Выполним дополнительное построение. На продолжении стороны $AB$ за точку $A$ отложим отрезок $AE$, длина которого равна длине стороны $AC$. То есть, $AE = AC$. После этого соединим точки $E$ и $C$.

Диаграмма для доказательства

3. Рассмотрим вновь образованный треугольник $AEC$. По построению $AE = AC$, следовательно, треугольник $AEC$ является равнобедренным с основанием $EC$. В равнобедренном треугольнике углы при основании равны: $$ \angle AEC = \angle ACE $$

4. Вернемся к соотношению, полученному в шаге 1: $\frac{BD}{DC} = \frac{AB}{AC}$. Так как мы построили $AE = AC$, мы можем заменить $AC$ на $AE$ в этом равенстве: $$ \frac{BD}{DC} = \frac{AB}{AE} $$

5. Теперь рассмотрим треугольник $EBC$. Прямая $AD$ пересекает его стороны $BC$ и $BE$ (сторона $BE$ является продолжением $BA$). Равенство, полученное в шаге 4, показывает, что прямая $AD$ делит стороны $BC$ и $BE$ треугольника $EBC$ на пропорциональные отрезки.

6. Согласно теореме, обратной обобщенной теореме Фалеса, если прямая, пересекающая две стороны треугольника (или их продолжения), отсекает от них пропорциональные отрезки, то эта прямая параллельна третьей стороне треугольника. В нашем случае это означает, что прямая $AD$ параллельна прямой $EC$: $$ AD \parallel EC $$

7. Из параллельности прямых $AD$ и $EC$ следуют равенства углов, образованных при пересечении этих прямых секущими:
- При пересечении параллельных прямых $AD$ и $EC$ секущей $BE$ соответственные углы равны. Следовательно, $\angle BAD = \angle BEC$. Угол $\angle BEC$ — это тот же угол, что и $\angle AEC$, поэтому $\angle BAD = \angle AEC$.
- При пересечении тех же параллельных прямых $AD$ и $EC$ секущей $AC$ накрест лежащие углы равны. Следовательно, $\angle CAD = \angle ACE$.

8. Сопоставим все полученные равенства:
- $\angle AEC = \angle ACE$ (из шага 3, так как $\triangle AEC$ — равнобедренный).
- $\angle BAD = \angle AEC$ (из шага 7, как соответственные углы).
- $\angle CAD = \angle ACE$ (из шага 7, как накрест лежащие углы).
Из этих трех равенств следует, что: $$ \angle BAD = \angle CAD $$

Таким образом, мы доказали, что отрезок $AD$ делит угол $BAC$ на два равных угла, а это по определению означает, что $AD$ является биссектрисой угла $BAC$ треугольника $ABC$.

Ответ: Что и требовалось доказать.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться