Страница 187 - гдз по геометрии 10-11 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Киселёва Л. С.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2019 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: коричневый с ромбами

ISBN: 978-5-09-103606-0 (2023)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Cтраница 187

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187
№731 (с. 187)
Условие. №731 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 731, Условие

731. Даны векторы a{−5; 0; 5}, b{−5; 5; 0} и c{1; −2; −3}. Найдите координаты вектора: а) 3b − 3a + 3c; б) −0,1c + 0,8a − 0,5b.

Решение 2. №731 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 731, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 731, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 5. №731 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 731, Решение 5
Решение 6. №731 (с. 187)

Даны векторы с координатами: $ \vec{a}\{-5; 0; 5\} $, $ \vec{b}\{-5; 5; 0\} $ и $ \vec{c}\{1; -2; -3\} $.

Для нахождения координат результирующего вектора необходимо выполнить соответствующие арифметические операции (умножение на число, сложение, вычитание) с каждой из координат исходных векторов. Координаты суммы (разности) векторов равны сумме (разности) соответствующих координат. При умножении вектора на число каждая его координата умножается на это число.

а) Найдем координаты вектора $ 3\vec{b} - 3\vec{a} + 3\vec{c} $.

Обозначим искомый вектор как $ \vec{v} $. Его координаты $ \{v_x; v_y; v_z\} $ вычисляются следующим образом:

$ v_x = 3b_x - 3a_x + 3c_x = 3 \cdot (-5) - 3 \cdot (-5) + 3 \cdot 1 = -15 - (-15) + 3 = -15 + 15 + 3 = 3 $
$ v_y = 3b_y - 3a_y + 3c_y = 3 \cdot 5 - 3 \cdot 0 + 3 \cdot (-2) = 15 - 0 - 6 = 9 $
$ v_z = 3b_z - 3a_z + 3c_z = 3 \cdot 0 - 3 \cdot 5 + 3 \cdot (-3) = 0 - 15 - 9 = -24 $

Таким образом, координаты вектора $ 3\vec{b} - 3\vec{a} + 3\vec{c} $ равны $ \{3; 9; -24\} $.

Ответ: $ \{3; 9; -24\} $

б) Найдем координаты вектора $ -0,1\vec{c} + 0,8\vec{a} - 0,5\vec{b} $.

Обозначим искомый вектор как $ \vec{w} $. Его координаты $ \{w_x; w_y; w_z\} $ вычисляются следующим образом:

$ w_x = -0,1c_x + 0,8a_x - 0,5b_x = -0,1 \cdot 1 + 0,8 \cdot (-5) - 0,5 \cdot (-5) = -0,1 - 4 - (-2,5) = -4,1 + 2,5 = -1,6 $
$ w_y = -0,1c_y + 0,8a_y - 0,5b_y = -0,1 \cdot (-2) + 0,8 \cdot 0 - 0,5 \cdot 5 = 0,2 + 0 - 2,5 = -2,3 $
$ w_z = -0,1c_z + 0,8a_z - 0,5b_z = -0,1 \cdot (-3) + 0,8 \cdot 5 - 0,5 \cdot 0 = 0,3 + 4 - 0 = 4,3 $

Таким образом, координаты вектора $ -0,1\vec{c} + 0,8\vec{a} - 0,5\vec{b} $ равны $ \{-1,6; -2,3; 4,3\} $.

Ответ: $ \{-1,6; -2,3; 4,3\} $

№732 (с. 187)
Условие. №732 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 732, Условие

732. Коллинеарны ли векторы:

Коллинеарны ли векторы
Решение 2. №732 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 732, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 732, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 732, Решение 2 (продолжение 3) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 732, Решение 2 (продолжение 4)
Решение 5. №732 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 732, Решение 5
Решение 6. №732 (с. 187)

Два ненулевых вектора $\vec{a}\{x_1; y_1; z_1\}$ и $\vec{b}\{x_2; y_2; z_2\}$ называются коллинеарными, если существует такое число $k$, что $\vec{b} = k \cdot \vec{a}$, то есть их соответствующие координаты пропорциональны: $\frac{x_2}{x_1} = \frac{y_2}{y_1} = \frac{z_2}{z_1} = k$. Если одна из координат вектора $\vec{a}$ равна нулю (например, $x_1=0$), то для коллинеарности соответствующая координата вектора $\vec{b}$ также должна быть равна нулю ($x_2=0$), а для ненулевых координат должно выполняться равенство отношений. Проверим это условие для каждой пары векторов.

а) Даны векторы $\vec{a}\{-5; 3; -1\}$ и $\vec{b}\{6; -10; -2\}$. Найдем отношения их соответствующих координат:
$\frac{b_x}{a_x} = \frac{6}{-5} = -1,2$
$\frac{b_y}{a_y} = \frac{-10}{3} = -3\frac{1}{3}$
$\frac{b_z}{a_z} = \frac{-2}{-1} = 2$
Так как отношения координат не равны ($ -1,2 \neq -3\frac{1}{3} \neq 2 $), векторы не являются коллинеарными.
Ответ: не коллинеарны.

б) Даны векторы $\vec{a}\{-2; 3; 7\}$ и $\vec{b}\{-1; 1,5; 3,5\}$. Найдем отношения их соответствующих координат:
$\frac{b_x}{a_x} = \frac{-1}{-2} = 0,5$
$\frac{b_y}{a_y} = \frac{1,5}{3} = 0,5$
$\frac{b_z}{a_z} = \frac{3,5}{7} = 0,5$
Так как все отношения координат равны ($0,5$), то векторы коллинеарны.
Ответ: коллинеарны.

в) Даны векторы $\vec{a}\{-\frac{2}{3}; \frac{5}{9}; -1\}$ и $\vec{b}\{6; -5; 9\}$. Найдем отношения их соответствующих координат:
$\frac{b_x}{a_x} = \frac{6}{-\frac{2}{3}} = 6 \cdot (-\frac{3}{2}) = -9$
$\frac{b_y}{a_y} = \frac{-5}{\frac{5}{9}} = -5 \cdot \frac{9}{5} = -9$
$\frac{b_z}{a_z} = \frac{9}{-1} = -9$
Так как все отношения координат равны ($-9$), то векторы коллинеарны.
Ответ: коллинеарны.

г) Даны векторы $\vec{a}\{0,7; -1,2; -5,2\}$ и $\vec{b}\{-2,8; 4,8; -20,8\}$. Найдем отношения их соответствующих координат:
$\frac{b_x}{a_x} = \frac{-2,8}{0,7} = -4$
$\frac{b_y}{a_y} = \frac{4,8}{-1,2} = -4$
$\frac{b_z}{a_z} = \frac{-20,8}{-5,2} = 4$
Так как отношения не равны между собой ($-4 \neq 4$), векторы не являются коллинеарными.
Ответ: не коллинеарны.

№733 (с. 187)
Условие. №733 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 733, Условие

733. Даны точки А(−5; 7; 3) и B(3; −11; 1). а) На оси Ох найдите точку, ближайшую к середине отрезка AB. б) Найдите точки, обладающие аналогичным свойством, на осях Оу и Oz.

Решение 2. №733 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 733, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 733, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 5. №733 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 733, Решение 5
Решение 6. №733 (с. 187)

Для решения задачи сначала найдем координаты середины отрезка AB. Пусть это будет точка M с координатами $(x_M; y_M; z_M)$. Координаты середины отрезка, концами которого являются точки $A(x_A; y_A; z_A)$ и $B(x_B; y_B; z_B)$, вычисляются по формулам:

$x_M = \frac{x_A + x_B}{2}$, $y_M = \frac{y_A + y_B}{2}$, $z_M = \frac{z_A + z_B}{2}$

Подставим в формулы координаты заданных точек $A(-5; 7; 3)$ и $B(3; -11; 1)$:

$x_M = \frac{-5 + 3}{2} = \frac{-2}{2} = -1$

$y_M = \frac{7 + (-11)}{2} = \frac{-4}{2} = -2$

$z_M = \frac{3 + 1}{2} = \frac{4}{2} = 2$

Таким образом, середина отрезка AB — это точка $M(-1; -2; 2)$.

а) Нам нужно найти на оси Ox точку, ближайшую к точке $M(-1; -2; 2)$. Ближайшей точкой на координатной оси к любой точке пространства является ее ортогональная проекция на эту ось.

Любая точка на оси Ox имеет координаты $(x; 0; 0)$. Ортогональная проекция точки $M(x_M; y_M; z_M)$ на ось Ox имеет координаты $(x_M; 0; 0)$.

Следовательно, для точки $M(-1; -2; 2)$ ее проекция на ось Ox будет иметь координаты $(-1; 0; 0)$. Это и есть искомая точка.

Ответ: $(-1; 0; 0)$.

б) Аналогично найдем точки на осях Oy и Oz.

Для оси Oy: Любая точка на оси Oy имеет координаты $(0; y; 0)$. Ортогональная проекция точки $M(-1; -2; 2)$ на ось Oy имеет координаты $(0; -2; 0)$.

Для оси Oz: Любая точка на оси Oz имеет координаты $(0; 0; z)$. Ортогональная проекция точки $M(-1; -2; 2)$ на ось Oz имеет координаты $(0; 0; 2)$.

Ответ: на оси Oy — точка $(0; -2; 0)$; на оси Oz — точка $(0; 0; 2)$.

№734 (с. 187)
Условие. №734 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 734, Условие

734. Компланарны ли векторы:

Упражнение 734 компланарны ли векторы
Решение 2. №734 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 734, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 734, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 734, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 5. №734 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 734, Решение 5
Решение 6. №734 (с. 187)

а) Три вектора являются компланарными, если их смешанное произведение равно нулю. Смешанное произведение векторов, заданных своими координатами, равно определителю матрицы, составленной из этих координат.
Найдем координаты заданных векторов. Первый вектор $\vec{a}\{-1; 2; 3\}$.
Второй вектор (обозначим его $\vec{b}$): $\vec{b} = \vec{i}+\vec{j} = \{1; 1; 0\}$.
Третий вектор (обозначим его $\vec{c}$): $\vec{c} = \vec{i}-\vec{k} = \{1; 0; -1\}$.
Теперь вычислим смешанное произведение $(\vec{a}, \vec{b}, \vec{c})$ как определитель матрицы:
$ (\vec{a}, \vec{b}, \vec{c}) = \begin{vmatrix} -1 & 2 & 3 \\ 1 & 1 & 0 \\ 1 & 0 & -1 \end{vmatrix} = -1(1 \cdot (-1) - 0 \cdot 0) - 2(1 \cdot (-1) - 0 \cdot 1) + 3(1 \cdot 0 - 1 \cdot 1) = -1(-1) - 2(-1) + 3(-1) = 1 + 2 - 3 = 0 $
Поскольку смешанное произведение равно нулю, векторы компланарны.
Ответ: Да, векторы компланарны.

б) Аналогично проверим компланарность данных векторов через их смешанное произведение.
Найдем координаты векторов. Первый вектор (в задаче обозначен $\vec{b}$, назовем его $\vec{d}$ для ясности): $\vec{d}\{2; 1; 1,5\}$.
Второй вектор (назовем $\vec{e}$): $\vec{e} = \vec{i}+\vec{j}+\vec{k} = \{1; 1; 1\}$.
Третий вектор (назовем $\vec{f}$): $\vec{f} = \vec{i}-\vec{j} = \{1; -1; 0\}$.
Вычислим определитель матрицы, составленной из координат этих векторов:
$ (\vec{d}, \vec{e}, \vec{f}) = \begin{vmatrix} 2 & 1 & 1,5 \\ 1 & 1 & 1 \\ 1 & -1 & 0 \end{vmatrix} = 2(1 \cdot 0 - 1 \cdot (-1)) - 1(1 \cdot 0 - 1 \cdot 1) + 1,5(1 \cdot (-1) - 1 \cdot 1) = 2(1) - 1(-1) + 1,5(-2) = 2 + 1 - 3 = 0 $
Так как смешанное произведение равно нулю, векторы компланарны.
Ответ: Да, векторы компланарны.

в) Проверим на компланарность векторы $\vec{a}\{1; 1; 1\}$, $\vec{b}\{1; -1; 2\}$ и $\vec{c}\{2; 3; -1\}$, вычислив их смешанное произведение.
Составим матрицу из координат векторов и найдем ее определитель:
$ (\vec{a}, \vec{b}, \vec{c}) = \begin{vmatrix} 1 & 1 & 1 \\ 1 & -1 & 2 \\ 2 & 3 & -1 \end{vmatrix} = 1((-1) \cdot (-1) - 2 \cdot 3) - 1(1 \cdot (-1) - 2 \cdot 2) + 1(1 \cdot 3 - (-1) \cdot 2) = 1(1-6) - 1(-1-4) + 1(3+2) = -5 - (-5) + 5 = -5 + 5 + 5 = 5 $
Поскольку смешанное произведение не равно нулю ($5 \neq 0$), векторы не являются компланарными.
Ответ: Нет, векторы не компланарны.

№735 (с. 187)
Условие. №735 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 735, Условие

735. Даны точки А(3; 5; 4), В(4; 6; 5), С(6; −2; 1) и D(5; −3; 0). Докажите, что ABCD — параллелограмм.

Решение 2. №735 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 735, Решение 2
Решение 5. №735 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 735, Решение 5
Решение 6. №735 (с. 187)

Для того чтобы доказать, что четырехугольник $ABCD$ является параллелограммом, достаточно показать, что векторы его противоположных сторон равны. Если вектор $\vec{AB}$ равен вектору $\vec{DC}$, это означает, что отрезки $AB$ и $DC$ параллельны и равны по длине, что является признаком параллелограмма.

Даны координаты вершин: $A(3; 5; 4)$, $B(4; 6; 5)$, $C(6; -2; 1)$ и $D(5; -3; 0)$.

Найдем координаты векторов $\vec{AB}$ и $\vec{DC}$. Координаты вектора, заданного двумя точками, вычисляются как разность соответствующих координат конца и начала вектора. Для вектора $\vec{MN}$ с началом в точке $M(x_1, y_1, z_1)$ и концом в точке $N(x_2, y_2, z_2)$ координаты равны $(x_2 - x_1; y_2 - y_1; z_2 - z_1)$.

Вычислим координаты вектора $\vec{AB}$. Начало вектора — точка $A(3; 5; 4)$, конец — точка $B(4; 6; 5)$.

$\vec{AB} = (4 - 3; 6 - 5; 5 - 4) = (1; 1; 1)$

Теперь вычислим координаты вектора $\vec{DC}$. Начало вектора — точка $D(5; -3; 0)$, конец — точка $C(6; -2; 1)$.

$\vec{DC} = (6 - 5; -2 - (-3); 1 - 0) = (1; -2 + 3; 1) = (1; 1; 1)$

Сравнивая полученные координаты, видим, что $\vec{AB} = (1; 1; 1)$ и $\vec{DC} = (1; 1; 1)$. Так как соответствующие координаты векторов равны, то и сами векторы равны: $\vec{AB} = \vec{DC}$.

Из равенства векторов следует, что стороны $AB$ и $DC$ четырехугольника $ABCD$ параллельны и равны по длине. По признаку параллелограмма, если в четырехугольнике две противоположные стороны параллельны и равны, то этот четырехугольник является параллелограммом.

Таким образом, доказано, что четырехугольник $ABCD$ — параллелограмм.

Ответ: Утверждение доказано, так как векторы противоположных сторон $\vec{AB}$ и $\vec{DC}$ равны, их координаты $(1; 1; 1)$.

№736 (с. 187)
Условие. №736 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 736, Условие

736. Даны точки А(2; 0; 1), B(3; 2; 2) и С(2; 3; 6). Найдите координаты точки пересечения медиан треугольника ABC.

Решение 2. №736 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 736, Решение 2
Решение 5. №736 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 736, Решение 5
Решение 6. №736 (с. 187)

Точка пересечения медиан треугольника, также известная как центроид, является точкой, координаты которой равны среднему арифметическому соответствующих координат вершин треугольника.

Для треугольника с вершинами $A(x_A; y_A; z_A)$, $B(x_B; y_B; z_B)$ и $C(x_C; y_C; z_C)$, координаты точки пересечения медиан $M(x_M; y_M; z_M)$ находятся по формулам:
$x_M = \frac{x_A + x_B + x_C}{3}$
$y_M = \frac{y_A + y_B + y_C}{3}$
$z_M = \frac{z_A + z_B + z_C}{3}$

В данной задаче координаты вершин треугольника $ABC$ следующие: $A(2; 0; 1)$, $B(3; 2; 2)$ и $C(2; 3; 6)$.

Вычислим координаты точки пересечения медиан $M$, подставив значения в формулы:
$x_M = \frac{2 + 3 + 2}{3} = \frac{7}{3}$
$y_M = \frac{0 + 2 + 3}{3} = \frac{5}{3}$
$z_M = \frac{1 + 2 + 6}{3} = \frac{9}{3} = 3$

Следовательно, искомые координаты точки пересечения медиан: $(\frac{7}{3}; \frac{5}{3}; 3)$.

Ответ: $(\frac{7}{3}; \frac{5}{3}; 3)$.

№737 (с. 187)
Условие. №737 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 737, Условие

737. Даны координаты четырёх вершин параллелепипеда ABCDA₁B₁C₁D₁: А(3; 0; 2), В(2; 4; 5), А₁(5; 3; 1), D(7; 1; 2). Найдите координаты остальных вершин.

Решение 2. №737 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 737, Решение 2
Решение 5. №737 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 737, Решение 5
Решение 6. №737 (с. 187)

Для нахождения координат неизвестных вершин параллелепипеда $ABCDA_1B_1C_1D_1$ воспользуемся его свойствами. Грани параллелепипеда являются параллелограммами, а боковые рёбра, не принадлежащие одному основанию, параллельны и равны. Это приводит к следующим векторным равенствам: $\vec{AD} = \vec{BC}$, $\vec{AB} = \vec{DC}$ и $\vec{AA_1} = \vec{BB_1} = \vec{CC_1} = \vec{DD_1}$.

Даны координаты вершин: $A(3; 0; 2)$, $B(2; 4; 5)$, $A_1(5; 3; 1)$, $D(7; 1; 2)$. Неизвестными остаются вершины $C$, $B_1$, $C_1$ и $D_1$.

C

Поскольку $ABCD$ — параллелограмм, для него справедливо правило сложения векторов, соответствующее его вершинам: $\vec{OA} + \vec{OC} = \vec{OB} + \vec{OD}$, где $O$ — начало координат. Отсюда можно выразить радиус-вектор точки $C$: $\vec{OC} = \vec{OB} + \vec{OD} - \vec{OA}$. Подставим координаты известных вершин для нахождения координат точки $C(x_C; y_C; z_C)$:
$x_C = x_B + x_D - x_A = 2 + 7 - 3 = 6$
$y_C = y_B + y_D - y_A = 4 + 1 - 0 = 5$
$z_C = z_B + z_D - z_A = 5 + 2 - 2 = 5$
Также можно использовать равенство векторов $\vec{BC} = \vec{AD}$.
Сначала найдем координаты вектора $\vec{AD}$:
$\vec{AD} = (x_D - x_A; y_D - y_A; z_D - z_A) = (7 - 3; 1 - 0; 2 - 2) = (4; 1; 0)$.
Теперь, зная, что $\vec{BC} = (x_C - x_B; y_C - y_B; z_C - z_B)$, приравняем его к $\vec{AD}$:
$x_C - 2 = 4 \implies x_C = 6$.
$y_C - 4 = 1 \implies y_C = 5$.
$z_C - 5 = 0 \implies z_C = 5$.
Оба способа дают одинаковый результат.
Ответ: $C(6; 5; 5)$

Для нахождения координат вершин верхнего основания ($B_1, C_1, D_1$) определим вектор сдвига $\vec{v}$, который равен вектору $\vec{AA_1}$ и переводит нижнее основание в верхнее.
$\vec{v} = \vec{AA_1} = (x_{A1} - x_A; y_{A1} - y_A; z_{A1} - z_A) = (5 - 3; 3 - 0; 1 - 2) = (2; 3; -1)$.
Координаты любой вершины верхнего основания можно найти, прибавив вектор $\vec{v}$ к координатам соответствующей вершины нижнего основания.

B?

Координаты вершины $B_1$ находим, прибавляя вектор сдвига $\vec{v}$ к координатам вершины $B$:
$\vec{OB_1} = \vec{OB} + \vec{v}$.
$x_{B1} = x_B + v_x = 2 + 2 = 4$
$y_{B1} = y_B + v_y = 4 + 3 = 7$
$z_{B1} = z_B + v_z = 5 + (-1) = 4$
Ответ: $B_1(4; 7; 4)$

C?

Координаты вершины $C_1$ находим, прибавляя вектор сдвига $\vec{v}$ к координатам вершины $C(6; 5; 5)$:
$\vec{OC_1} = \vec{OC} + \vec{v}$.
$x_{C1} = x_C + v_x = 6 + 2 = 8$
$y_{C1} = y_C + v_y = 5 + 3 = 8$
$z_{C1} = z_C + v_z = 5 + (-1) = 4$
Ответ: $C_1(8; 8; 4)$

D?

Координаты вершины $D_1$ находим, прибавляя вектор сдвига $\vec{v}$ к координатам вершины $D$:
$\vec{OD_1} = \vec{OD} + \vec{v}$.
$x_{D1} = x_D + v_x = 7 + 2 = 9$
$y_{D1} = y_D + v_y = 1 + 3 = 4$
$z_{D1} = z_D + v_z = 2 + (-1) = 1$
Ответ: $D_1(9; 4; 1)$

№738 (с. 187)
Условие. №738 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 738, Условие

738. Середина отрезка AB лежит в плоскости Оху. Найдите k, если: а) А(2; 3; −1), В (5; 7; k); б) А (0; 4; k), В (3; −8; 2); в) А (5; 3; k), В(3; −5; 3k).

Решение 2. №738 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 738, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 738, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 738, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 5. №738 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 738, Решение 5
Решение 6. №738 (с. 187)

Пусть точка $M(x_M; y_M; z_M)$ — середина отрезка $AB$ с концами в точках $A(x_A; y_A; z_A)$ и $B(x_B; y_B; z_B)$. Координаты середины отрезка вычисляются по формулам:
$x_M = \frac{x_A + x_B}{2}$, $y_M = \frac{y_A + y_B}{2}$, $z_M = \frac{z_A + z_B}{2}$.
По условию, середина отрезка $AB$ лежит в плоскости $Oxy$. Это означает, что аппликата (координата $z$) этой точки равна нулю, то есть $z_M = 0$.
Следовательно, для нахождения $k$ необходимо решить уравнение $\frac{z_A + z_B}{2} = 0$, которое равносильно уравнению $z_A + z_B = 0$.

а) Даны точки $A(2; 3; -1)$ и $B(5; 7; k)$.
Аппликаты (координаты $z$) этих точек: $z_A = -1$ и $z_B = k$.
Подставим эти значения в условие $z_A + z_B = 0$:
$-1 + k = 0$
Отсюда находим $k$:
$k = 1$
Ответ: $k=1$.

б) Даны точки $A(0; 4; k)$ и $B(3; -8; 2)$.
Аппликаты этих точек: $z_A = k$ и $z_B = 2$.
Подставим эти значения в условие $z_A + z_B = 0$:
$k + 2 = 0$
Отсюда находим $k$:
$k = -2$
Ответ: $k=-2$.

в) Даны точки $A(5; 3; k)$ и $B(3; -5; 3k)$.
Аппликаты этих точек: $z_A = k$ и $z_B = 3k$.
Подставим эти значения в условие $z_A + z_B = 0$:
$k + 3k = 0$
$4k = 0$
Отсюда находим $k$:
$k = 0$
Ответ: $k=0$.

№739 (с. 187)
Условие. №739 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 739, Условие

739. Найдите координаты единичных векторов, сонаправленных соответственно с векторами a{2; 1; −2} и b{1; 3; 0}.

Решение 2. №739 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 739, Решение 2
Решение 5. №739 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 739, Решение 5
Решение 6. №739 (с. 187)

Для нахождения координат единичного вектора, который сонаправлен с заданным вектором, необходимо найти модуль (длину) этого вектора, а затем разделить каждую из его координат на этот модуль. Единичный вектор (орт) $\vec{e}$ для вектора $\vec{v}\{x; y; z\}$ вычисляется по формуле:

$\vec{e} = \frac{\vec{v}}{|\vec{v}|} = \left\{\frac{x}{|\vec{v}|}; \frac{y}{|\vec{v}|}; \frac{z}{|\vec{v}|}\right\}$

где модуль вектора $|\vec{v}|$ равен $|\vec{v}| = \sqrt{x^2 + y^2 + z^2}$.

Для вектора $\vec{a}\{2; 1; -2\}$

1. Сначала вычислим модуль вектора $\vec{a}$:

$|\vec{a}| = \sqrt{2^2 + 1^2 + (-2)^2} = \sqrt{4 + 1 + 4} = \sqrt{9} = 3$

2. Теперь найдем координаты единичного вектора $\vec{e_a}$, сонаправленного с $\vec{a}$, разделив каждую координату вектора $\vec{a}$ на его модуль:

$\vec{e_a} = \left\{\frac{2}{3}; \frac{1}{3}; \frac{-2}{3}\right\}$

Ответ: Координаты единичного вектора, сонаправленного с $\vec{a}$, равны $\left\{\frac{2}{3}; \frac{1}{3}; -\frac{2}{3}\right\}$.

Для вектора $\vec{b}\{1; 3; 0\}$

1. Сначала вычислим модуль вектора $\vec{b}$:

$|\vec{b}| = \sqrt{1^2 + 3^2 + 0^2} = \sqrt{1 + 9 + 0} = \sqrt{10}$

2. Теперь найдем координаты единичного вектора $\vec{e_b}$, сонаправленного с $\vec{b}$, разделив каждую координату вектора $\vec{b}$ на его модуль:

$\vec{e_b} = \left\{\frac{1}{\sqrt{10}}; \frac{3}{\sqrt{10}}; \frac{0}{\sqrt{10}}\right\} = \left\{\frac{1}{\sqrt{10}}; \frac{3}{\sqrt{10}}; 0\right\}$

Также можно представить ответ, избавившись от иррациональности в знаменателе:

$\vec{e_b} = \left\{\frac{1 \cdot \sqrt{10}}{\sqrt{10} \cdot \sqrt{10}}; \frac{3 \cdot \sqrt{10}}{\sqrt{10} \cdot \sqrt{10}}; 0\right\} = \left\{\frac{\sqrt{10}}{10}; \frac{3\sqrt{10}}{10}; 0\right\}$

Ответ: Координаты единичного вектора, сонаправленного с $\vec{b}$, равны $\left\{\frac{1}{\sqrt{10}}; \frac{3}{\sqrt{10}}; 0\right\}$ (или $\left\{\frac{\sqrt{10}}{10}; \frac{3\sqrt{10}}{10}; 0\right\}$).

№740 (с. 187)
Условие. №740 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 740, Условие

740. Длина вектора a{х; у; z} равна 5. Найдите ординату вектора a, если х = 2, z =− 5.

Решение 2. №740 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 740, Решение 2
Решение 5. №740 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 740, Решение 5
Решение 6. №740 (с. 187)

Длина, или модуль, вектора $\vec{a}\{x; y; z\}$ определяется по формуле: $|\vec{a}| = \sqrt{x^2 + y^2 + z^2}$.

В условии задачи даны следующие значения:

Длина вектора $|\vec{a}| = 5$.

Координата $x = 2$.

Координата $z = -\sqrt{5}$.

Нам нужно найти ординату вектора, то есть координату $y$.

Подставим известные данные в формулу длины вектора:

$5 = \sqrt{2^2 + y^2 + (-\sqrt{5})^2}$

Чтобы решить это уравнение относительно $y$, возведем обе его части в квадрат:

$5^2 = 2^2 + y^2 + (-\sqrt{5})^2$

Выполним вычисления:

$25 = 4 + y^2 + 5$

Теперь сложим известные числа в правой части уравнения:

$25 = 9 + y^2$

Выразим $y^2$ из полученного уравнения:

$y^2 = 25 - 9$

$y^2 = 16$

Чтобы найти $y$, извлечем квадратный корень из 16. Следует помнить, что корень может быть как положительным, так и отрицательным:

$y = \pm\sqrt{16}$

Следовательно, получаем два возможных значения для ординаты $y$:

$y_1 = 4$

$y_2 = -4$

Ответ: $4$ или $-4$.

№741 (с. 187)
Условие. №741 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 741, Условие

741. Даны точки М(2; −1; 3), N(−4; 1; −1), Р(−3; 1; 2) и Q(1; 1; 0). Вычислите расстояние между серединами отрезков MN и PQ.

Решение 2. №741 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 741, Решение 2
Решение 5. №741 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 741, Решение 5
Решение 6. №741 (с. 187)

Для решения задачи необходимо выполнить два основных шага: найти координаты середин отрезков MN и PQ, а затем вычислить расстояние между этими двумя найденными точками.

1. Нахождение координат середины отрезка MN

Пусть точка A является серединой отрезка MN. Координаты середины отрезка вычисляются как среднее арифметическое соответствующих координат его концов. Формула для нахождения координат середины отрезка с концами в точках $M(x_M; y_M; z_M)$ и $N(x_N; y_N; z_N)$ выглядит следующим образом:

$A\left(\frac{x_M + x_N}{2}; \frac{y_M + y_N}{2}; \frac{z_M + z_N}{2}\right)$

Подставим заданные координаты точек $M(2; -1; 3)$ и $N(-4; 1; -1)$ в формулу:

$x_A = \frac{2 + (-4)}{2} = \frac{-2}{2} = -1$

$y_A = \frac{-1 + 1}{2} = \frac{0}{2} = 0$

$z_A = \frac{3 + (-1)}{2} = \frac{2}{2} = 1$

Таким образом, координаты точки A, середины отрезка MN, равны $A(-1; 0; 1)$.

2. Нахождение координат середины отрезка PQ

Пусть точка B является серединой отрезка PQ. Используем аналогичную формулу для точек $P(-3; 1; 2)$ и $Q(1; 1; 0)$:

$B\left(\frac{x_P + x_Q}{2}; \frac{y_P + y_Q}{2}; \frac{z_P + z_Q}{2}\right)$

Подставим заданные координаты точек P и Q:

$x_B = \frac{-3 + 1}{2} = \frac{-2}{2} = -1$

$y_B = \frac{1 + 1}{2} = \frac{2}{2} = 1$

$z_B = \frac{2 + 0}{2} = \frac{2}{2} = 1$

Таким образом, координаты точки B, середины отрезка PQ, равны $B(-1; 1; 1)$.

3. Вычисление расстояния между серединами A и B

Расстояние $d$ между точками $A(x_A; y_A; z_A)$ и $B(x_B; y_B; z_B)$ в трехмерном пространстве вычисляется по формуле:

$d = \sqrt{(x_B - x_A)^2 + (y_B - y_A)^2 + (z_B - z_A)^2}$

Подставим координаты найденных точек $A(-1; 0; 1)$ и $B(-1; 1; 1)$ в формулу:

$d_{AB} = \sqrt{(-1 - (-1))^2 + (1 - 0)^2 + (1 - 1)^2}$

$d_{AB} = \sqrt{0^2 + 1^2 + 0^2}$

$d_{AB} = \sqrt{0 + 1 + 0} = \sqrt{1} = 1$

Ответ: 1

№742 (с. 187)
Условие. №742 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 742, Условие

742. Найдите расстояние от точки В(−2; 5; 3) до осей координат.

Решение 2. №742 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 742, Решение 2
Решение 5. №742 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 742, Решение 5
Решение 6. №742 (с. 187)

Задача состоит в нахождении расстояний от точки $B(-2; 5; \sqrt{3})$ до каждой из трех координатных осей: оси Ox (абсцисс), оси Oy (ординат) и оси Oz (аппликат). Для этого мы будем использовать формулу расстояния между двумя точками в трехмерном пространстве.

Расстояние до оси Ox

Расстояние от точки до прямой определяется как длина перпендикуляра, опущенного из точки на эту прямую. Проекцией точки $B(x, y, z)$ на ось Ox является точка $B_x(x, 0, 0)$, у которой координаты y и z равны нулю. Расстояние между точками $B$ и $B_x$ и есть искомое расстояние до оси Ox.
Формула расстояния: $d = \sqrt{(x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2 + (z_2-z_1)^2}$.
Для точки $B(-2; 5; \sqrt{3})$ ее проекция на ось Ox будет $B_x(-2; 0; 0)$.
$d_{Ox} = \sqrt{(-2 - (-2))^2 + (5 - 0)^2 + (\sqrt{3} - 0)^2} = \sqrt{0^2 + 5^2 + (\sqrt{3})^2}$.
$d_{Ox} = \sqrt{25 + 3} = \sqrt{28}$.
Упростим корень: $\sqrt{28} = \sqrt{4 \cdot 7} = 2\sqrt{7}$.
В общем виде формула расстояния от точки $(x, y, z)$ до оси Ox: $d_{Ox} = \sqrt{y^2 + z^2}$.
Ответ: $2\sqrt{7}$.

Расстояние до оси Oy

Аналогично, расстояние от точки $(x, y, z)$ до оси Oy вычисляется по формуле $d_{Oy} = \sqrt{x^2 + z^2}$.
Подставим координаты точки $B(-2; 5; \sqrt{3})$:
$d_{Oy} = \sqrt{(-2)^2 + (\sqrt{3})^2} = \sqrt{4 + 3} = \sqrt{7}$.
Ответ: $\sqrt{7}$.

Расстояние до оси Oz

Расстояние от точки $(x, y, z)$ до оси Oz вычисляется по формуле $d_{Oz} = \sqrt{x^2 + y^2}$.
Подставим координаты точки $B(-2; 5; \sqrt{3})$:
$d_{Oz} = \sqrt{(-2)^2 + 5^2} = \sqrt{4 + 25} = \sqrt{29}$.
Ответ: $\sqrt{29}$.

№743 (с. 187)
Условие. №743 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 743, Условие

743. На оси ординат найдите точку, равноудалённую от точек А(13; 2; −1) и В(−15; 7; −18).

Решение 2. №743 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 743, Решение 2
Решение 5. №743 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 743, Решение 5
Решение 6. №743 (с. 187)

Пусть искомая точка $M$ лежит на оси ординат. Координаты любой точки на оси ординат (оси $Oy$) имеют вид $(0; y; 0)$. Таким образом, $M(0; y; 0)$.

По условию задачи, точка $M$ равноудалена от точек $A(13; 2; -1)$ и $B(-15; 7; -18)$. Это означает, что расстояние $MA$ равно расстоянию $MB$, или, что эквивалентно, квадраты этих расстояний равны: $MA^2 = MB^2$.

Квадрат расстояния между двумя точками $(x_1; y_1; z_1)$ и $(x_2; y_2; z_2)$ вычисляется по формуле: $d^2 = (x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2 + (z_2 - z_1)^2$.

Найдем квадрат расстояния $MA^2$:
$MA^2 = (13 - 0)^2 + (2 - y)^2 + (-1 - 0)^2 = 13^2 + (2 - y)^2 + (-1)^2$
$MA^2 = 169 + (4 - 4y + y^2) + 1 = y^2 - 4y + 174$.

Найдем квадрат расстояния $MB^2$:
$MB^2 = (-15 - 0)^2 + (7 - y)^2 + (-18 - 0)^2 = (-15)^2 + (7 - y)^2 + (-18)^2$
$MB^2 = 225 + (49 - 14y + y^2) + 324 = y^2 - 14y + 598$.

Приравняем квадраты расстояний $MA^2$ и $MB^2$ и решим полученное уравнение относительно $y$:
$y^2 - 4y + 174 = y^2 - 14y + 598$
Вычтем $y^2$ из обеих частей уравнения:
$-4y + 174 = -14y + 598$
Перенесем члены с $y$ в левую часть, а свободные члены — в правую:
$14y - 4y = 598 - 174$
$10y = 424$
$y = \frac{424}{10} = 42.4$

Следовательно, искомая точка $M$ имеет координаты $(0; 42.4; 0)$.

Ответ: $(0; 42.4; 0)$.

№744 (с. 187)
Условие. №744 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 744, Условие

744. Найдите координаты центра окружности, описанной около треугольника с вершинами А(0; 2; 2), В(2; 1; 1), С(2; 2; 2).

Решение 2. №744 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 744, Решение 2
Решение 5. №744 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 744, Решение 5
Решение 6. №744 (с. 187)

Центр описанной окружности — это точка $O(x; y; z)$, равноудаленная от всех вершин треугольника. Это означает, что расстояния от точки $O$ до точек $A$, $B$ и $C$ равны. Математически это выражается как $OA = OB = OC$. Для удобства вычислений будем использовать квадраты расстояний: $OA^2 = OB^2 = OC^2$.

Даны координаты вершин треугольника: $A(0; 2; 2)$, $B(2; 1; 1)$, $C(2; 2; 2)$.

Формула квадрата расстояния между двумя точками $(x_1; y_1; z_1)$ и $(x_2; y_2; z_2)$ в пространстве имеет вид: $d^2 = (x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2 + (z_2-z_1)^2$.

Запишем квадраты расстояний от искомой точки $O(x; y; z)$ до каждой из вершин:

$OA^2 = (x-0)^2 + (y-2)^2 + (z-2)^2 = x^2 + (y-2)^2 + (z-2)^2$

$OB^2 = (x-2)^2 + (y-1)^2 + (z-1)^2$

$OC^2 = (x-2)^2 + (y-2)^2 + (z-2)^2$

Теперь составим систему уравнений, приравняв квадраты расстояний.

1. Из равенства $OA^2 = OC^2$ получаем:

$x^2 + (y-2)^2 + (z-2)^2 = (x-2)^2 + (y-2)^2 + (z-2)^2$

Сократив одинаковые слагаемые $(y-2)^2$ и $(z-2)^2$, получим:

$x^2 = (x-2)^2$

$x^2 = x^2 - 4x + 4$

$4x = 4$

$x = 1$

2. Из равенства $OB^2 = OC^2$ получаем:

$(x-2)^2 + (y-1)^2 + (z-1)^2 = (x-2)^2 + (y-2)^2 + (z-2)^2$

Сократив одинаковое слагаемое $(x-2)^2$, получим:

$(y-1)^2 + (z-1)^2 = (y-2)^2 + (z-2)^2$

Раскроем скобки:

$y^2 - 2y + 1 + z^2 - 2z + 1 = y^2 - 4y + 4 + z^2 - 4z + 4$

Приведем подобные слагаемые:

$-2y - 2z + 2 = -4y - 4z + 8$

$2y + 2z = 6$

$y + z = 3$

Полученные два уравнения, $x = 1$ и $y + z = 3$, определяют прямую в пространстве, все точки которой равноудалены от вершин $A$, $B$ и $C$. Однако, центр описанной окружности должен также лежать в плоскости самого треугольника $ABC$. Найдем уравнение этой плоскости.

Для этого определим два вектора, лежащих в этой плоскости, например, $\vec{AB}$ и $\vec{AC}$:

$\vec{AB} = (2-0; 1-2; 1-2) = (2; -1; -1)$

$\vec{AC} = (2-0; 2-2; 2-2) = (2; 0; 0)$

Нормальный вектор $\vec{n}$ к плоскости треугольника перпендикулярен обоим этим векторам и может быть найден с помощью их векторного произведения:

$\vec{n} = \vec{AB} \times \vec{AC} = \begin{vmatrix} \mathbf{i} & \mathbf{j} & \mathbf{k} \\ 2 & -1 & -1 \\ 2 & 0 & 0 \end{vmatrix} = \mathbf{i}((-1) \cdot 0 - (-1) \cdot 0) - \mathbf{j}(2 \cdot 0 - (-1) \cdot 2) + \mathbf{k}(2 \cdot 0 - (-1) \cdot 2) = (0; -2; 2)$

Для упрощения можно использовать коллинеарный вектор, разделив координаты на 2: $\vec{n'} = (0; -1; 1)$.

Уравнение плоскости, проходящей через точку $A(0; 2; 2)$ с нормальным вектором $\vec{n'} = (0; -1; 1)$, имеет вид:

$0(x-0) - 1(y-2) + 1(z-2) = 0$

$-y + 2 + z - 2 = 0$

$z - y = 0$ или $y = z$

Теперь у нас есть система из трех уравнений для нахождения координат центра $O(x; y; z)$:

$\begin{cases} x = 1 \\ y + z = 3 \\ y = z \end{cases}$

Подставим $y=z$ из третьего уравнения во второе:

$y + y = 3$

$2y = 3$

$y = 1,5$

Поскольку $y=z$, то $z = 1,5$.

Таким образом, координаты центра описанной окружности: $(1; 1,5; 1,5)$.

Ответ: $(1; 1,5; 1,5)$

№745 (с. 187)
Условие. №745 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 745, Условие

745. Найдите координаты точек пересечения сферы, заданной уравнением (x − 3)² + y² + (z + 5)² = 25, с осями координат.

Решение 2. №745 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 745, Решение 2
Решение 5. №745 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 745, Решение 5
Решение 6. №745 (с. 187)

Уравнение сферы задано как $(x-3)^2 + y^2 + (z+5)^2 = 25$.

Чтобы найти точки пересечения сферы с осями координат, мы должны найти точки на каждой оси, которые удовлетворяют уравнению сферы.

Пересечение с осью Ox (осью абсцисс)

Точки на оси Ox имеют координаты вида $(x, 0, 0)$. Подставляем $y=0$ и $z=0$ в уравнение сферы:

$(x-3)^2 + 0^2 + (0+5)^2 = 25$

$(x-3)^2 + 25 = 25$

$(x-3)^2 = 0$

$x - 3 = 0$

$x = 3$

Координаты точки пересечения с осью Ox: $(3, 0, 0)$.

Ответ: $(3, 0, 0)$.

Пересечение с осью Oy (осью ординат)

Точки на оси Oy имеют координаты вида $(0, y, 0)$. Подставляем $x=0$ и $z=0$ в уравнение сферы:

$(0-3)^2 + y^2 + (0+5)^2 = 25$

$9 + y^2 + 25 = 25$

$y^2 + 9 = 0$

$y^2 = -9$

Это уравнение не имеет действительных решений, поскольку квадрат любого действительного числа не может быть отрицательным. Следовательно, сфера не пересекает ось Oy.

Ответ: точек пересечения нет.

Пересечение с осью Oz (осью аппликат)

Точки на оси Oz имеют координаты вида $(0, 0, z)$. Подставляем $x=0$ и $y=0$ в уравнение сферы:

$(0-3)^2 + 0^2 + (z+5)^2 = 25$

$9 + (z+5)^2 = 25$

$(z+5)^2 = 25 - 9$

$(z+5)^2 = 16$

Извлекаем квадратный корень из обеих частей уравнения:

$z+5 = 4$ или $z+5 = -4$

Решаем каждое уравнение:

$z = 4 - 5 \implies z = -1$

$z = -4 - 5 \implies z = -9$

Координаты точек пересечения с осью Oz: $(0, 0, -1)$ и $(0, 0, -9)$.

Ответ: $(0, 0, -1)$ и $(0, 0, -9)$.

№746 (с. 187)
Условие. №746 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 746, Условие

746. Найдите радиус сечения сферы х² + у² + z² = 36 плоскостью, проходящей через точку М(2; 4; 5) и перпендикулярной к оси абсцисс.

Решение 2. №746 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 746, Решение 2
Решение 5. №746 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 746, Решение 5
Решение 6. №746 (с. 187)

Уравнение сферы $x^2 + y^2 + z^2 = 36$ соответствует сфере с центром в начале координат $O(0; 0; 0)$ и радиусом $R = \sqrt{36} = 6$.

Плоскость, перпендикулярная оси абсцисс (оси $Ox$), задается уравнением вида $x = const$. Так как по условию плоскость проходит через точку $M(2; 4; 5)$, то ее уравнение $x = 2$.

Сечение сферы плоскостью представляет собой окружность. Радиус этой окружности ($r$), радиус сферы ($R$) и расстояние от центра сферы до плоскости ($d$) связаны между собой по теореме Пифагора для прямоугольного треугольника: $R^2 = d^2 + r^2$.

Расстояние $d$ от центра сферы $O(0; 0; 0)$ до плоскости $x = 2$ равно модулю разности их координат по оси $x$:
$d = |2 - 0| = 2$.

Теперь найдем искомый радиус сечения $r$:
$r^2 = R^2 - d^2$
$r^2 = 6^2 - 2^2 = 36 - 4 = 32$
$r = \sqrt{32} = \sqrt{16 \cdot 2} = 4\sqrt{2}$.

Ответ: $4\sqrt{2}$

№747 (с. 187)
Условие. №747 (с. 187)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 747, Условие

747. Вершины треугольника ABC расположены по одну сторону от плоскости α и находятся от этой плоскости на расстояниях 4 дм, 5 дм и 9 дм. Найдите расстояние от точки пересечения медиан треугольника до плоскости α.

Решение 2. №747 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 747, Решение 2
Решение 5. №747 (с. 187)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 187, номер 747, Решение 5
Решение 6. №747 (с. 187)

Пусть $A, B, C$ — вершины треугольника, а $M$ — точка пересечения его медиан (центроид). Плоскость обозначим как $\alpha$. По условию, все вершины находятся по одну сторону от плоскости $\alpha$. Расстояния от вершин до плоскости равны $h_A = 4$ дм, $h_B = 5$ дм и $h_C = 9$ дм. Нам нужно найти расстояние от точки $M$ до плоскости $\alpha$, которое мы обозначим как $h_M$.

Для решения задачи можно использовать свойство, что расстояние от центроида треугольника до плоскости, не пересекающей его, равно среднему арифметическому расстояний от его вершин до этой плоскости. Докажем это свойство и найдем искомое расстояние.

1. Возьмем медиану, проведенную из вершины $A$ к стороне $BC$. Пусть $K$ — середина стороны $BC$. Опустим из точек $B, C, K$ перпендикуляры на плоскость $\alpha$. Так как все перпендикуляры к одной плоскости параллельны, а $K$ — середина отрезка $BC$, то отрезок, соединяющий точку $K$ с ее проекцией на плоскость $\alpha$, является средней линией трапеции, образованной перпендикулярами из $B$ и $C$ и их проекциями. Длина этого перпендикуляра (расстояние $h_K$ от точки $K$ до плоскости $\alpha$) равна полусумме длин перпендикуляров из $B$ и $C$: $h_K = \frac{h_B + h_C}{2}$

Подставив числовые значения, получим: $h_K = \frac{5 + 9}{2} = \frac{14}{2} = 7$ дм.

2. Центроид $M$ лежит на медиане $AK$ и делит ее в отношении $AM:MK = 2:1$, считая от вершины $A$. Теперь рассмотрим трапецию, образованную перпендикулярами из точек $A$ и $K$ на плоскость $\alpha$. Расстояние $h_M$ от точки $M$ до плоскости $\alpha$ можно найти, используя свойство деления боковой стороны трапеции. Длина отрезка, параллельного основаниям $h_A$ и $h_K$ и делящего боковую сторону $AK$ в отношении $2:1$, вычисляется как средневзвешенное: $h_M = \frac{1 \cdot h_A + 2 \cdot h_K}{1 + 2}$

Подставим сюда известные значения $h_A = 4$ дм и найденное значение $h_K = 7$ дм: $h_M = \frac{1 \cdot 4 + 2 \cdot 7}{3} = \frac{4 + 14}{3} = \frac{18}{3} = 6$ дм.

(Примечание: если подставить в эту формулу выражение для $h_K$, мы получим общую формулу: $h_M = \frac{1 \cdot h_A + 2 \cdot (\frac{h_B+h_C}{2})}{3} = \frac{h_A + h_B + h_C}{3}$. Эта формула подтверждает, что расстояние до центроида есть среднее арифметическое расстояний до вершин.)

Ответ: 6 дм.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться