Страница 141 - гдз по геометрии 10-11 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Киселёва Л. С.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2019 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: коричневый с ромбами

ISBN: 978-5-09-103606-0 (2023)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Cтраница 141

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141
№547 (с. 141)
Условие. №547 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 547, Условие

547. В правильную треугольную пирамиду с двугранным углом α при основании вписан шар объёма V. Найдите объём пирамиды.

Решение 2. №547 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 547, Решение 2
Решение 6. №547 (с. 141)

Пусть $V_{пир}$ — искомый объём правильной треугольной пирамиды, а $V$ — объём вписанного в неё шара. Пусть $r$ — радиус этого шара.

Объём шара выражается через его радиус формулой:

$V = \frac{4}{3}\pi r^3$

Отсюда мы можем выразить куб радиуса шара:

$r^3 = \frac{3V}{4\pi}$

Теперь рассмотрим сечение пирамиды плоскостью, проходящей через её высоту $H$ и апофему боковой грани $h_a$. В основании этого сечения лежит радиус $r_{осн}$ окружности, вписанной в основание пирамиды (правильный треугольник). Сечение представляет собой равнобедренный треугольник, а двугранный угол при основании пирамиды $\alpha$ является углом между апофемой $h_a$ и радиусом $r_{осн}$.

Центр вписанного шара лежит на высоте пирамиды и является центром окружности, вписанной в это осевое сечение (не совсем, но он лежит на биссектрисе угла $\alpha$). Расстояние от центра шара до основания пирамиды и до её боковой грани равно радиусу шара $r$. Рассмотрим прямоугольный треугольник, образованный высотой пирамиды $H$, радиусом вписанной окружности основания $r_{осн}$ и апофемой $h_a$. В этом треугольнике центр вписанного шара находится на высоте $H$ на расстоянии $r$ от основания. Прямая, соединяющая вершину угла $\alpha$ с центром вписанного шара, является биссектрисой этого угла. Из прямоугольного треугольника с катетами $r$ (радиус шара) и $r_{осн}$ (радиус вписанной в основание окружности) имеем:

$\mathrm{tg}\left(\frac{\alpha}{2}\right) = \frac{r}{r_{осн}}$

Отсюда выразим радиус окружности, вписанной в основание:

$r_{осн} = \frac{r}{\mathrm{tg}(\frac{\alpha}{2})} = r \cdot \mathrm{ctg}\left(\frac{\alpha}{2}\right)$

Высота пирамиды $H$ находится из того же треугольника сечения:

$H = r_{осн} \cdot \mathrm{tg}(\alpha) = r \cdot \mathrm{ctg}\left(\frac{\alpha}{2}\right) \mathrm{tg}(\alpha)$

Площадь основания правильной треугольной пирамиды $S_{осн}$ выражается через радиус вписанной в него окружности $r_{осн}$ по формуле:

$S_{осн} = 3\sqrt{3} r_{осн}^2$

Подставим выражение для $r_{осн}$:

$S_{осн} = 3\sqrt{3} \left(r \cdot \mathrm{ctg}\left(\frac{\alpha}{2}\right)\right)^2 = 3\sqrt{3} r^2 \mathrm{ctg}^2\left(\frac{\alpha}{2}\right)$

Объём пирамиды равен:

$V_{пир} = \frac{1}{3} S_{осн} H = \frac{1}{3} \left(3\sqrt{3} r^2 \mathrm{ctg}^2\left(\frac{\alpha}{2}\right)\right) \left(r \cdot \mathrm{ctg}\left(\frac{\alpha}{2}\right) \mathrm{tg}(\alpha)\right)$

$V_{пир} = \sqrt{3} r^3 \mathrm{ctg}^3\left(\frac{\alpha}{2}\right) \mathrm{tg}(\alpha)$

Упростим тригонометрическое выражение. Используем формулы двойного угла и универсальной тригонометрической подстановки:

$\mathrm{tg}(\alpha) = \frac{2\mathrm{tg}(\frac{\alpha}{2})}{1 - \mathrm{tg}^2(\frac{\alpha}{2})} = \frac{2}{\mathrm{ctg}(\frac{\alpha}{2})(1 - \frac{1}{\mathrm{ctg}^2(\frac{\alpha}{2})})} = \frac{2\mathrm{ctg}(\frac{\alpha}{2})}{\mathrm{ctg}^2(\frac{\alpha}{2}) - 1}$

$\mathrm{ctg}^3\left(\frac{\alpha}{2}\right) \mathrm{tg}(\alpha) = \mathrm{ctg}^3\left(\frac{\alpha}{2}\right) \frac{2\mathrm{ctg}(\frac{\alpha}{2})}{\mathrm{ctg}^2(\frac{\alpha}{2}) - 1} = \frac{2\mathrm{ctg}^4(\frac{\alpha}{2})}{\mathrm{ctg}^2(\frac{\alpha}{2}) - 1}$

Другой способ упрощения через $\cos\alpha$:

$\mathrm{ctg}^3\left(\frac{\alpha}{2}\right) \mathrm{tg}(\alpha) = \frac{\cos^3(\frac{\alpha}{2})}{\sin^3(\frac{\alpha}{2})} \cdot \frac{2\sin(\frac{\alpha}{2})\cos(\frac{\alpha}{2})}{\cos\alpha} = \frac{2\cos^4(\frac{\alpha}{2})}{\sin^2(\frac{\alpha}{2})\cos\alpha}$

Используя формулы понижения степени $2\cos^2(\frac{\alpha}{2}) = 1 + \cos\alpha$ и $2\sin^2(\frac{\alpha}{2}) = 1 - \cos\alpha$, получаем:

$\frac{(2\cos^2(\frac{\alpha}{2}))^2}{2\sin^2(\frac{\alpha}{2})\cos\alpha} = \frac{(1+\cos\alpha)^2}{(1-\cos\alpha)\cos\alpha}$

Таким образом, объём пирамиды:

$V_{пир} = \sqrt{3} r^3 \frac{(1+\cos\alpha)^2}{(1-\cos\alpha)\cos\alpha}$

Наконец, подставим выражение для $r^3 = \frac{3V}{4\pi}$:

$V_{пир} = \sqrt{3} \left(\frac{3V}{4\pi}\right) \frac{(1+\cos\alpha)^2}{(1-\cos\alpha)\cos\alpha} = \frac{3\sqrt{3}V}{4\pi} \frac{(1+\cos\alpha)^2}{(1-\cos\alpha)\cos\alpha}$

Ответ: $\frac{3\sqrt{3}V}{4\pi} \cdot \frac{(1+\cos\alpha)^2}{(1-\cos\alpha)\cos\alpha}$

№548 (с. 141)
Условие. №548 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 548, Условие

548. В пирамиду, основанием которой является ромб со стороной а и углом α, вписан шар. Найдите объём шара, если каждая боковая грань пирамиды составляет с основанием угол β.

Решение 2. №548 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 548, Решение 2
Решение 6. №548 (с. 141)

Объем шара вычисляется по формуле $V = \frac{4}{3}\pi r^3$, где $r$ – радиус шара. Для решения задачи необходимо найти радиус шара, вписанного в данную пирамиду.

По условию, все боковые грани пирамиды наклонены к плоскости основания под одинаковым углом $\beta$. Это означает, что вершина пирамиды проецируется в центр окружности, вписанной в основание. Основанием пирамиды является ромб. Центром вписанной в ромб окружности является точка пересечения его диагоналей. Обозначим эту точку $O$.

Центр вписанного в такую пирамиду шара лежит на ее высоте. Рассмотрим сечение пирамиды плоскостью, проходящей через высоту пирамиды $SO$ и перпендикулярной одной из сторон основания. Это сечение содержит высоту $SO$, радиус вписанной в основание окружности $OK$ (где $K$ – точка касания) и апофему боковой грани $SK$. Треугольник $SOK$ является прямоугольным ($\angle SOK = 90^\circ$). Угол $\angle SKO = \beta$ – это угол наклона боковой грани к основанию.

Радиус $r$ вписанного в пирамиду шара можно найти из прямоугольного треугольника $SOK$. Центр шара $O_s$ лежит на высоте $SO$ и равноудален от основания (катет $OK$) и боковой грани (гипотенуза $SK$). Таким образом, радиус шара $r$ связан с радиусом вписанной в основание окружности $r_{in} = OK$ и углом $\beta$ соотношением:

$r = r_{in} \cdot \tan\frac{\beta}{2}$

Теперь найдем радиус $r_{in}$ окружности, вписанной в ромб. Высота ромба со стороной $a$ и углом $\alpha$ равна $h = a \sin\alpha$. Радиус вписанной в ромб окружности равен половине его высоты:

$r_{in} = \frac{h}{2} = \frac{a \sin\alpha}{2}$

Подставим найденное значение $r_{in}$ в формулу для радиуса шара $r$:

$r = \frac{a \sin\alpha}{2} \cdot \tan\frac{\beta}{2}$

Наконец, найдем объем шара, подставив выражение для $r$ в формулу объема:

$V = \frac{4}{3}\pi r^3 = \frac{4}{3}\pi \left(\frac{a \sin\alpha}{2} \tan\frac{\beta}{2}\right)^3$

$V = \frac{4}{3}\pi \cdot \frac{a^3 \sin^3\alpha \tan^3\frac{\beta}{2}}{8}$

$V = \frac{4\pi a^3}{24} \sin^3\alpha \tan^3\frac{\beta}{2} = \frac{\pi a^3}{6} \sin^3\alpha \tan^3\frac{\beta}{2}$

Ответ: $V = \frac{\pi a^3}{6} \sin^3\alpha \tan^3\frac{\beta}{2}$

№549 (с. 141)
Условие. №549 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 549, Условие

549. В сферу радиуса R вписан цилиндр, диагональ осевого сечения которого составляет с основанием угол α. Найдите объём цилиндра .

Решение 2. №549 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 549, Решение 2
Решение 6. №549 (с. 141)

Пусть радиус сферы равен $R$. Обозначим радиус основания вписанного цилиндра как $r$, а его высоту как $h$. Осевое сечение такого цилиндра является прямоугольником со сторонами $2r$ (диаметр основания) и $h$.

Поскольку цилиндр вписан в сферу, вершины его осевого сечения лежат на поверхности сферы. Это означает, что диагональ $d$ этого прямоугольника является диаметром сферы, то есть $d = 2R$.

Эта диагональ, вместе со сторонами прямоугольника ($2r$ и $h$), образует прямоугольный треугольник. По условию, угол между диагональю и основанием цилиндра (то есть стороной $2r$) равен $\alpha$.

Из тригонометрических соотношений в этом прямоугольном треугольнике, где гипотенуза равна $d=2R$, мы можем выразить катеты $2r$ и $h$:
Диаметр основания цилиндра (прилежащий к углу $\alpha$ катет): $2r = d \cos(\alpha) = 2R \cos(\alpha)$. Отсюда находим радиус основания: $r = R \cos(\alpha)$.
Высота цилиндра (противолежащий углу $\alpha$ катет): $h = d \sin(\alpha) = 2R \sin(\alpha)$.

Объём цилиндра вычисляется по формуле $V = \pi r^2 h$. Подставим найденные выражения для $r$ и $h$: $V = \pi (R \cos(\alpha))^2 (2R \sin(\alpha)) = \pi R^2 \cos^2(\alpha) \cdot 2R \sin(\alpha)$.

Таким образом, объём цилиндра равен $2\pi R^3 \sin(\alpha) \cos^2(\alpha)$.

Ответ: $2\pi R^3 \sin(\alpha) \cos^2(\alpha)$.

№550 (с. 141)
Условие. №550 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 550, Условие

550. В шар вписан цилиндр, в котором угол между диагоналями осевого сечения равен α. Образующая цилиндра равна l. Найдите объём шара.

Решение 2. №550 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 550, Решение 2
Решение 6. №550 (с. 141)

Пусть $R$ — радиус шара, в который вписан цилиндр, а $V$ — объём этого шара. Высота (образующая) цилиндра по условию равна $l$.

Рассмотрим осевое сечение. Оно представляет собой прямоугольник (осевое сечение цилиндра), вписанный в большой круг (осевое сечение шара). Стороны этого прямоугольника — это высота цилиндра $l$ и его диаметр $D_{цил}$.

Диагонали этого прямоугольника являются диаметрами шара, поэтому их длина равна $2R$. Они пересекаются в центре шара $O$. По условию, угол между диагоналями равен $\alpha$.

Диагонали прямоугольника при пересечении образуют две пары равных вертикальных углов. Одна пара углов лежит напротив сторон $l$, другая — напротив сторон $D_{цил}$. Будем считать, что $\alpha$ — это угол, лежащий напротив стороны $l$.

Рассмотрим равнобедренный треугольник, образованный двумя радиусами шара (половинами диагонали) и стороной прямоугольника, равной $l$. Стороны этого треугольника равны $R, R, l$, а угол при вершине, противолежащий основанию $l$, равен $\alpha$.

Проведём в этом треугольнике высоту из вершины $O$ к основанию $l$. В равнобедренном треугольнике высота является также медианой и биссектрисой. Следовательно, она делит треугольник на два равных прямоугольных треугольника.

В каждом из этих прямоугольных треугольников гипотенуза равна $R$, катет, противолежащий углу $\frac{\alpha}{2}$, равен $\frac{l}{2}$.

Из определения синуса в прямоугольном треугольнике следует: $ \sin\left(\frac{\alpha}{2}\right) = \frac{l/2}{R} $

Выразим радиус шара $R$: $ R = \frac{l/2}{\sin(\frac{\alpha}{2})} = \frac{l}{2\sin(\frac{\alpha}{2})} $

Объём шара вычисляется по формуле $V = \frac{4}{3}\pi R^3$. Подставим в неё найденное выражение для $R$ и упростим: $ V = \frac{4}{3}\pi \left( \frac{l}{2\sin(\frac{\alpha}{2})} \right)^3 = \frac{4}{3}\pi \frac{l^3}{8\sin^3(\frac{\alpha}{2})} = \frac{4\pi l^3}{24\sin^3(\frac{\alpha}{2})} = \frac{\pi l^3}{6\sin^3(\frac{\alpha}{2})} $

Ответ: $V = \frac{\pi l^3}{6\sin^3(\frac{\alpha}{2})}$.

№551 (с. 141)
Условие. №551 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 551, Условие

551. В шар вписан конус, радиус основания которого равен r, а высота равна Н. Найдите площадь поверхности и объём шара.

Решение 2. №551 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 551, Решение 2
Решение 6. №551 (с. 141)

Для решения задачи введём радиус шара $R$. Чтобы связать его с параметрами конуса ($r$ — радиус основания, $H$ — высота), рассмотрим осевое сечение всей системы. В сечении шар представляет собой окружность радиуса $R$, а вписанный конус — равнобедренный треугольник с высотой $H$ и основанием $2r$, вписанный в эту окружность.

Пусть центр шара (и окружности в сечении) — точка $O$. Вершина конуса — точка $A$, а центр его основания — точка $C$. Тогда высота конуса — это отрезок $AC=H$. Точка $O$ лежит на прямой $AC$. Пусть точка $B$ лежит на окружности основания конуса. В сечении это одна из вершин основания равнобедренного треугольника. Тогда $CB=r$.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $OCB$. Его гипотенуза $OB$ является радиусом шара, $OB=R$. Один катет $CB$ является радиусом основания конуса, $CB=r$. Второй катет $OC$ — это расстояние от центра шара до центра основания конуса. Длину этого катета можно выразить как $|H - AO| = |H-R|$, поскольку $AO$ также является радиусом шара.

По теореме Пифагора для треугольника $OCB$ имеем:

$OB^2 = OC^2 + CB^2$

$R^2 = (H-R)^2 + r^2$

Раскроем скобки и решим уравнение относительно $R$:

$R^2 = H^2 - 2HR + R^2 + r^2$

$2HR = H^2 + r^2$

$R = \frac{H^2 + r^2}{2H}$

Теперь, когда мы выразили радиус шара $R$ через известные величины $r$ и $H$, можем найти площадь его поверхности и объём.

Площадь поверхности шара

Формула площади поверхности шара: $S = 4\pi R^2$. Подставим найденное выражение для $R$:

$S = 4\pi \left(\frac{H^2 + r^2}{2H}\right)^2 = 4\pi \frac{(H^2 + r^2)^2}{4H^2} = \pi \frac{(H^2 + r^2)^2}{H^2}$

Ответ: $S = \pi \frac{(H^2 + r^2)^2}{H^2}$

Объём шара

Формула объёма шара: $V = \frac{4}{3}\pi R^3$. Подставим найденное выражение для $R$:

$V = \frac{4}{3}\pi \left(\frac{H^2 + r^2}{2H}\right)^3 = \frac{4}{3}\pi \frac{(H^2 + r^2)^3}{8H^3} = \frac{4\pi(H^2 + r^2)^3}{24H^3} = \frac{\pi(H^2 + r^2)^3}{6H^3}$

Ответ: $V = \frac{\pi(H^2 + r^2)^3}{6H^3}$

№552 (с. 141)
Условие. №552 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 552, Условие

552. В шар вписана пирамида, основанием которой является прямоугольный треугольник с гипотенузой, равной 2 см. Найдите площадь поверхности и объём шара, если каждое боковое ребро пирамиды составляет с основанием угол α.

Решение 2. №552 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 552, Решение 2
Решение 6. №552 (с. 141)

Пусть дана пирамида, вписанная в шар. Основание пирамиды — прямоугольный треугольник с гипотенузой, равной 2 см. Обозначим вершины основания как A, B, C, где AB — гипотенуза, а S — вершина пирамиды.

Поскольку все боковые ребра пирамиды (SA, SB, SC) составляют с плоскостью основания один и тот же угол $\alpha$, вершина пирамиды S проецируется в центр окружности, описанной около треугольника ABC. Обозначим эту проекцию как точку O. Таким образом, SO — высота пирамиды.

Для прямоугольного треугольника центр описанной окружности находится на середине гипотенузы. Следовательно, точка O — это середина гипотенузы AB. Радиус этой окружности $R_{осн}$ равен половине длины гипотенузы: $R_{осн} = OA = OB = OC = \frac{AB}{2} = \frac{2}{2} = 1$ см.

Рассмотрим прямоугольный треугольник SOA (угол $\angle SOA = 90^\circ$). Катет OA является радиусом описанной окружности основания, $OA = R_{осн} = 1$ см. Угол между боковым ребром SA и его проекцией OA равен $\alpha$ (то есть, $\angle SAO = \alpha$). Высоту пирамиды H можно найти из этого треугольника: $H = SO = OA \cdot \tan(\alpha) = 1 \cdot \tan(\alpha) = \tan(\alpha)$.

Центр шара, описанного около пирамиды, лежит на перпендикуляре к плоскости основания, проходящем через центр описанной окружности. Это означает, что центр шара, обозначим его Q, лежит на прямой SO. Радиус шара $R$ равен расстоянию от его центра Q до любой из вершин пирамиды, например, $R = QA = QS$.

Рассмотрим прямоугольный треугольник QOA. По теореме Пифагора: $QA^2 = QO^2 + OA^2$. Расстояние QS также равно $R$. Так как точки S, Q, O лежат на одной прямой, то $QS = |SO - QO| = |H - QO|$. Получаем систему уравнений для нахождения радиуса шара $R$: $R^2 = QO^2 + R_{осн}^2$ $R = |H - QO|$ Возведя второе уравнение в квадрат и подставив $H = \tan(\alpha)$ и $R_{осн} = 1$, получаем: $R^2 = (H - QO)^2 = H^2 - 2H \cdot QO + QO^2$ Из первого уравнения $QO^2 = R^2 - R_{осн}^2 = R^2 - 1$. Подставив $QO^2$ и выразив $QO$ из второго уравнения ($QO = H-R$, если $Q$ между $S$ и $O$), получим: $2HR = H^2 + R_{осн}^2$ $R = \frac{H^2 + R_{осн}^2}{2H} = \frac{\tan^2(\alpha) + 1^2}{2\tan(\alpha)} = \frac{\tan^2(\alpha) + 1}{2\tan(\alpha)}$ Применим тригонометрические тождества $1 + \tan^2(\alpha) = \frac{1}{\cos^2(\alpha)}$ и $\tan(\alpha) = \frac{\sin(\alpha)}{\cos(\alpha)}$: $R = \frac{1/\cos^2(\alpha)}{2\sin(\alpha)/\cos(\alpha)} = \frac{1}{2\sin(\alpha)\cos(\alpha)}$ Используя формулу синуса двойного угла $\sin(2\alpha) = 2\sin(\alpha)\cos(\alpha)$, находим радиус шара: $R = \frac{1}{\sin(2\alpha)}$

Площадь поверхности шара

Площадь поверхности шара $S_{шара}$ вычисляется по формуле $S_{шара} = 4\pi R^2$. Подставив найденное значение радиуса $R$, получим: $S_{шара} = 4\pi \left(\frac{1}{\sin(2\alpha)}\right)^2 = \frac{4\pi}{\sin^2(2\alpha)}$ см$^2$.
Ответ: $\frac{4\pi}{\sin^2(2\alpha)}$ см$^2$.

Объём шара

Объём шара $V_{шара}$ вычисляется по формуле $V_{шара} = \frac{4}{3}\pi R^3$. Подставив найденное значение радиуса $R$, получим: $V_{шара} = \frac{4}{3}\pi \left(\frac{1}{\sin(2\alpha)}\right)^3 = \frac{4\pi}{3\sin^3(2\alpha)}$ см$^3$.
Ответ: $\frac{4\pi}{3\sin^3(2\alpha)}$ см$^3$.

№553 (с. 141)
Условие. №553 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 553, Условие

553. В шар вписана пирамида, основанием которой является прямоугольник с диагональю 10 см. Каждое боковое ребро пирамиды составляет с основанием угол β. Найдите площадь поверхности и объём шара.

Решение 2. №553 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 553, Решение 2
Решение 6. №553 (с. 141)

Для нахождения площади поверхности и объёма шара необходимо определить его радиус $R$.

Пусть $SABCD$ — данная пирамида, вписанная в шар, где $ABCD$ — прямоугольник в основании. Пусть $S$ — вершина пирамиды. Так как каждое боковое ребро пирамиды составляет с основанием один и тот же угол $\beta$, то высота пирамиды $SO$ проецируется в центр окружности, описанной около основания. Центром окружности, описанной около прямоугольника, является точка пересечения его диагоналей $O$.

Радиус $r$ окружности, описанной около прямоугольника-основания, равен половине его диагонали $d$. По условию $d=10$ см, следовательно:

$r = \frac{d}{2} = \frac{10}{2} = 5$ см.

Этот радиус $r$ является проекцией бокового ребра на плоскость основания. Например, для бокового ребра $SA$, его проекцией будет отрезок $OA$, и $OA=r=5$ см. Угол между боковым ребром $SA$ и основанием — это угол $\angle SAO = \beta$.

Рассмотрим прямоугольный треугольник $\triangle SAO$. Из него мы можем найти длину бокового ребра $l = SA$:

$\cos\beta = \frac{OA}{SA} \implies SA = \frac{OA}{\cos\beta} = \frac{5}{\cos\beta}$ см.

Все вершины пирамиды лежат на поверхности шара. Рассмотрим сечение шара плоскостью, проходящей через вершину $S$ и диагональ основания $AC$. Это сечение представляет собой окружность, описанную около равнобедренного треугольника $\triangle SAC$. Эта окружность является большим кругом шара, и её радиус равен радиусу шара $R$.

Найдем радиус $R$ описанной окружности треугольника $\triangle SAC$. Стороны этого треугольника: $AC = 10$ см, $SA = SC = l = \frac{5}{\cos\beta}$ см.

Для нахождения радиуса описанной окружности $R$ воспользуемся формулой $R = \frac{abc}{4K}$, где $a, b, c$ — стороны треугольника, а $K$ — его площадь.

Найдем высоту треугольника $\triangle SAC$, проведенную из вершины $S$, которая является высотой пирамиды $SO$. Из прямоугольного треугольника $\triangle SAO$:

$SO = OA \cdot \tan\beta = 5 \tan\beta$ см.

Площадь треугольника $\triangle SAC$:

$K = \frac{1}{2} \cdot AC \cdot SO = \frac{1}{2} \cdot 10 \cdot 5 \tan\beta = 25 \tan\beta$ см?.

Теперь вычислим радиус шара $R$:

$R = \frac{SA \cdot SC \cdot AC}{4K} = \frac{\frac{5}{\cos\beta} \cdot \frac{5}{\cos\beta} \cdot 10}{4 \cdot 25 \tan\beta} = \frac{\frac{250}{\cos^2\beta}}{100 \tan\beta} = \frac{250}{100 \cos^2\beta \frac{\sin\beta}{\cos\beta}} = \frac{2.5}{\sin\beta\cos\beta}$

Используя формулу синуса двойного угла $\sin(2\beta) = 2\sin\beta\cos\beta$, получим:

$R = \frac{2.5}{\frac{1}{2}\sin(2\beta)} = \frac{5}{\sin(2\beta)}$ см.

Теперь, зная радиус шара, можем найти его площадь поверхности и объём.

Площадь поверхности шара

Площадь поверхности шара вычисляется по формуле $S = 4\pi R^2$.

$S = 4\pi \left(\frac{5}{\sin(2\beta)}\right)^2 = 4\pi \frac{25}{\sin^2(2\beta)} = \frac{100\pi}{\sin^2(2\beta)}$ см?.

Ответ: $S = \frac{100\pi}{\sin^2(2\beta)}$ см?.

Объём шара

Объём шара вычисляется по формуле $V = \frac{4}{3}\pi R^3$.

$V = \frac{4}{3}\pi \left(\frac{5}{\sin(2\beta)}\right)^3 = \frac{4}{3}\pi \frac{125}{\sin^3(2\beta)} = \frac{500\pi}{3\sin^3(2\beta)}$ см?.

Ответ: $V = \frac{500\pi}{3\sin^3(2\beta)}$ см?.

№554 (с. 141)
Условие. №554 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 554, Условие

554. Цистерна имеет форму цилиндра, к основаниям которого присоединены равные шаровые сегменты. Радиус цилиндра равен 1,5 м, а высота сегмента равна 0,5 м. Какой длины должна быть образующая цилиндра, чтобы вместимость цистерны равнялась 50 м³?

Решение 2. №554 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 554, Решение 2
Решение 6. №554 (с. 141)

Общая вместимость цистерны, равная 50 м?, складывается из объема ее центральной цилиндрической части и объемов двух одинаковых шаровых сегментов, присоединенных к ее основаниям. Обозначим искомая длину образующей (высоту) цилиндра как $L$.

1. Вычисление объема двух шаровых сегментов

Объем одного шарового сегмента ($V_{сегм}$) вычисляется по формуле:

$V_{сегм} = \frac{1}{6} \pi h (3a^2 + h^2)$

где $h$ – высота сегмента, а $a$ – радиус основания сегмента. По условию, радиус основания сегмента равен радиусу цилиндра, то есть $a = 1,5$ м, а высота сегмента $h = 0,5$ м.

Подставим данные значения в формулу:

$V_{сегм} = \frac{1}{6} \pi \cdot 0,5 \cdot (3 \cdot (1,5)^2 + (0,5)^2)$

$V_{сегм} = \frac{0,5\pi}{6} \cdot (3 \cdot 2,25 + 0,25)$

$V_{сегм} = \frac{\pi}{12} \cdot (6,75 + 0,25)$

$V_{сегм} = \frac{\pi}{12} \cdot 7 = \frac{7\pi}{12}$ м?

Поскольку к цистерне присоединены два таких сегмента, их суммарный объем ($V_{2сегм}$) будет:

$V_{2сегм} = 2 \cdot V_{сегм} = 2 \cdot \frac{7\pi}{12} = \frac{14\pi}{12} = \frac{7\pi}{6}$ м?

2. Вычисление объема цилиндрической части

Общий объем цистерны ($V_{общ}$) равен сумме объема цилиндра ($V_{цил}$) и объема двух сегментов.

$V_{общ} = V_{цил} + V_{2сегм}$

Отсюда можем найти объем цилиндрической части, зная, что $V_{общ} = 50$ м?:

$V_{цил} = V_{общ} - V_{2сегм} = 50 - \frac{7\pi}{6}$ м?

3. Вычисление длины образующей цилиндра

Объем цилиндра также находится по формуле:

$V_{цил} = S_{осн} \cdot L = \pi r^2 L$

где $r$ – радиус основания цилиндра ($r=1,5$ м), а $L$ – его высота (длина образующей).

Выразим $L$ из этой формулы:

$L = \frac{V_{цил}}{\pi r^2}$

Подставим известные значения:

$L = \frac{50 - \frac{7\pi}{6}}{\pi \cdot (1,5)^2} = \frac{50 - \frac{7\pi}{6}}{2,25\pi}$

Разделим числитель почленно на знаменатель:

$L = \frac{50}{2,25\pi} - \frac{\frac{7\pi}{6}}{2,25\pi} = \frac{50}{2,25\pi} - \frac{7}{6 \cdot 2,25} = \frac{50}{2,25\pi} - \frac{7}{13,5}$

Теперь проведем вычисления, приняв $\pi \approx 3,1416$:

$L \approx \frac{50}{2,25 \cdot 3,1416} - \frac{7}{13,5} \approx \frac{50}{7,0686} - 0,5185$

$L \approx 7,0736 - 0,5185 \approx 6,5551$ м

Округлим результат до сотых.

Ответ: Длина образующей цилиндра должна быть примерно 6,56 м.

№555 (с. 141)
Условие. №555 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 555, Условие

555. Куб, шар, цилиндр и конус (у двух последних тел диаметры оснований равны высоте) имеют равные площади поверхностей. Какое из этих тел имеет наибольший объём и какое — наименьший?

Решение 2. №555 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 555, Решение 2
Решение 6. №555 (с. 141)

Для решения задачи необходимо выразить объём ($V$) каждой из четырёх фигур через их площадь полной поверхности ($S$), которая по условию одинакова для всех. Затем мы сравним полученные выражения для объёмов.

Куб

Пусть $a$ — длина ребра куба.
Площадь поверхности куба: $S = 6a^2$.
Объём куба: $V_{куб} = a^3$.
Из формулы для площади поверхности выразим $a$: $a = \sqrt{\frac{S}{6}}$.
Подставим это выражение в формулу для объёма:
$V_{куб} = \left(\sqrt{\frac{S}{6}}\right)^3 = \left(\frac{S}{6}\right)^{3/2} = \frac{S\sqrt{S}}{6\sqrt{6}} = \frac{S^{3/2}}{\sqrt{216}}$.

Шар

Пусть $R$ — радиус шара.
Площадь поверхности шара: $S = 4\pi R^2$.
Объём шара: $V_{шар} = \frac{4}{3}\pi R^3$.
Из формулы для площади поверхности выразим $R$: $R = \sqrt{\frac{S}{4\pi}}$.
Подставим это выражение в формулу для объёма:
$V_{шар} = \frac{4}{3}\pi \left(\sqrt{\frac{S}{4\pi}}\right)^3 = \frac{4\pi}{3} \left(\frac{S}{4\pi}\right)^{3/2} = \frac{4\pi S^{3/2}}{3 \cdot (4\pi)^{3/2}} = \frac{4\pi S^{3/2}}{3 \cdot 8\pi\sqrt{\pi}} = \frac{S^{3/2}}{6\sqrt{\pi}} = \frac{S^{3/2}}{\sqrt{36\pi}}$.

Цилиндр

Пусть $r$ — радиус основания, а $h$ — высота цилиндра. По условию, диаметр основания равен высоте, то есть $h = 2r$.
Площадь полной поверхности цилиндра: $S = 2\pi r^2 + 2\pi r h$. Подставляя $h=2r$, получаем: $S = 2\pi r^2 + 2\pi r(2r) = 6\pi r^2$.
Объём цилиндра: $V_{цил} = \pi r^2 h$. Подставляя $h=2r$, получаем: $V_{цил} = \pi r^2(2r) = 2\pi r^3$.
Из формулы для площади поверхности выразим $r$: $r = \sqrt{\frac{S}{6\pi}}$.
Подставим это выражение в формулу для объёма:
$V_{цил} = 2\pi \left(\sqrt{\frac{S}{6\pi}}\right)^3 = 2\pi \left(\frac{S}{6\pi}\right)^{3/2} = \frac{2\pi S^{3/2}}{(6\pi)^{3/2}} = \frac{2\pi S^{3/2}}{6\pi\sqrt{6\pi}} = \frac{S^{3/2}}{3\sqrt{6\pi}} = \frac{S^{3/2}}{\sqrt{54\pi}}$.

Конус

Пусть $r$ — радиус основания, $h$ — высота, а $l$ — образующая конуса. По условию, $h=2r$.
Образующую $l$ найдём по теореме Пифагора: $l = \sqrt{h^2 + r^2} = \sqrt{(2r)^2 + r^2} = \sqrt{5r^2} = r\sqrt{5}$.
Площадь полной поверхности конуса: $S = \pi r^2 + \pi r l$. Подставляя $l=r\sqrt{5}$, получаем: $S = \pi r^2 + \pi r(r\sqrt{5}) = \pi r^2(1+\sqrt{5})$.
Объём конуса: $V_{кон} = \frac{1}{3}\pi r^2 h$. Подставляя $h=2r$, получаем: $V_{кон} = \frac{1}{3}\pi r^2(2r) = \frac{2}{3}\pi r^3$.
Из формулы для площади поверхности выразим $r$: $r = \sqrt{\frac{S}{\pi(1+\sqrt{5})}}$.
Подставим это выражение в формулу для объёма:
$V_{кон} = \frac{2}{3}\pi \left(\sqrt{\frac{S}{\pi(1+\sqrt{5})}}\right)^3 = \frac{2\pi}{3} \left(\frac{S}{\pi(1+\sqrt{5})}\right)^{3/2} = \frac{2\pi S^{3/2}}{3(\pi(1+\sqrt{5}))^{3/2}} = \frac{2 S^{3/2}}{3(1+\sqrt{5})\sqrt{\pi(1+\sqrt{5})}} = \frac{S^{3/2}}{\sqrt{\frac{9\pi(1+\sqrt{5})^3}{4}}}$.

Сравнение объёмов

Мы выразили объём каждой фигуры в виде $V \sim \frac{1}{\sqrt{D}} S^{3/2}$, где $D$ — некоторое число. Чтобы сравнить объёмы, нам нужно сравнить знаменатели: чем меньше знаменатель $D$, тем больше объём. Сравним значения $D$ (квадраты знаменателей) для каждой фигуры:
- Для куба: $D_{куб} = 216$
- Для шара: $D_{шар} = 36\pi \approx 36 \cdot 3.1416 \approx 113.1$
- Для цилиндра: $D_{цил} = 54\pi \approx 54 \cdot 3.1416 \approx 169.6$
- Для конуса: $D_{кон} = \frac{9\pi(1+\sqrt{5})^3}{4} = 18\pi(2+\sqrt{5}) \approx 18 \cdot 3.1416 \cdot (2+2.236) \approx 239.5$

Расположим значения $D$ в порядке возрастания:
$D_{шар} < D_{цил} < D_{куб} < D_{кон}$
$113.1 < 169.6 < 216 < 239.5$
Это соответствует следующему соотношению для объёмов (в порядке убывания):
$V_{шар} > V_{цил} > V_{куб} > V_{кон}$

Таким образом, при одинаковой площади поверхности наибольший объём имеет шар, а наименьший — конус.
Ответ: Наибольший объём имеет шар, а наименьший — конус.

№556 (с. 141)
Условие. №556 (с. 141)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 556, Условие

556. Будет ли плавать в воде полый медный шар, диаметр которого равен 10 см, а толщина стенки: а) 2 мм; б) 1,5 мм? (Плотность меди 8,9 г/см³.)

Решение 2. №556 (с. 141)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 556, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 141, номер 556, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 6. №556 (с. 141)

Для того чтобы определить, будет ли полый шар плавать в воде, необходимо сравнить его среднюю плотность ($?_{ср}$) с плотностью воды ($?_{воды}$). Плотность пресной воды принимаем равной $?_{воды} = 1 \text{ г/см}^3$.

Тело плавает, если его средняя плотность меньше или равна плотности жидкости ($?_{ср} \le ?_{воды}$).

Тело тонет, если его средняя плотность больше плотности жидкости ($?_{ср} > ?_{воды}$).

Средняя плотность полого шара вычисляется как отношение его массы к его внешнему объему. Масса шара — это произведение плотности меди ($?_{меди}$) на объем меди ($V_{меди}$).

$?_{ср} = \frac{m_{шара}}{V_{внешн}} = \frac{?_{меди} \cdot V_{меди}}{V_{внешн}}$

Объем меди ($V_{меди}$) — это разность между внешним ($V_{внешн}$) и внутренним ($V_{внутр}$) объемами шара.

$V_{меди} = V_{внешн} - V_{внутр} = \frac{4}{3}\pi R^3 - \frac{4}{3}\pi r^3 = \frac{4}{3}\pi(R^3 - r^3)$

где $R$ — внешний радиус, а $r$ — внутренний радиус.

Подставив это в формулу для средней плотности, получим:

$?_{ср} = \frac{?_{меди} \cdot \frac{4}{3}\pi(R^3 - r^3)}{\frac{4}{3}\pi R^3} = ?_{меди} \frac{R^3 - r^3}{R^3} = ?_{меди}\left(1 - \left(\frac{r}{R}\right)^3\right)$

Исходные данные:

Внешний диаметр шара $D = 10 \text{ см}$, следовательно, внешний радиус $R = \frac{D}{2} = 5 \text{ см}$.

Плотность меди $?_{меди} = 8,9 \text{ г/см}^3$.

Внутренний радиус $r$ вычисляется как $r = R - h$, где $h$ — толщина стенки.

а) 2 мм

1. Переведем толщину стенки в сантиметры:

$h = 2 \text{ мм} = 0,2 \text{ см}$

2. Найдем внутренний радиус шара:

$r = R - h = 5 \text{ см} - 0,2 \text{ см} = 4,8 \text{ см}$

3. Рассчитаем среднюю плотность шара:

$?_{ср} = ?_{меди}\left(1 - \left(\frac{r}{R}\right)^3\right) = 8,9 \cdot \left(1 - \left(\frac{4,8}{5}\right)^3\right) = 8,9 \cdot (1 - 0,96^3)$

$?_{ср} = 8,9 \cdot (1 - 0,884736) = 8,9 \cdot 0,115264 \approx 1,026 \text{ г/см}^3$

4. Сравним среднюю плотность шара с плотностью воды:

$1,026 \text{ г/см}^3 > 1 \text{ г/см}^3$, то есть $?_{ср} > ?_{воды}$.

Поскольку средняя плотность шара больше плотности воды, шар утонет.

Ответ: нет, шар с толщиной стенки 2 мм в воде утонет.

б) 1,5 мм

1. Переведем толщину стенки в сантиметры:

$h = 1,5 \text{ мм} = 0,15 \text{ см}$

2. Найдем внутренний радиус шара:

$r = R - h = 5 \text{ см} - 0,15 \text{ см} = 4,85 \text{ см}$

3. Рассчитаем среднюю плотность шара:

$?_{ср} = ?_{меди}\left(1 - \left(\frac{r}{R}\right)^3\right) = 8,9 \cdot \left(1 - \left(\frac{4,85}{5}\right)^3\right) = 8,9 \cdot (1 - 0,97^3)$

$?_{ср} = 8,9 \cdot (1 - 0,912673) = 8,9 \cdot 0,087327 \approx 0,777 \text{ г/см}^3$

4. Сравним среднюю плотность шара с плотностью воды:

$0,777 \text{ г/см}^3 < 1 \text{ г/см}^3$, то есть $?_{ср} < ?_{воды}$.

Поскольку средняя плотность шара меньше плотности воды, шар будет плавать.

Ответ: да, шар с толщиной стенки 1,5 мм будет плавать в воде.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться