Страница 257 - гдз по геометрии 7-9 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Юдина И. И.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2023 - 2025

Уровень обучения: базовый

Цвет обложки: синий

ISBN: 978-5-09-102538-5 (2023), 978-5-09-111167-5 (2024)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Популярные ГДЗ в 7 классе

Cтраница 257

Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257
№1024 (с. 257)
Условие. №1024 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Условие

1024 Даны точки А (0; 1) и В (5; −3). Найдите координаты точек С и D, если известно, что точка В — середина отрезка АС, а точка D — середина отрезка ВС.

Решение 2. №1024 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 2
Решение 3. №1024 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 3
Решение 4. №1024 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 4
Решение 6. №1024 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 6
Решение 7. №1024 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 7
Решение 8. №1024 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 8
Решение 9. №1024 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1024, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1024 (с. 257)

1. Нахождение координат точки C

По условию задачи точка $B$ является серединой отрезка $AC$. Координаты середины отрезка находятся как среднее арифметическое координат его концов. Пусть точка $C$ имеет координаты $(x_C; y_C)$.

Дано:

  • Координаты точки $A(x_A; y_A)$ = $(0; 1)$
  • Координаты точки $B(x_B; y_B)$ = $(5; -3)$

Формулы для координат середины отрезка:

$x_B = \frac{x_A + x_C}{2}$

$y_B = \frac{y_A + y_C}{2}$

Подставим известные значения и выразим координаты точки $C$:

Для координаты $x_C$:

$5 = \frac{0 + x_C}{2}$

$5 \cdot 2 = x_C$

$x_C = 10$

Для координаты $y_C$:

$-3 = \frac{1 + y_C}{2}$

$-3 \cdot 2 = 1 + y_C$

$-6 = 1 + y_C$

$y_C = -6 - 1$

$y_C = -7$

Таким образом, координаты точки $C$ равны $(10; -7)$.

Ответ: $C(10; -7)$.

2. Нахождение координат точки D

По условию задачи точка $D$ является серединой отрезка $BC$. Используем те же формулы для нахождения координат середины отрезка. Пусть точка $D$ имеет координаты $(x_D; y_D)$.

Дано:

  • Координаты точки $B(x_B; y_B)$ = $(5; -3)$
  • Координаты точки $C(x_C; y_C)$ = $(10; -7)$ (найдены в предыдущем пункте)

Формулы для координат точки $D$:

$x_D = \frac{x_B + x_C}{2}$

$y_D = \frac{y_B + y_C}{2}$

Подставим известные значения:

Для координаты $x_D$:

$x_D = \frac{5 + 10}{2} = \frac{15}{2} = 7.5$

Для координаты $y_D$:

$y_D = \frac{-3 + (-7)}{2} = \frac{-10}{2} = -5$

Таким образом, координаты точки $D$ равны $(7.5; -5)$.

Ответ: $D(7.5; -5)$.

№1025 (с. 257)
Условие. №1025 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Условие

1025 Найдите длины векторов: а) а {5; 9}; б) b {−3; 4}; в) с {−10; −10}; г) d {10; 17}; д) e {11; −11}; е) f {10; 0}.

Решение 2. №1025 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 2 (продолжение 3) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 2 (продолжение 4) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 2 (продолжение 5) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 2 (продолжение 6)
Решение 3. №1025 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 3
Решение 4. №1025 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 4
Решение 6. №1025 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 6
Решение 7. №1025 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 7
Решение 9. №1025 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1025, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1025 (с. 257)

Для нахождения длины (модуля) вектора $\vec{v}\{x; y\}$, заданного своими координатами, используется формула, являющаяся следствием теоремы Пифагора:

$|\vec{v}| = \sqrt{x^2 + y^2}$

Применим эту формулу для каждого из векторов:

а) Для вектора $\vec{a}\{5; 9\}$:
$|\vec{a}| = \sqrt{5^2 + 9^2} = \sqrt{25 + 81} = \sqrt{106}$.
Ответ: $\sqrt{106}$

б) Для вектора $\vec{b}\{-3; 4\}$:
$|\vec{b}| = \sqrt{(-3)^2 + 4^2} = \sqrt{9 + 16} = \sqrt{25} = 5$.
Ответ: $5$

в) Для вектора $\vec{c}\{-10; -10\}$:
$|\vec{c}| = \sqrt{(-10)^2 + (-10)^2} = \sqrt{100 + 100} = \sqrt{200} = \sqrt{100 \cdot 2} = 10\sqrt{2}$.
Ответ: $10\sqrt{2}$

г) Для вектора $\vec{d}\{10; 17\}$:
$|\vec{d}| = \sqrt{10^2 + 17^2} = \sqrt{100 + 289} = \sqrt{389}$.
Ответ: $\sqrt{389}$

д) Для вектора $\vec{e}\{11; -11\}$:
$|\vec{e}| = \sqrt{11^2 + (-11)^2} = \sqrt{121 + 121} = \sqrt{2 \cdot 121} = 11\sqrt{2}$.
Ответ: $11\sqrt{2}$

е) Для вектора $\vec{f}\{10; 0\}$:
$|\vec{f}| = \sqrt{10^2 + 0^2} = \sqrt{100 + 0} = \sqrt{100} = 10$.
Ответ: $10$

№1026 (с. 257)
Условие. №1026 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Условие

1026 Найдите расстояние от точки M (3; −2): а) до оси абсцисс; б) до оси ординат; в) до начала координат.

Решение 2. №1026 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 3. №1026 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 3
Решение 4. №1026 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 4
Решение 6. №1026 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 6
Решение 8. №1026 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 8
Решение 9. №1026 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1026, Решение 9
Решение 11. №1026 (с. 257)

Дана точка $M$ с координатами $(3; -2)$.

а) до оси абсцисс

Расстояние от точки до оси абсцисс (оси Ox) — это длина перпендикуляра, опущенного из этой точки на ось Ox. Эта длина равна модулю ординаты (координаты y) точки. Ордината точки $M(3; -2)$ равна $-2$. Следовательно, расстояние до оси абсцисс равно $|-2| = 2$.
Ответ: 2.

б) до оси ординат

Расстояние от точки до оси ординат (оси Oy) — это длина перпендикуляра, опущенного из этой точки на ось Oy. Эта длина равна модулю абсциссы (координаты x) точки. Абсцисса точки $M(3; -2)$ равна $3$. Следовательно, расстояние до оси ординат равно $|3| = 3$.
Ответ: 3.

в) до начала координат

Начало координат — это точка $O$ с координатами $(0; 0)$. Расстояние между двумя точками $A(x_1; y_1)$ и $B(x_2; y_2)$ на плоскости вычисляется по формуле: $d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2}$. Найдем расстояние от точки $M(3; -2)$ до точки $O(0; 0)$: $d = \sqrt{(3 - 0)^2 + (-2 - 0)^2} = \sqrt{3^2 + (-2)^2} = \sqrt{9 + 4} = \sqrt{13}$.
Ответ: $\sqrt{13}$.

№1027 (с. 257)
Условие. №1027 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Условие

1027 Найдите расстояние между точками A и B, если:

а) А (2; 7), В (−2; 7);

б) А (−5; 1), В (−5; −7);

в) А (−3; 0), В (0; 4);

г) А (0; 3), В (−4; 0).

Решение 2. №1027 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 2 (продолжение 3) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 2 (продолжение 4)
Решение 3. №1027 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 3
Решение 4. №1027 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 4
Решение 6. №1027 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 6
Решение 7. №1027 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 7
Решение 9. №1027 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1027, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1027 (с. 257)

Для нахождения расстояния между двумя точками $A(x_1; y_1)$ и $B(x_2; y_2)$ на координатной плоскости используется формула расстояния, которая является следствием теоремы Пифагора:
$d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2}$
где $d$ — искомое расстояние.

а) Даны точки $A(2; 7)$ и $B(-2; 7)$.
Подставим их координаты ($x_1 = 2, y_1 = 7, x_2 = -2, y_2 = 7$) в формулу:
$d = \sqrt{(-2 - 2)^2 + (7 - 7)^2} = \sqrt{(-4)^2 + 0^2} = \sqrt{16 + 0} = \sqrt{16} = 4$.
Обратим внимание, что ординаты ($y$) точек одинаковы, значит, точки лежат на горизонтальной прямой. В таком случае расстояние можно найти как модуль разности их абсцисс ($x$):
$d = |x_2 - x_1| = |-2 - 2| = |-4| = 4$.
Ответ: 4

б) Даны точки $A(-5; 1)$ и $B(-5; -7)$.
Подставим их координаты ($x_1 = -5, y_1 = 1, x_2 = -5, y_2 = -7$) в формулу:
$d = \sqrt{(-5 - (-5))^2 + (-7 - 1)^2} = \sqrt{(-5 + 5)^2 + (-8)^2} = \sqrt{0^2 + 64} = \sqrt{64} = 8$.
В этом случае абсциссы ($x$) точек одинаковы, значит, точки лежат на вертикальной прямой. Расстояние равно модулю разности их ординат ($y$):
$d = |y_2 - y_1| = |-7 - 1| = |-8| = 8$.
Ответ: 8

в) Даны точки $A(-3; 0)$ и $B(0; 4)$.
Подставим их координаты ($x_1 = -3, y_1 = 0, x_2 = 0, y_2 = 4$) в формулу:
$d = \sqrt{(0 - (-3))^2 + (4 - 0)^2} = \sqrt{(3)^2 + (4)^2} = \sqrt{9 + 16} = \sqrt{25} = 5$.
Ответ: 5

г) Даны точки $A(0; 3)$ и $B(-4; 0)$.
Подставим их координаты ($x_1 = 0, y_1 = 3, x_2 = -4, y_2 = 0$) в формулу:
$d = \sqrt{(-4 - 0)^2 + (0 - 3)^2} = \sqrt{(-4)^2 + (-3)^2} = \sqrt{16 + 9} = \sqrt{25} = 5$.
Ответ: 5

№1028 (с. 257)
Условие. №1028 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1028, Условие

1028 Найдите периметр треугольника MNP, если M (4; 0), N (12; −2), Р (5; −9).

Решение 2. №1028 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1028, Решение 2
Решение 3. №1028 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1028, Решение 3
Решение 4. №1028 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1028, Решение 4
Решение 6. №1028 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1028, Решение 6
Решение 7. №1028 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1028, Решение 7
Решение 9. №1028 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1028, Решение 9
Решение 11. №1028 (с. 257)

Для того чтобы найти периметр треугольника MNP, необходимо вычислить длины всех его сторон (MN, NP и MP) и сложить их. Длина отрезка (расстояние между двумя точками) на координатной плоскости с координатами $(x_1, y_1)$ и $(x_2, y_2)$ вычисляется по формуле:

$d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2}$

Нам даны координаты вершин треугольника: M(4; 0), N(12; -2), P(5; -9).

1. Найдем длину стороны MN.

Подставим координаты точек M(4; 0) и N(12; -2) в формулу:

$MN = \sqrt{(12 - 4)^2 + (-2 - 0)^2} = \sqrt{8^2 + (-2)^2} = \sqrt{64 + 4} = \sqrt{68}$

Упростим полученное значение, вынеся множитель из-под знака корня: $\sqrt{68} = \sqrt{4 \cdot 17} = 2\sqrt{17}$.

2. Найдем длину стороны NP.

Подставим координаты точек N(12; -2) и P(5; -9) в формулу:

$NP = \sqrt{(5 - 12)^2 + (-9 - (-2))^2} = \sqrt{(-7)^2 + (-9 + 2)^2} = \sqrt{49 + (-7)^2} = \sqrt{49 + 49} = \sqrt{2 \cdot 49} = 7\sqrt{2}$

3. Найдем длину стороны MP.

Подставим координаты точек M(4; 0) и P(5; -9) в формулу:

$MP = \sqrt{(5 - 4)^2 + (-9 - 0)^2} = \sqrt{1^2 + (-9)^2} = \sqrt{1 + 81} = \sqrt{82}$

Корень из 82 не упрощается, так как 82 = 2 · 41, и нет множителей, являющихся полными квадратами.

4. Найдем периметр треугольника MNP.

Периметр $P_{MNP}$ равен сумме длин его сторон:

$P_{MNP} = MN + NP + MP = 2\sqrt{17} + 7\sqrt{2} + \sqrt{82}$

Поскольку подкоренные выражения различны, дальнейшее упрощение этого выражения невозможно.

Ответ: $2\sqrt{17} + 7\sqrt{2} + \sqrt{82}$.

№1029 (с. 257)
Условие. №1029 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Условие

1029 Найдите медиану AM треугольника ABC, вершины которого имеют координаты: А (0; 1), В (1; −4), С (5; 2).

Решение 2. №1029 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 2
Решение 3. №1029 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 3
Решение 4. №1029 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 4
Решение 6. №1029 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 6
Решение 7. №1029 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 7
Решение 8. №1029 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1029 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1029, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1029 (с. 257)

По определению, медиана треугольника — это отрезок, соединяющий вершину треугольника с серединой противоположной стороны. В данном случае медиана AM соединяет вершину A с точкой M, которая является серединой стороны BC.

1. Нахождение координат середины стороны BC (точки M)

Координаты середины отрезка находятся как среднее арифметическое координат его концов. Для точек B(1; –4) и C(5; 2) координаты их середины M($x_M$; $y_M$) будут:

$x_M = \frac{x_B + x_C}{2} = \frac{1 + 5}{2} = \frac{6}{2} = 3$

$y_M = \frac{y_B + y_C}{2} = \frac{-4 + 2}{2} = \frac{-2}{2} = -1$

Таким образом, точка M имеет координаты (3; –1).

2. Нахождение длины медианы AM

Длина медианы AM — это расстояние между точками A(0; 1) и M(3; –1). Расстояние d между двумя точками с координатами $(x_1; y_1)$ и $(x_2; y_2)$ вычисляется по формуле:

$d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2}$

Подставим координаты точек A и M в эту формулу:

$AM = \sqrt{(3 - 0)^2 + (-1 - 1)^2} = \sqrt{3^2 + (-2)^2} = \sqrt{9 + 4} = \sqrt{13}$

Следовательно, длина медианы AM равна $\sqrt{13}$.

Ответ: $\sqrt{13}$

№1030 (с. 257)
Условие. №1030 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Условие

1030 Точки В и С лежат соответственно на положительных полуосях Ох и Оу, а точка А лежит на отрицательной полуоси Ох, причём ОА = а, OB = b, OC = h. Найдите стороны АС и ВС треугольника ABC.

Решение 2. №1030 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 2
Решение 3. №1030 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 3
Решение 4. №1030 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 4
Решение 6. №1030 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 6
Решение 7. №1030 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 7
Решение 8. №1030 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1030 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1030, Решение 9
Решение 11. №1030 (с. 257)

Для решения задачи введем прямоугольную систему координат, где начало O(0, 0) совпадает с точкой пересечения осей. Согласно условию, точка B лежит на положительной полуоси Ox, поэтому ее координаты B(b, 0), так как $OB = b$. Точка C лежит на положительной полуоси Oy, поэтому ее координаты C(0, h), так как $OC = h$. Точка A лежит на отрицательной полуоси Ox, поэтому ее координаты A(-a, 0), так как $OA = a$.

Теперь мы можем найти длины сторон AC и BC, рассматривая прямоугольные треугольники AOC и BOC, образованные точками и осями координат.

Сторона AC

Рассмотрим треугольник AOC. Так как оси координат Ox и Oy перпендикулярны, угол $\angle AOC$ является прямым ($90^\circ$), и, следовательно, треугольник AOC — прямоугольный. Его катетами являются отрезки OA и OC. Их длины известны из условия: $OA = a$ и $OC = h$. Сторона AC является гипотенузой этого треугольника. По теореме Пифагора, квадрат гипотенузы равен сумме квадратов катетов: $AC^2 = OA^2 + OC^2$. Подставив известные значения, получим: $AC^2 = a^2 + h^2$. Отсюда, длина стороны AC равна: $AC = \sqrt{a^2 + h^2}$.

Ответ: $AC = \sqrt{a^2 + h^2}$

Сторона BC

Аналогично рассмотрим треугольник BOC. Угол $\angle BOC$ также прямой, а значит, треугольник BOC — прямоугольный. Его катетами являются отрезки OB и OC, длины которых равны $OB = b$ и $OC = h$. Сторона BC является гипотенузой. Снова применим теорему Пифагора: $BC^2 = OB^2 + OC^2$. Подставив известные значения, получим: $BC^2 = b^2 + h^2$. Отсюда, длина стороны BC равна: $BC = \sqrt{b^2 + h^2}$.

Ответ: $BC = \sqrt{b^2 + h^2}$

№1031 (с. 257)
Условие. №1031 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Условие

1031 Найдите сторону АС и диагональ ОС трапеции ОВСА с основаниями ОА = а и BC = d, если точка А лежит на положительной полуоси Ох, а вершина В имеет координаты (b; с).

Решение 2. №1031 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 2
Решение 3. №1031 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 3
Решение 4. №1031 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 4
Решение 6. №1031 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 8. №1031 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 8 (продолжение 2)
Решение 9. №1031 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1031, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1031 (с. 257)

Для решения задачи введем прямоугольную систему координат. Согласно условию, начало координат находится в точке $O$, поэтому ее координаты $O(0, 0)$.

Точка $A$ лежит на положительной полуоси $Ox$, а длина основания $OA$ равна $a$. Следовательно, координаты точки $A$ будут $A(a, 0)$.

Вершина $B$ имеет заданные координаты $B(b, c)$.

Трапеция $OBCA$ имеет основания $OA$ и $BC$. Это означает, что прямая $BC$ параллельна прямой $OA$. Поскольку прямая $OA$ совпадает с осью абсцисс $Ox$, прямая $BC$ должна быть параллельна оси $Ox$. Это значит, что все точки на прямой $BC$ имеют одинаковую ординату. Так как ордината точки $B$ равна $c$, то и ордината точки $C$ также равна $c$. Обозначим абсциссу точки $C$ как $x_C$. Таким образом, координаты точки $C$ — это $C(x_C, c)$.

Длина основания $BC$ равна $d$. Используем формулу расстояния между двумя точками, чтобы найти $x_C$:$BC = \sqrt{(x_C - b)^2 + (c - c)^2} = \sqrt{(x_C - b)^2} = |x_C - b|$.

Из условия $BC = d$ следует, что $|x_C - b| = d$. Это уравнение имеет два решения: $x_C - b = d$ или $x_C - b = -d$. Отсюда $x_C = b+d$ или $x_C = b-d$.

Для однозначного определения положения точки $C$ примем стандартное соглашение, что для трапеции $OBCA$ с основаниями $OA$ и $BC$ векторы $\vec{OA}$ и $\vec{CB}$ сонаправлены (имеют одинаковое направление), чтобы трапеция была несамопересекающейся.Вектор $\vec{OA}$ имеет координаты $(a, 0)$. Поскольку точка $A$ лежит на положительной полуоси $Ox$, $a>0$, и вектор $\vec{OA}$ направлен вдоль положительного направления оси $Ox$.Вектор $\vec{CB}$ имеет координаты $(b - x_C, c - c) = (b - x_C, 0)$.Для того чтобы вектор $\vec{CB}$ был сонаправлен с $\vec{OA}$, его первая координата должна быть положительной: $b - x_C > 0$, что означает $x_C < b$.

Рассмотрим два возможных значения для $x_C$:1. $x_C = b+d$. В этом случае $b - x_C = b - (b+d) = -d$. Так как длина $d > 0$, это значение отрицательно, что противоречит условию сонаправленности.2. $x_C = b-d$. В этом случае $b - x_C = b - (b-d) = d$. Это значение положительно.

Таким образом, абсцисса точки $C$ однозначно определяется как $x_C = b-d$. Координаты вершины $C$ равны $(b-d, c)$.

Теперь мы можем найти длины требуемых отрезков, используя формулу расстояния между двумя точками $d = \sqrt{(x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2}$.

Сторона AC

Найдем расстояние между точками $A(a, 0)$ и $C(b-d, c)$:$AC = \sqrt{((b-d) - a)^2 + (c - 0)^2} = \sqrt{(b-d-a)^2 + c^2}$.Выражение в скобках можно записать как $-(a-b+d)$, и так как $(-x)^2 = x^2$, получаем:$AC = \sqrt{(a-b+d)^2 + c^2}$.

Ответ: $AC = \sqrt{(a-b+d)^2 + c^2}$.

Диагональ OC

Найдем расстояние между точками $O(0, 0)$ и $C(b-d, c)$:$OC = \sqrt{((b-d) - 0)^2 + (c - 0)^2} = \sqrt{(b-d)^2 + c^2}$.

Ответ: $OC = \sqrt{(b-d)^2 + c^2}$.

№1032 (с. 257)
Условие. №1032 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Условие

1032 Найдите x, если: а) расстояние между точками А(2; 3) и В(x; 1) равно 2; б) расстояние между точками М₁(−1; x) и М₂(2х; 3) равно 7.

Решение 2. №1032 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 3. №1032 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 3
Решение 4. №1032 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 4
Решение 6. №1032 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 6
Решение 7. №1032 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 7
Решение 8. №1032 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 8
Решение 9. №1032 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1032, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1032 (с. 257)

а) Для решения задачи используем формулу расстояния между двумя точками на координатной плоскости $d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2}$.

По условию, даны точки $A(2; 3)$ и $B(x; 1)$, а расстояние $d$ между ними равно 2. Подставим эти значения в формулу:

$2 = \sqrt{(x - 2)^2 + (1 - 3)^2}$

Чтобы решить это уравнение, возведем обе его части в квадрат:

$2^2 = \left(\sqrt{(x - 2)^2 + (1 - 3)^2}\right)^2$

$4 = (x - 2)^2 + (-2)^2$

$4 = (x - 2)^2 + 4$

Теперь вычтем 4 из обеих частей уравнения:

$(x - 2)^2 = 4 - 4$

$(x - 2)^2 = 0$

Это равенство выполняется только в том случае, если выражение в скобках равно нулю:

$x - 2 = 0$

$x = 2$

Ответ: $x = 2$.

б) Аналогично первому пункту, используем формулу расстояния для точек $M_1(-1; x)$ и $M_2(2x; 3)$, где расстояние $d$ равно 7.

$7 = \sqrt{(2x - (-1))^2 + (3 - x)^2}$

Упростим выражение под корнем:

$7 = \sqrt{(2x + 1)^2 + (3 - x)^2}$

Возведем обе части уравнения в квадрат:

$7^2 = (2x + 1)^2 + (3 - x)^2$

$49 = (2x + 1)^2 + (3 - x)^2$

Раскроем скобки, применяя формулы квадрата суммы и квадрата разности:

$49 = (4x^2 + 4x + 1) + (9 - 6x + x^2)$

Приведем подобные слагаемые в правой части уравнения:

$49 = (4x^2 + x^2) + (4x - 6x) + (1 + 9)$

$49 = 5x^2 - 2x + 10$

Перенесем все слагаемые в одну сторону, чтобы получить квадратное уравнение вида $ax^2 + bx + c = 0$:

$5x^2 - 2x + 10 - 49 = 0$

$5x^2 - 2x - 39 = 0$

Решим полученное квадратное уравнение. Найдем дискриминант $D = b^2 - 4ac$:

$D = (-2)^2 - 4 \cdot 5 \cdot (-39) = 4 + 780 = 784$

Так как $D > 0$, уравнение имеет два корня. Найдем их по формуле $x_{1,2} = \frac{-b \pm \sqrt{D}}{2a}$:

$x_1 = \frac{-(-2) + \sqrt{784}}{2 \cdot 5} = \frac{2 + 28}{10} = \frac{30}{10} = 3$

$x_2 = \frac{-(-2) - \sqrt{784}}{2 \cdot 5} = \frac{2 - 28}{10} = \frac{-26}{10} = -2.6$

Ответ: $x = 3$ или $x = -2.6$.

№1033 (с. 257)
Условие. №1033 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Условие

1033 Докажите, что треугольник ABC равнобедренный, и найдите его площадь, если вершины треугольника имеют координаты:
а) А (0; 1), В (1; −4), С (5; 2);
б) А (−4; 1), В (−2; 4), С (0; 1).

Решение 2. №1033 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 3. №1033 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 3 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 3 (продолжение 2)
Решение 4. №1033 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 4
Решение 6. №1033 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 6
Решение 7. №1033 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 7
Решение 8. №1033 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 8 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 8 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 8 (продолжение 3) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 8 (продолжение 4)
Решение 9. №1033 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1033, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1033 (с. 257)

а)

Чтобы доказать, что треугольник $ABC$ равнобедренный, найдем длины его сторон, используя формулу расстояния между двумя точками $(x_1, y_1)$ и $(x_2, y_2)$: $d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2}$.

Координаты вершин: $A(0; 1)$, $B(1; -4)$, $C(5; 2)$.

Длина стороны $AB$: $AB = \sqrt{(1 - 0)^2 + (-4 - 1)^2} = \sqrt{1^2 + (-5)^2} = \sqrt{1 + 25} = \sqrt{26}$.

Длина стороны $BC$: $BC = \sqrt{(5 - 1)^2 + (2 - (-4))^2} = \sqrt{4^2 + 6^2} = \sqrt{16 + 36} = \sqrt{52}$.

Длина стороны $AC$: $AC = \sqrt{(5 - 0)^2 + (2 - 1)^2} = \sqrt{5^2 + 1^2} = \sqrt{25 + 1} = \sqrt{26}$.

Поскольку $AB = AC = \sqrt{26}$, треугольник $ABC$ является равнобедренным, что и требовалось доказать.

Для нахождения площади треугольника $S_{ABC}$ воспользуемся формулой площади по координатам вершин: $S = \frac{1}{2} |x_A(y_B - y_C) + x_B(y_C - y_A) + x_C(y_A - y_B)|$.

$S_{ABC} = \frac{1}{2} |0(-4 - 2) + 1(2 - 1) + 5(1 - (-4))| = \frac{1}{2} |0 \cdot (-6) + 1 \cdot 1 + 5 \cdot 5| = \frac{1}{2} |0 + 1 + 25| = \frac{1}{2} \cdot 26 = 13$.

Ответ: Треугольник является равнобедренным, так как $AB=AC=\sqrt{26}$; его площадь равна 13.

б)

Найдем длины сторон треугольника с вершинами $A(-4; 1)$, $B(-2; 4)$, $C(0; 1)$.

Длина стороны $AB$: $AB = \sqrt{(-2 - (-4))^2 + (4 - 1)^2} = \sqrt{2^2 + 3^2} = \sqrt{4 + 9} = \sqrt{13}$.

Длина стороны $BC$: $BC = \sqrt{(0 - (-2))^2 + (1 - 4)^2} = \sqrt{2^2 + (-3)^2} = \sqrt{4 + 9} = \sqrt{13}$.

Длина стороны $AC$: $AC = \sqrt{(0 - (-4))^2 + (1 - 1)^2} = \sqrt{4^2 + 0^2} = \sqrt{16} = 4$.

Поскольку $AB = BC = \sqrt{13}$, треугольник $ABC$ является равнобедренным, что и требовалось доказать.

Для нахождения площади заметим, что основание $AC$ лежит на горизонтальной прямой $y=1$, так как ординаты точек $A$ и $C$ совпадают. Длина основания $AC$ равна разности их абсцисс: $AC = |0 - (-4)| = 4$.

Высота $h$, проведенная из вершины $B$ к основанию $AC$, равна разности ординат точки $B$ и прямой $y=1$: $h = |y_B - 1| = |4 - 1| = 3$.

Площадь треугольника $S_{ABC}$ равна половине произведения основания на высоту: $S_{ABC} = \frac{1}{2} \cdot AC \cdot h = \frac{1}{2} \cdot 4 \cdot 3 = 6$.

Ответ: Треугольник является равнобедренным, так как $AB=BC=\sqrt{13}$; его площадь равна 6.

№1034 (с. 257)
Условие. №1034 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Условие

1034 Докажите, что четырёхугольник MNPQ является параллелограммом, и найдите его диагонали, если:
а) M (1; 1), N (6; 1), Р (7; 4), Q (2; 4);
б) M (−5; 1), N (−4; 4), Р (−1; 5), Q (−2; 2).

Решение 2. №1034 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 3. №1034 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 3
Решение 4. №1034 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 4
Решение 6. №1034 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №1034 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 7 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 7 (продолжение 2)
Решение 8. №1034 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 8
Решение 9. №1034 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1034, Решение 9 (продолжение 2)
Решение 11. №1034 (с. 257)

а)

Для того чтобы доказать, что четырёхугольник $MNPQ$ является параллелограммом, воспользуемся свойством параллелограмма: его диагонали пересекаются и точкой пересечения делятся пополам. Это означает, что середины диагоналей $MP$ и $NQ$ должны совпадать.

Найдём координаты середины диагонали $MP$. Обозначим её точкой $O_1$. Координаты середины отрезка вычисляются по формулам: $x_O = \frac{x_M+x_P}{2}$ и $y_O = \frac{y_M+y_P}{2}$.

Для $M(1; 1)$ и $P(7; 4)$ имеем:

$x_{O_1} = \frac{1+7}{2} = \frac{8}{2} = 4$

$y_{O_1} = \frac{1+4}{2} = \frac{5}{2} = 2.5$

Таким образом, середина $MP$ — это точка $O_1(4; 2.5)$.

Теперь найдём координаты середины диагонали $NQ$. Обозначим её точкой $O_2$.

Для $N(6; 1)$ и $Q(2; 4)$ имеем:

$x_{O_2} = \frac{6+2}{2} = \frac{8}{2} = 4$

$y_{O_2} = \frac{1+4}{2} = \frac{5}{2} = 2.5$

Таким образом, середина $NQ$ — это точка $O_2(4; 2.5)$.

Поскольку координаты середин диагоналей $MP$ и $NQ$ совпадают ($O_1 = O_2$), четырёхугольник $MNPQ$ является параллелограммом, что и требовалось доказать.

Теперь найдём длины его диагоналей $MP$ и $NQ$. Длина отрезка между точками $(x_1; y_1)$ и $(x_2; y_2)$ вычисляется по формуле: $d = \sqrt{(x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2}$.

Длина диагонали $MP$:

$|MP| = \sqrt{(7-1)^2 + (4-1)^2} = \sqrt{6^2 + 3^2} = \sqrt{36+9} = \sqrt{45} = \sqrt{9 \cdot 5} = 3\sqrt{5}$

Длина диагонали $NQ$:

$|NQ| = \sqrt{(2-6)^2 + (4-1)^2} = \sqrt{(-4)^2 + 3^2} = \sqrt{16+9} = \sqrt{25} = 5$

Ответ: длины диагоналей равны $3\sqrt{5}$ и $5$.

б)

Аналогично пункту а), докажем, что $MNPQ$ — параллелограмм, проверив, что середины его диагоналей $MP$ и $NQ$ совпадают.

Найдём координаты середины диагонали $MP$ с концами в точках $M(-5; 1)$ и $P(-1; 5)$.

$x_O = \frac{-5+(-1)}{2} = \frac{-6}{2} = -3$

$y_O = \frac{1+5}{2} = \frac{6}{2} = 3$

Середина $MP$ — точка с координатами $(-3; 3)$.

Найдём координаты середины диагонали $NQ$ с концами в точках $N(-4; 4)$ и $Q(-2; 2)$.

$x_O = \frac{-4+(-2)}{2} = \frac{-6}{2} = -3$

$y_O = \frac{4+2}{2} = \frac{6}{2} = 3$

Середина $NQ$ — точка с координатами $(-3; 3)$.

Координаты середин диагоналей совпадают, следовательно, четырёхугольник $MNPQ$ является параллелограммом.

Теперь найдём длины его диагоналей $MP$ и $NQ$ по формуле расстояния между двумя точками.

Длина диагонали $MP$:

$|MP| = \sqrt{(-1-(-5))^2 + (5-1)^2} = \sqrt{(-1+5)^2 + 4^2} = \sqrt{4^2 + 4^2} = \sqrt{16+16} = \sqrt{32} = \sqrt{16 \cdot 2} = 4\sqrt{2}$

Длина диагонали $NQ$:

$|NQ| = \sqrt{(-2-(-4))^2 + (2-4)^2} = \sqrt{(-2+4)^2 + (-2)^2} = \sqrt{2^2 + (-2)^2} = \sqrt{4+4} = \sqrt{8} = \sqrt{4 \cdot 2} = 2\sqrt{2}$

Ответ: длины диагоналей равны $4\sqrt{2}$ и $2\sqrt{2}$.

№1035 (с. 257)
Условие. №1035 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Условие

1035 Докажите, что четырёхугольник ABCD является прямоугольником, и найдите его площадь, если:
а) А (−3; −1), В (1; −1), С (1; −3), D (−3; −3);
б) А (4; 1), В (3; 5), С (−1; 4), D (0; 0).

Решение 2. №1035 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 2 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 3. №1035 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 3
Решение 4. №1035 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 4
Решение 6. №1035 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 6 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 6 (продолжение 2)
Решение 7. №1035 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 7
Решение 8. №1035 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 8
Решение 9. №1035 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 9 Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 9 (продолжение 2) Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1035, Решение 9 (продолжение 3)
Решение 11. №1035 (с. 257)

Чтобы доказать, что четырехугольник является прямоугольником, нужно показать, что он является параллелограммом, у которого есть прямой угол. Это можно сделать несколькими способами:

  • Доказать, что противолежащие стороны параллельны (их угловые коэффициенты равны) и что смежные стороны перпендикулярны (произведение их угловых коэффициентов равно -1).
  • Доказать, что противолежащие стороны равны по длине и что диагонали равны по длине.
  • Доказать, что противолежащие стороны равны по длине и что выполняется теорема Пифагора для треугольника, образованного двумя смежными сторонами и диагональю.

Площадь прямоугольника равна произведению длин его смежных сторон.

а) A(-3; -1), B(1; -1), C(1; -3), D(-3; -3)

1. Докажем, что ABCD – прямоугольник.
Найдем длины сторон четырехугольника по формуле расстояния между двумя точками $d = \sqrt{(x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2}$.
$|AB| = \sqrt{(1 - (-3))^2 + (-1 - (-1))^2} = \sqrt{(4)^2 + (0)^2} = \sqrt{16} = 4$.
$|BC| = \sqrt{(1 - 1)^2 + (-3 - (-1))^2} = \sqrt{(0)^2 + (-2)^2} = \sqrt{4} = 2$.
$|CD| = \sqrt{(-3 - 1)^2 + (-3 - (-3))^2} = \sqrt{(-4)^2 + (0)^2} = \sqrt{16} = 4$.
$|DA| = \sqrt{(-3 - (-3))^2 + (-1 - (-3))^2} = \sqrt{(0)^2 + (2)^2} = \sqrt{4} = 2$.
Так как $|AB| = |CD| = 4$ и $|BC| = |DA| = 2$, противолежащие стороны четырехугольника равны. Следовательно, ABCD – параллелограмм.
Теперь проверим, есть ли у параллелограмма прямой угол. Найдем длину диагонали AC.
$|AC|^2 = (1 - (-3))^2 + (-3 - (-1))^2 = (4)^2 + (-2)^2 = 16 + 4 = 20$.
Проверим, выполняется ли теорема Пифагора для треугольника $\triangle ABC$:
$|AB|^2 + |BC|^2 = 4^2 + 2^2 = 16 + 4 = 20$.
Так как $|AB|^2 + |BC|^2 = |AC|^2$, то по обратной теореме Пифагора треугольник $\triangle ABC$ является прямоугольным с прямым углом $\angle B$.
Поскольку ABCD – параллелограмм с прямым углом, он является прямоугольником.

2. Найдем площадь прямоугольника.
Площадь прямоугольника равна произведению длин его смежных сторон.
$S_{ABCD} = |AB| \cdot |BC| = 4 \cdot 2 = 8$.

Ответ: Доказано, что ABCD является прямоугольником, его площадь равна 8.

б) A(4; 1), B(3; 5), C(-1; 4), D(0; 0)

1. Докажем, что ABCD – прямоугольник.
Найдем угловые коэффициенты сторон четырехугольника по формуле $k = \frac{y_2 - y_1}{x_2 - x_1}$.
$k_{AB} = \frac{5 - 1}{3 - 4} = \frac{4}{-1} = -4$.
$k_{BC} = \frac{4 - 5}{-1 - 3} = \frac{-1}{-4} = \frac{1}{4}$.
$k_{CD} = \frac{0 - 4}{0 - (-1)} = \frac{-4}{1} = -4$.
$k_{DA} = \frac{1 - 0}{4 - 0} = \frac{1}{4}$.
Так как $k_{AB} = k_{CD} = -4$, то сторона $AB$ параллельна стороне $CD$.
Так как $k_{BC} = k_{DA} = \frac{1}{4}$, то сторона $BC$ параллельна стороне $DA$.
Поскольку противолежащие стороны попарно параллельны, ABCD – параллелограмм.
Проверим, перпендикулярны ли смежные стороны. Найдем произведение их угловых коэффициентов.
$k_{AB} \cdot k_{BC} = (-4) \cdot \frac{1}{4} = -1$.
Так как произведение угловых коэффициентов сторон AB и BC равно -1, эти стороны перпендикулярны, то есть угол $\angle B$ прямой.
Поскольку ABCD – параллелограмм с прямым углом, он является прямоугольником.

2. Найдем площадь прямоугольника.
Найдем длины смежных сторон AB и BC.
$|AB| = \sqrt{(3 - 4)^2 + (5 - 1)^2} = \sqrt{(-1)^2 + 4^2} = \sqrt{1 + 16} = \sqrt{17}$.
$|BC| = \sqrt{(-1 - 3)^2 + (4 - 5)^2} = \sqrt{(-4)^2 + (-1)^2} = \sqrt{16 + 1} = \sqrt{17}$.
Площадь прямоугольника равна произведению длин его смежных сторон.
$S_{ABCD} = |AB| \cdot |BC| = \sqrt{17} \cdot \sqrt{17} = 17$.

Ответ: Доказано, что ABCD является прямоугольником (в данном случае - квадратом), его площадь равна 17.

№1036 (с. 257)
Условие. №1036 (с. 257)
скриншот условия
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1036, Условие Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1036, Условие (продолжение 2)

1036 Курьер должен принести заказ из пекарни в магазин, кафе и столовую. Ему предоставили карту маршрута, масштаб которой 1:10 000 (рис. 316). Все пункты, в которых может находиться курьер, соединяют прямолинейные дороги. Пекарня находится ровно посередине отрезка, соединяющего кафе и столовую. Какое расстояние должен пройти курьер, чтобы быстрее доставить заказ и вернуться обратно в пекарню?

Рисунок 316
Решение 1. №1036 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1036, Решение 1
Решение 10. №1036 (с. 257)
Геометрия, 7-9 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Юдина Ирина Игоревна, издательство Просвещение, Москва, 2023, страница 257, номер 1036, Решение 10
Решение 11. №1036 (с. 257)

Для решения задачи необходимо выполнить следующие шаги: определить координаты всех пунктов, найти кратчайший маршрут и рассчитать его реальную длину с учетом масштаба.

1. Определение координат точек на карте

Используя систему координат на рисунке, определим координаты заданных пунктов. За единицу измерения примем длину одной клетки (единичный отрезок).

  • Кафе (К): $(-8; 1)$
  • Столовая (С): $(8; 1)$
  • Магазин (М): $(1; 7)$

2. Нахождение координат пекарни

По условию, пекарня (П) находится ровно посередине отрезка, соединяющего кафе и столовую. Найдем координаты середины отрезка КС по формулам: $x_П = \frac{x_К + x_С}{2}$ и $y_П = \frac{y_К + y_С}{2}$

$x_П = \frac{-8 + 8}{2} = \frac{0}{2} = 0$

$y_П = \frac{1 + 1}{2} = \frac{2}{2} = 1$

Таким образом, координаты пекарни (П) — $(0; 1)$.

3. Расчет расстояний между пунктами в единицах карты

Расстояние между двумя точками с координатами $(x_1; y_1)$ и $(x_2; y_2)$ вычисляется по формуле: $d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2}$.

  • Расстояние от пекарни до кафе (ПК):
    $d_{ПК} = \sqrt{(-8 - 0)^2 + (1 - 1)^2} = \sqrt{(-8)^2 + 0^2} = \sqrt{64} = 8$ ед.
  • Расстояние от пекарни до столовой (ПС):
    $d_{ПС} = \sqrt{(8 - 0)^2 + (1 - 1)^2} = \sqrt{8^2 + 0^2} = \sqrt{64} = 8$ ед.
  • Расстояние от пекарни до магазина (ПМ):
    $d_{ПМ} = \sqrt{(1 - 0)^2 + (7 - 1)^2} = \sqrt{1^2 + 6^2} = \sqrt{1 + 36} = \sqrt{37}$ ед.
  • Расстояние от кафе до магазина (КМ):
    $d_{КМ} = \sqrt{(1 - (-8))^2 + (7 - 1)^2} = \sqrt{9^2 + 6^2} = \sqrt{81 + 36} = \sqrt{117}$ ед.
  • Расстояние от столовой до магазина (СМ):
    $d_{СМ} = \sqrt{(1 - 8)^2 + (7 - 1)^2} = \sqrt{(-7)^2 + 6^2} = \sqrt{49 + 36} = \sqrt{85}$ ед.
  • Расстояние от кафе до столовой (КС):
    $d_{КС} = \sqrt{(8 - (-8))^2 + (1 - 1)^2} = \sqrt{16^2 + 0^2} = 16$ ед.

4. Определение кратчайшего маршрута

Курьер начинает путь в пекарне (П), должен посетить кафе (К), столовую (С) и магазин (М), а затем вернуться в пекарню (П). Существует несколько возможных последовательностей посещения пунктов. Сравним их общую длину:

Вариант 1: Пекарня > Кафе > Магазин > Столовая > Пекарня (и симметричный ему П>С>М>К>П)
Длина: $L_1 = d_{ПК} + d_{КМ} + d_{МС} + d_{СП} = 8 + \sqrt{117} + \sqrt{85} + 8 = 16 + \sqrt{117} + \sqrt{85}$
$L_1 \approx 16 + 10.82 + 9.22 = 36.04$ ед.

Вариант 2: Пекарня > Магазин > Кафе > Столовая > Пекарня (и симметричный ему П>М>С>К>П)
Длина: $L_2 = d_{ПМ} + d_{МК} + d_{КС} + d_{СП} = \sqrt{37} + \sqrt{117} + 16 + 8 = 24 + \sqrt{37} + \sqrt{117}$
$L_2 \approx 24 + 6.08 + 10.82 = 40.9$ ед.

Вариант 3: Пекарня > Кафе > Столовая > Магазин > Пекарня (и симметричный ему П>С>К>М>П)
Длина: $L_3 = d_{ПК} + d_{КС} + d_{СМ} + d_{МП} = 8 + 16 + \sqrt{85} + \sqrt{37} = 24 + \sqrt{85} + \sqrt{37}$
$L_3 \approx 24 + 9.22 + 6.08 = 39.3$ ед.

Сравнивая длины маршрутов ($36.04 < 39.3 < 40.9$), видим, что кратчайшим является первый вариант: Пекарня > Кафе > Магазин > Столовая > Пекарня (или в обратном порядке: Пекарня > Столовая > Магазин > Кафе > Пекарня).

5. Расчет реального расстояния

Определим, какому реальному расстоянию соответствует один единичный отрезок на карте.

  • Из рисунка видно, что 1 см на карте равен 2 единичным отрезкам.
  • Масштаб карты 1:10 000, это значит, что 1 см на карте соответствует 10 000 см в реальности.
  • 10 000 см = 100 метров.
  • Таким образом, 2 единичных отрезка на карте равны 100 метрам в реальности, а 1 единичный отрезок равен $100 / 2 = 50$ метрам.

Теперь переведем длину кратчайшего маршрута из единичных отрезков в метры, а затем в километры:
Длина в метрах: $L_{м} = (16 + \sqrt{117} + \sqrt{85}) \times 50 \approx 36.04 \times 50 \approx 1802$ м.
Длина в километрах: $L_{км} = 1802 / 1000 = 1.802$ км.

Округлим результат до десятых: 1.8 км.

Ответ: Курьер должен пройти расстояние примерно 1.8 км.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться