Страница 149 - гдз по геометрии 10-11 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Киселёва Л. С.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2019 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: коричневый с ромбами

ISBN: 978-5-09-103606-0 (2023)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Cтраница 149

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149
№571 (с. 149)
Условие. №571 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 571, Условие

571. Дан прямоугольный параллелепипед KLMNK₁L₁M₁N₁. Докажите, что:

Дан прямоугольный параллелепипед, доказать
Решение 2. №571 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 571, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 571, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 571, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 4. №571 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 571, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 571, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №571 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 571, Решение 5
Решение 6. №571 (с. 149)

а) Докажите, что $|\vec{MK} + \vec{MM_1}| = |\vec{MK} - \vec{MM_1}|$

Рассмотрим левую часть равенства: $|\vec{MK} + \vec{MM_1}|$.
Векторы $\vec{MK}$ и $\vec{MM_1}$ выходят из одной точки $M$. Так как $KLMNK_1L_1M_1N_1$ — прямоугольный параллелепипед, его грань $MKK_1M_1$ является прямоугольником. Векторы $\vec{MK}$ и $\vec{MM_1}$ являются смежными сторонами этого прямоугольника. По правилу параллелограмма для сложения векторов, их сумма равна вектору диагонали, исходящей из той же точки: $\vec{MK} + \vec{MM_1} = \vec{MK_1}$.
Следовательно, модуль их суммы равен длине этой диагонали: $|\vec{MK} + \vec{MM_1}| = |\vec{MK_1}| = MK_1$.

Рассмотрим правую часть равенства: $|\vec{MK} - \vec{MM_1}|$.
Разность двух векторов, исходящих из одной точки, равна вектору, соединяющему конец второго вектора с концом первого. В данном случае это вектор $\vec{M_1K}$. $\vec{MK} - \vec{MM_1} = \vec{M_1K}$.
Следовательно, модуль их разности равен длине этого вектора: $|\vec{MK} - \vec{MM_1}| = |\vec{M_1K}| = M_1K$.

Таким образом, равенство сводится к доказательству того, что $MK_1 = M_1K$.
Отрезки $MK_1$ и $M_1K$ являются диагоналями грани $MKK_1M_1$. Поскольку в прямоугольном параллелепипеде все грани являются прямоугольниками, а диагонали прямоугольника равны, то $MK_1 = M_1K$.
Следовательно, исходное равенство $|\vec{MK} + \vec{MM_1}| = |\vec{MK} - \vec{MM_1}|$ верно.
Ответ: Равенство доказано.

б) Докажите, что $|\vec{K_1L_1} - \vec{NL_1}| = |\vec{ML} + \vec{MM_1}|$

Рассмотрим левую часть равенства: $|\vec{K_1L_1} - \vec{NL_1}|$.
Преобразуем разность векторов: $\vec{K_1L_1} - \vec{NL_1} = \vec{K_1L_1} + (-\vec{NL_1}) = \vec{K_1L_1} + \vec{L_1N}$.
По правилу треугольника (или цепи) для сложения векторов: $\vec{K_1L_1} + \vec{L_1N} = \vec{K_1N}$.
Таким образом, $|\vec{K_1L_1} - \vec{NL_1}| = |\vec{K_1N}| = K_1N$. $K_1N$ - это диагональ боковой грани $K_1N_1NK$.

Рассмотрим правую часть равенства: $|\vec{ML} + \vec{MM_1}|$.
Векторы $\vec{ML}$ и $\vec{MM_1}$ исходят из одной точки $M$ и являются смежными сторонами прямоугольной грани $MLL_1M_1$. По правилу параллелограмма, их сумма равна вектору диагонали этой грани: $\vec{ML} + \vec{MM_1} = \vec{ML_1}$.
Следовательно, $|\vec{ML} + \vec{MM_1}| = |\vec{ML_1}| = ML_1$. $ML_1$ - это диагональ боковой грани $MLL_1M_1$.

Равенство сводится к доказательству того, что $K_1N = ML_1$.
В прямоугольном параллелепипеде противолежащие грани равны (являются конгруэнтными прямоугольниками). Грани $K_1N_1NK$ и $L_1M_1ML$ являются противолежащими. Следовательно, прямоугольник $K_1N_1NK$ равен прямоугольнику $MLL_1M_1$.
Диагонали равных прямоугольников равны, поэтому $K_1N = ML_1$.
Следовательно, исходное равенство $|\vec{K_1L_1} - \vec{NL_1}| = |\vec{ML} + \vec{MM_1}|$ верно.
Ответ: Равенство доказано.

в) Докажите, что $|\vec{NL} - \vec{M_1L}| = |\vec{K_1N} - \vec{LN}|$

Рассмотрим левую часть равенства: $|\vec{NL} - \vec{M_1L}|$.
Векторы $\vec{NL}$ и $\vec{M_1L}$ имеют общий конец в точке $L$. Разность таких векторов равна вектору, соединяющему их начальные точки (от начала второго к началу первого): $\vec{NL} - \vec{M_1L} = \vec{M_1N}$.
*Доказательство этого факта: $\vec{NL} - \vec{M_1L} = (\vec{L}-\vec{N}) - (\vec{L}-\vec{M_1}) = \vec{L}-\vec{N}-\vec{L}+\vec{M_1} = \vec{M_1}-\vec{N} = \vec{NM_1}$. Ой, здесь ошибка в направлении. Правильно: $\vec{M_1N}$*. *Перепроверка: разность векторов $\vec{a}$ и $\vec{b}$ с общим концом $C$, т.е. $\vec{AC} - \vec{BC}$, равна вектору $\vec{AB}$. В нашем случае $\vec{N}$ - это $A$, $\vec{M_1}$ - это $B$, $\vec{L}$ - это $C$. Значит, $\vec{NL} - \vec{M_1L} = \vec{NM_1}$.* Итак, $\vec{NL} - \vec{M_1L} = \vec{NM_1}$.
Следовательно, $|\vec{NL} - \vec{M_1L}| = |\vec{NM_1}| = NM_1$.

Рассмотрим правую часть равенства: $|\vec{K_1N} - \vec{LN}|$.
Аналогично, векторы $\vec{K_1N}$ и $\vec{LN}$ имеют общий конец в точке $N$. Их разность равна вектору, соединяющему их начальные точки: $\vec{K_1N} - \vec{LN} = \vec{K_1L}$.
Следовательно, $|\vec{K_1N} - \vec{LN}| = |\vec{K_1L}| = K_1L$.

Равенство сводится к доказательству того, что $NM_1 = K_1L$.
Рассмотрим отрезок $NM_1$. В прямоугольном параллелепипеде ребро $MM_1$ перпендикулярно плоскости основания $KLMN$, а значит, перпендикулярно любой прямой в этой плоскости, в том числе и ребру $NM$. Таким образом, треугольник $\triangle NMM_1$ является прямоугольным с прямым углом при вершине $M$. По теореме Пифагора: $NM_1^2 = NM^2 + MM_1^2$.
Рассмотрим отрезок $K_1L$. Ребро $KK_1$ перпендикулярно плоскости основания $KLMN$, а значит, перпендикулярно ребру $KL$. Таким образом, треугольник $\triangle K_1KL$ является прямоугольным с прямым углом при вершине $K$. По теореме Пифагора: $K_1L^2 = KL^2 + KK_1^2$.
В параллелепипеде противолежащие ребра равны: $NM = KL$ и $MM_1 = KK_1$. Следовательно, $NM^2 + MM_1^2 = KL^2 + KK_1^2$, что означает $NM_1^2 = K_1L^2$, и $NM_1 = K_1L$.
Таким образом, исходное равенство $|\vec{NL} - \vec{M_1L}| = |\vec{K_1N} - \vec{LN}|$ верно.
Ответ: Равенство доказано.

№572 (с. 149)
Условие. №572 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 572, Условие

572. Упростите выражение:

Упростить выражение
Решение 2. №572 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 572, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 572, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 572, Решение 2 (продолжение 3) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 572, Решение 2 (продолжение 4)
Решение 4. №572 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 572, Решение 4
Решение 5. №572 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 572, Решение 5
Решение 6. №572 (с. 149)

a)

Данное выражение: $\vec{AB} + \vec{MN} + \vec{BC} + \vec{CA} + \vec{PQ} + \vec{NM}$.
Для упрощения воспользуемся свойствами сложения векторов. Сгруппируем слагаемые, используя коммутативный (переместительный) закон:
$(\vec{AB} + \vec{BC} + \vec{CA}) + (\vec{MN} + \vec{NM}) + \vec{PQ}$.
Рассмотрим первую группу $(\vec{AB} + \vec{BC} + \vec{CA})$. По правилу треугольника (правило Шаля) сложения векторов, $\vec{AB} + \vec{BC} = \vec{AC}$.
Тогда выражение в скобках принимает вид: $\vec{AC} + \vec{CA}$.
Векторы $\vec{AC}$ и $\vec{CA}$ являются противоположными, так как они имеют равные длины и противоположные направления ($\vec{CA} = -\vec{AC}$). Их сумма равна нулевому вектору: $\vec{AC} + \vec{CA} = \vec{0}$.
Рассмотрим вторую группу $(\vec{MN} + \vec{NM})$. Аналогично, векторы $\vec{MN}$ и $\vec{NM}$ противоположны, и их сумма равна нулевому вектору: $\vec{MN} + \vec{NM} = \vec{0}$.
Теперь подставим полученные результаты в исходное выражение:
$\vec{0} + \vec{0} + \vec{PQ} = \vec{PQ}$.
Ответ: $\vec{PQ}$

б)

Данное выражение: $\vec{FK} + \vec{MQ} + \vec{KP} + \vec{AM} + \vec{QK} + \vec{PF}$.
Переставим слагаемые таким образом, чтобы конец каждого предыдущего вектора совпадал с началом следующего, чтобы применить правило многоугольника:
$\vec{AM} + \vec{MQ} + \vec{QK} + \vec{KP} + \vec{PF} + \vec{FK}$.
Теперь последовательно сложим векторы:
$\vec{AM} + \vec{MQ} = \vec{AQ}$
$\vec{AQ} + \vec{QK} = \vec{AK}$
$\vec{AK} + \vec{KP} = \vec{AP}$
$\vec{AP} + \vec{PF} = \vec{AF}$
$\vec{AF} + \vec{FK} = \vec{AK}$
Сумма векторов, образующих ломаную линию, равна вектору, замыкающему эту ломаную, то есть вектору, идущему из начальной точки первого вектора (A) в конечную точку последнего вектора (K).
Ответ: $\vec{AK}$

в)

Данное выражение: $\vec{KM} + \vec{DF} + \vec{AC} + \vec{FK} + \vec{CD} + \vec{CA} + \vec{MP}$.
Перегруппируем слагаемые для упрощения. Во-первых, заметим пару противоположных векторов $\vec{AC}$ и $\vec{CA}$. Их сумма равна нулевому вектору: $\vec{AC} + \vec{CA} = \vec{0}$.
Выражение примет вид: $\vec{KM} + \vec{DF} + \vec{FK} + \vec{CD} + \vec{MP}$.
Теперь сгруппируем оставшиеся векторы по правилу многоугольника. Построим цепочку:
$(\vec{CD} + \vec{DF}) + (\vec{FK}) + (\vec{KM} + \vec{MP})$ - такая группировка не оптимальна. Построим единую цепь:
Соберем все векторы в одну цепь, начиная, например, с точки A. Хотя в выражении уже нет $\vec{AC}$ и $\vec{CA}$, для наглядности вернем их и сгруппируем иначе: $(\vec{AC} + \vec{CD} + \vec{DF} + \vec{FK} + \vec{KM} + \vec{MP}) + \vec{CA}$.
Сумма векторов в скобках по правилу многоугольника равна вектору, соединяющему начало первого (A) и конец последнего (P):
$\vec{AC} + \vec{CD} + \vec{DF} + \vec{FK} + \vec{KM} + \vec{MP} = \vec{AP}$.
Подставим это обратно в выражение:
$\vec{AP} + \vec{CA}$.
Поменяем слагаемые местами для удобства применения правила треугольника:
$\vec{CA} + \vec{AP} = \vec{CP}$.
Ответ: $\vec{CP}$

г)

Данное выражение: $\vec{AB} + \vec{BA} + \vec{CD} + \vec{MN} + \vec{DC} + \vec{NM}$.
Сгруппируем слагаемые в пары противоположных векторов:
$(\vec{AB} + \vec{BA}) + (\vec{CD} + \vec{DC}) + (\vec{MN} + \vec{NM})$.
Сумма двух противоположных векторов всегда равна нулевому вектору. Таким образом:
$\vec{AB} + \vec{BA} = \vec{0}$
$\vec{CD} + \vec{DC} = \vec{0}$
$\vec{MN} + \vec{NM} = \vec{0}$
Следовательно, все выражение равно сумме нулевых векторов:
$\vec{0} + \vec{0} + \vec{0} = \vec{0}$.
Ответ: $\vec{0}$

№573 (с. 149)
Условие. №573 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 573, Условие

573. Даны точки А, В, С и D. Представьте вектор AB в виде алгебраической суммы следующих векторов:

Представить вектор в виде алгебраической суммы следующих векторов
Решение 2. №573 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 573, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 573, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 573, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 4. №573 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 573, Решение 4
Решение 5. №573 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 573, Решение 5
Решение 6. №573 (с. 149)

Для решения этой задачи мы будем использовать правило сложения векторов (правило Шаля или правило многоугольника) и свойство противоположных векторов.

Правило Шаля гласит, что для любых трех точек X, Y, Z справедливо равенство: $\vec{XY} + \vec{YZ} = \vec{XZ}$.

Свойство противоположных векторов: $\vec{XY} = -\vec{YX}$.

Наша цель — выразить вектор $\vec{AB}$ через заданный набор векторов для каждого пункта.

а)

Требуется представить вектор $\vec{AB}$ в виде алгебраической суммы векторов $\vec{AC}$, $\vec{DC}$ и $\vec{BD}$.

Мы можем представить вектор $\vec{AB}$ как сумму векторов, проходящих через точки C и D. Один из возможных путей — из A в C, из C в D, из D в B. По правилу Шаля это неверный путь, так как $\vec{AC}+\vec{CD}+\vec{DB} = \vec{AB}$. Попробуем другой путь: из A в D, а затем из D в B.

Запишем $\vec{AB}$ как сумму: $\vec{AB} = \vec{AD} + \vec{DB}$.

Теперь представим вектор $\vec{AD}$ через точку C: $\vec{AD} = \vec{AC} + \vec{CD}$.

Подставим это в наше выражение для $\vec{AB}$: $\vec{AB} = (\vec{AC} + \vec{CD}) + \vec{DB} = \vec{AC} + \vec{CD} + \vec{DB}$.

Теперь нам нужно выразить векторы $\vec{CD}$ и $\vec{DB}$ через заданные в условии $\vec{DC}$ и $\vec{BD}$.

Используем свойство противоположных векторов:

$\vec{CD} = -\vec{DC}$

$\vec{DB} = -\vec{BD}$

Подставим эти выражения в полученную сумму:

$\vec{AB} = \vec{AC} + (-\vec{DC}) + (-\vec{BD}) = \vec{AC} - \vec{DC} - \vec{BD}$.

Ответ: $\vec{AB} = \vec{AC} - \vec{DC} - \vec{BD}$.

б)

Требуется представить вектор $\vec{AB}$ через векторы $\vec{DA}$, $\vec{DC}$ и $\vec{CB}$.

Представим вектор $\vec{AB}$ как сумму векторов по ломаной A-D-C-B. По правилу многоугольника (обобщенному правилу Шаля):

$\vec{AB} = \vec{AD} + \vec{DC} + \vec{CB}$.

Теперь сравним полученные векторы с теми, что даны в условии. Векторы $\vec{DC}$ и $\vec{CB}$ уже есть в нашем выражении. Нам нужно выразить $\vec{AD}$ через $\vec{DA}$.

По свойству противоположных векторов: $\vec{AD} = -\vec{DA}$.

Подставим это в нашу сумму:

$\vec{AB} = (-\vec{DA}) + \vec{DC} + \vec{CB} = \vec{DC} + \vec{CB} - \vec{DA}$.

Ответ: $\vec{AB} = \vec{DC} + \vec{CB} - \vec{DA}$.

в)

Требуется представить вектор $\vec{AB}$ через векторы $\vec{DA}$, $\vec{CD}$ и $\vec{BC}$.

Мы можем использовать то же разложение, что и в пункте б):

$\vec{AB} = \vec{AD} + \vec{DC} + \vec{CB}$.

Теперь выразим каждый вектор в этой сумме через векторы, заданные в условии ($\vec{DA}$, $\vec{CD}$, $\vec{BC}$), используя свойство противоположных векторов:

$\vec{AD} = -\vec{DA}$

$\vec{DC} = -\vec{CD}$

$\vec{CB} = -\vec{BC}$

Подставим все эти выражения в разложение для $\vec{AB}$:

$\vec{AB} = (-\vec{DA}) + (-\vec{CD}) + (-\vec{BC}) = -\vec{DA} - \vec{CD} - \vec{BC}$.

Ответ: $\vec{AB} = -\vec{DA} - \vec{CD} - \vec{BC}$.

№574 (с. 149)
Условие. №574 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 574, Условие

574. Упростите выражение:

Упростить выражение
Решение 2. №574 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 574, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 574, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 574, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 4. №574 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 574, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 574, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №574 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 574, Решение 5
Решение 6. №574 (с. 149)

а) Для упрощения данного векторного выражения $ \vec{OP} - \vec{EP} + \vec{KD} - \vec{KA} $ воспользуемся правилами сложения и вычитания векторов. Основные правила, которые нам понадобятся:
1. Правило вычитания векторов: $ \vec{AB} - \vec{AC} = \vec{CB} $.
2. Замена вычитания на сложение: $ \vec{a} - \vec{b} = \vec{a} + (-\vec{b}) $, где $ -\vec{XY} = \vec{YX} $.
3. Правило треугольника (правило Шаля): $ \vec{AB} + \vec{BC} = \vec{AC} $.

Сгруппируем слагаемые в исходном выражении:
$ (\vec{OP} - \vec{EP}) + (\vec{KD} - \vec{KA}) $
Упростим каждую группу отдельно.
Для первой группы $ \vec{OP} - \vec{EP} $ используем замену вычитания на сложение:
$ \vec{OP} - \vec{EP} = \vec{OP} + \vec{PE} $
По правилу треугольника (переставив слагаемые):
$ \vec{PE} + \vec{OP} = \vec{OE} $

Для второй группы $ \vec{KD} - \vec{KA} $ можно сразу применить правило вычитания векторов, если представить их как векторы, отложенные от одной точки K:
$ \vec{KD} - \vec{KA} = \vec{AD} $

Теперь сложим результаты упрощения обеих групп:
$ \vec{OE} + \vec{AD} $
Это выражение нельзя упростить дальше без дополнительной информации о точках.
Ответ: $ \vec{OE} + \vec{AD} $

б) Рассмотрим выражение $ \vec{AD} + \vec{MP} + \vec{EK} - \vec{EP} - \vec{MD} $.
Сначала преобразуем вычитание в сложение с противоположными векторами:
$ \vec{AD} + \vec{MP} + \vec{EK} - \vec{EP} - \vec{MD} = \vec{AD} + \vec{MP} + \vec{EK} + \vec{PE} + \vec{DM} $
Теперь перегруппируем векторы так, чтобы конец предыдущего вектора совпадал с началом следующего, чтобы можно было применить правило многоугольника (последовательное применение правила треугольника):
$ \vec{AD} + \vec{DM} + \vec{MP} + \vec{PE} + \vec{EK} $
Сумма такой цепочки векторов равна вектору, соединяющему начало первого вектора (точка A) с концом последнего вектора (точка K).
Пошагово:
$ (\vec{AD} + \vec{DM}) + \vec{MP} + \vec{PE} + \vec{EK} = \vec{AM} + \vec{MP} + \vec{PE} + \vec{EK} $
$ (\vec{AM} + \vec{MP}) + \vec{PE} + \vec{EK} = \vec{AP} + \vec{PE} + \vec{EK} $
$ (\vec{AP} + \vec{PE}) + \vec{EK} = \vec{AE} + \vec{EK} $
$ \vec{AE} + \vec{EK} = \vec{AK} $
Ответ: $ \vec{AK} $

в) Упростим выражение $ \vec{AC} - \vec{BC} - \vec{PM} - \vec{AP} + \vec{BM} $.
Заменим вычитание на сложение с противоположными векторами:
$ \vec{AC} - \vec{BC} - \vec{PM} - \vec{AP} + \vec{BM} = \vec{AC} + \vec{CB} + \vec{MP} + \vec{PA} + \vec{BM} $
Перегруппируем слагаемые для удобства сложения по правилу треугольника:
$ (\vec{PA} + \vec{AC}) + (\vec{CB}) + (\vec{BM} + \vec{MP}) $
Упростим выражения в скобках:
$ \vec{PA} + \vec{AC} = \vec{PC} $
$ \vec{BM} + \vec{MP} = \vec{BP} $
Подставим полученные векторы обратно в выражение:
$ \vec{PC} + \vec{CB} + \vec{BP} $
Снова применим правило треугольника:
$ (\vec{PC} + \vec{CB}) + \vec{BP} = \vec{PB} + \vec{BP} $
Векторы $ \vec{PB} $ и $ \vec{BP} $ являются противоположными, так как $ \vec{PB} = - \vec{BP} $. Их сумма равна нулевому вектору:
$ \vec{PB} + \vec{BP} = \vec{0} $
Ответ: $ \vec{0} $

№575 (с. 149)
Условие. №575 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 575, Условие

575. Дан параллелепипед ABCDA₁B₁C₁D₁. Докажите, что OA + OC₁ = OC + OA₁, где О — произвольная точка пространства.

Решение 2. №575 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 575, Решение 2
Решение 4. №575 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 575, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 575, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №575 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 575, Решение 5
Решение 6. №575 (с. 149)

Для доказательства векторного равенства $\vec{OA} + \vec{OC_1} = \vec{OC} + \vec{OA_1}$, где $O$ — произвольная точка пространства, преобразуем его, сгруппировав векторы.

Перенесем вектор $\vec{OC}$ в левую часть равенства, а вектор $\vec{OC_1}$ — в правую. Равенство примет вид:

$\vec{OA} - \vec{OC} = \vec{OA_1} - \vec{OC_1}$

Воспользуемся правилом вычитания векторов: для любых трех точек $P, Q, R$ справедливо, что $\vec{QR} = \vec{PR} - \vec{PQ}$. Применим это правило к обеим частям нашего равенства, где в качестве точки $P$ выступает точка $O$.

Для левой части равенства: $\vec{OA} - \vec{OC} = \vec{CA}$.

Для правой части равенства: $\vec{OA_1} - \vec{OC_1} = \vec{C_1A_1}$.

Таким образом, исходное равенство равносильно следующему векторному равенству:

$\vec{CA} = \vec{C_1A_1}$

Теперь докажем, что это равенство справедливо для параллелепипеда $ABCDA_1B_1C_1D_1$. По определению параллелепипеда, его основания $ABCD$ и $A_1B_1C_1D_1$ являются равными параллелограммами, лежащими в параллельных плоскостях. Это означает, что верхнее основание $A_1B_1C_1D_1$ можно получить из нижнего основания $ABCD$ путем параллельного переноса на вектор бокового ребра, например, $\vec{AA_1}$.

При параллельном переносе любой вектор переходит в равный ему вектор. Следовательно, вектор-диагональ $\vec{AC}$ нижнего основания переходит в соответствующий вектор-диагональ $\vec{A_1C_1}$ верхнего основания, то есть:

$\vec{AC} = \vec{A_1C_1}$

Векторы $\vec{CA}$ и $\vec{C_1A_1}$ являются противоположными к векторам $\vec{AC}$ и $\vec{A_1C_1}$ соответственно:

$\vec{CA} = -\vec{AC}$

$\vec{C_1A_1} = -\vec{A_1C_1}$

Так как $\vec{AC} = \vec{A_1C_1}$, то, умножив обе части этого равенства на $-1$, получим $-\vec{AC} = -\vec{A_1C_1}$, что равносильно $\vec{CA} = \vec{C_1A_1}$.

Поскольку мы доказали верность равенства $\vec{CA} = \vec{C_1A_1}$, то и равносильное ему исходное равенство $\vec{OA} + \vec{OC_1} = \vec{OC} + \vec{OA_1}$ также верно, что и требовалось доказать.

Ответ: Равенство доказано.

№576 (с. 149)
Условие. №576 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 576, Условие

576. Дан параллелепипед ABCDA₁B₁C₁D₁. Укажите вектор x, начало и конец которого являются вершинами параллелепипеда, такой, что:

Указать вектор начало и конец которого являются вершинами параллелепипеда
Решение 2. №576 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 576, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 576, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №576 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 576, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 576, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №576 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 576, Решение 5
Решение 6. №576 (с. 149)

а) Дано векторное равенство: $ \vec{DC} + \vec{D_1A_1} + \vec{CD_1} + \vec{x} + \vec{A_1C_1} = \vec{DB} $.
Чтобы найти вектор $ \vec{x} $, сначала упростим левую часть уравнения, сгруппировав векторы для применения правила сложения (правило многоугольника):
$ (\vec{DC} + \vec{CD_1}) + (\vec{D_1A_1} + \vec{A_1C_1}) + \vec{x} = \vec{DB} $
По правилу треугольника (сумма векторов, где конец одного является началом другого):
$ \vec{DC} + \vec{CD_1} = \vec{DD_1} $
$ \vec{D_1A_1} + \vec{A_1C_1} = \vec{D_1C_1} $
Подставим полученные результаты в уравнение:
$ \vec{DD_1} + \vec{D_1C_1} + \vec{x} = \vec{DB} $
Снова применяем правило треугольника:
$ \vec{DD_1} + \vec{D_1C_1} = \vec{DC_1} $
Теперь уравнение имеет вид:
$ \vec{DC_1} + \vec{x} = \vec{DB} $
Выразим из него $ \vec{x} $:
$ \vec{x} = \vec{DB} - \vec{DC_1} $
По правилу вычитания векторов, имеющих общее начало ($ \vec{OA} - \vec{OB} = \vec{BA} $):
$ \vec{DB} - \vec{DC_1} = \vec{C_1B} $
Таким образом, искомый вектор $ \vec{x} $ — это вектор, идущий из вершины $ C_1 $ в вершину $ B $.
Ответ: $ \vec{x} = \vec{C_1B} $.

б) Дано векторное равенство: $ \vec{DA} + \vec{x} + \vec{D_1B} + \vec{AD_1} + \vec{BA} = \vec{DC} $.
Как и в предыдущем пункте, упростим левую часть, сгруппировав векторы:
$ (\vec{BA} + \vec{AD_1}) + \vec{D_1B} + \vec{DA} + \vec{x} = \vec{DC} $
По правилу треугольника:
$ \vec{BA} + \vec{AD_1} = \vec{BD_1} $
Подставляем результат в уравнение:
$ \vec{BD_1} + \vec{D_1B} + \vec{DA} + \vec{x} = \vec{DC} $
Сумма векторов $ \vec{BD_1} $ и $ \vec{D_1B} $ является суммой противоположных векторов, которая равна нулевому вектору:
$ \vec{BD_1} + \vec{D_1B} = \vec{BB} = \vec{0} $
Уравнение принимает вид:
$ \vec{0} + \vec{DA} + \vec{x} = \vec{DC} $
$ \vec{DA} + \vec{x} = \vec{DC} $
Выразим из него $ \vec{x} $:
$ \vec{x} = \vec{DC} - \vec{DA} $
По правилу вычитания векторов с общим началом:
$ \vec{DC} - \vec{DA} = \vec{AC} $
Таким образом, искомый вектор $ \vec{x} $ — это вектор, идущий из вершины $ A $ в вершину $ C $.
Ответ: $ \vec{x} = \vec{AC} $.

№577 (с. 149)
Условие. №577 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 577, Условие

577. Дана треугольная призма ABCА₁В₁С₁. Укажите вектор x, начало и конец которого являются вершинами призмы, такой, что:

Указать вектор начало и конец которого являются вершинами призмы
Решение 2. №577 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 577, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 577, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 577, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 4. №577 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 577, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 577, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №577 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 577, Решение 5
Решение 6. №577 (с. 149)

а)

Дано векторное уравнение: $\vec{AA_1} + \vec{B_1C} - \vec{x} = \vec{BA}$.
Для того чтобы найти вектор $\vec{x}$, выразим его из этого уравнения:
$\vec{x} = \vec{AA_1} + \vec{B_1C} - \vec{BA}$
Используем свойство противоположных векторов: $-\vec{BA} = \vec{AB}$.
$\vec{x} = \vec{AA_1} + \vec{B_1C} + \vec{AB}$
Чтобы упростить выражение, разложим вектор $\vec{B_1C}$ по правилу треугольника, используя вершины призмы: $\vec{B_1C} = \vec{B_1B} + \vec{BC}$.
По определению призмы, боковые ребра параллельны и равны, поэтому $\vec{AA_1} = \vec{BB_1} = \vec{CC_1}$. Следовательно, $\vec{B_1B} = -\vec{BB_1} = -\vec{AA_1}$.
Подставим это в разложение вектора $\vec{B_1C}$:
$\vec{B_1C} = -\vec{AA_1} + \vec{BC}$
Теперь подставим полученное выражение обратно в уравнение для $\vec{x}$:
$\vec{x} = \vec{AA_1} + (-\vec{AA_1} + \vec{BC}) + \vec{AB}$
Сокращаем взаимоуничтожающиеся векторы $\vec{AA_1}$ и $-\vec{AA_1}$:
$\vec{x} = \vec{BC} + \vec{AB}$
Переставляем слагаемые и применяем правило сложения векторов (правило треугольника):
$\vec{x} = \vec{AB} + \vec{BC} = \vec{AC}$
Таким образом, искомый вектор $\vec{x}$ равен вектору $\vec{AC}$.
Ответ: $\vec{x} = \vec{AC}$.

б)

Дано векторное уравнение: $\vec{AC_1} - \vec{BB_1} + \vec{x} = \vec{AB}$.
Выразим из уравнения вектор $\vec{x}$:
$\vec{x} = \vec{AB} - \vec{AC_1} + \vec{BB_1}$
Используем свойства призмы. Во-первых, $\vec{BB_1} = \vec{AA_1}$. Во-вторых, разложим диагональ боковой грани $\vec{AC_1}$ по правилу параллелограмма: $\vec{AC_1} = \vec{AC} + \vec{CC_1}$. Поскольку $\vec{CC_1} = \vec{AA_1}$, то $\vec{AC_1} = \vec{AC} + \vec{AA_1}$.
Другой способ разложения: $\vec{AC_1} = \vec{AA_1} + \vec{A_1C_1}$.
Подставим разложение $\vec{AC_1} = \vec{AA_1} + \vec{A_1C_1}$ и равенство $\vec{BB_1} = \vec{AA_1}$ в уравнение для $\vec{x}$:
$\vec{x} = \vec{AB} - (\vec{AA_1} + \vec{A_1C_1}) + \vec{AA_1}$
Раскроем скобки и упростим выражение:
$\vec{x} = \vec{AB} - \vec{AA_1} - \vec{A_1C_1} + \vec{AA_1}$
$\vec{x} = \vec{AB} - \vec{A_1C_1}$
Поскольку основания призмы равны и параллельны, то $\vec{A_1C_1} = \vec{AC}$.
$\vec{x} = \vec{AB} - \vec{AC}$
Применяем правило вычитания векторов: $\vec{AB} - \vec{AC} = \vec{CB}$.
Следовательно, искомый вектор $\vec{x}$ равен вектору $\vec{CB}$.
Ответ: $\vec{x} = \vec{CB}$.

в)

Дано векторное уравнение: $\vec{AB_1} + \vec{x} = \vec{AC} - \vec{x} + \vec{BC_1}$.
Сгруппируем члены, содержащие $\vec{x}$, в левой части уравнения, а остальные - в правой:
$\vec{x} + \vec{x} = \vec{AC} + \vec{BC_1} - \vec{AB_1}$
$2\vec{x} = \vec{AC} + \vec{BC_1} - \vec{AB_1}$
Упростим правую часть уравнения. Используем правило вычитания векторов: $\vec{AC} - \vec{AB_1} = \vec{B_1C}$.
$2\vec{x} = \vec{B_1C} + \vec{BC_1}$
Чтобы найти сумму $\vec{B_1C} + \vec{BC_1}$, разложим оба вектора по правилу треугольника, используя вершины призмы.
$\vec{B_1C} = \vec{B_1B} + \vec{BC}$
$\vec{BC_1} = \vec{BC} + \vec{CC_1}$
Теперь сложим эти два выражения:
$\vec{B_1C} + \vec{BC_1} = (\vec{B_1B} + \vec{BC}) + (\vec{BC} + \vec{CC_1}) = \vec{B_1B} + 2\vec{BC} + \vec{CC_1}$
В призме векторы боковых ребер $\vec{BB_1}$ и $\vec{CC_1}$ равны, а вектор $\vec{B_1B}$ противоположен им: $\vec{B_1B} = -\vec{BB_1} = -\vec{CC_1}$.
Тогда $\vec{B_1B} + \vec{CC_1} = -\vec{CC_1} + \vec{CC_1} = \vec{0}$.
Следовательно, сумма векторов равна:
$\vec{B_1C} + \vec{BC_1} = 2\vec{BC}$
Подставим это в наше уравнение для $\vec{x}$:
$2\vec{x} = 2\vec{BC}$
Разделив обе части на 2, получим:
$\vec{x} = \vec{BC}$
Ответ: $\vec{x} = \vec{BC}$.

№578 (с. 149)
Условие. №578 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 578, Условие

578. Основанием четырёхугольной пирамиды с вершиной Р является трапеция ABCD. Точка О — середина средней линии трапеции. Докажите, что

Основания четырёхугольной пирамиды с вершиной
Решение 2. №578 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 578, Решение 2
Решение 4. №578 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 578, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 578, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №578 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 578, Решение 5
Решение 6. №578 (с. 149)

Для доказательства воспользуемся правилом сложения векторов. Выразим каждый вектор в левой части доказываемого равенства, используя точку O как промежуточную точку по правилу треугольника:

$\vec{PA} = \vec{PO} + \vec{OA}$

$\vec{PB} = \vec{PO} + \vec{OB}$

$\vec{PC} = \vec{PO} + \vec{OC}$

$\vec{PD} = \vec{PO} + \vec{OD}$

Теперь сложим левую часть исходного равенства, подставив в неё полученные выражения:

$\vec{PA} + \vec{PB} + \vec{PC} + \vec{PD} = (\vec{PO} + \vec{OA}) + (\vec{PO} + \vec{OB}) + (\vec{PO} + \vec{OC}) + (\vec{PO} + \vec{OD})$

Сгруппируем слагаемые:

$\vec{PA} + \vec{PB} + \vec{PC} + \vec{PD} = 4\vec{PO} + (\vec{OA} + \vec{OB} + \vec{OC} + \vec{OD})$

Чтобы завершить доказательство, необходимо показать, что сумма векторов в скобках равна нулевому вектору, то есть $\vec{OA} + \vec{OB} + \vec{OC} + \vec{OD} = \vec{0}$.

Пусть M и N — середины непараллельных (боковых) сторон трапеции, например, AB и CD. Тогда отрезок MN является средней линией трапеции ABCD.

По правилу медианы для векторов (которое следует из правила параллелограмма), для треугольника OAB, где OM - отрезок, соединяющий вершину O с серединой стороны AB, справедливо равенство:

$\vec{OA} + \vec{OB} = 2\vec{OM}$

Аналогично, для треугольника OCD, где N — середина стороны CD:

$\vec{OC} + \vec{OD} = 2\vec{ON}$

Теперь мы можем преобразовать искомую сумму векторов:

$\vec{OA} + \vec{OB} + \vec{OC} + \vec{OD} = 2\vec{OM} + 2\vec{ON} = 2(\vec{OM} + \vec{ON})$

Согласно условию задачи, точка O является серединой средней линии MN. Это означает, что векторы $\vec{OM}$ и $\vec{ON}$ равны по длине и противоположны по направлению. Следовательно, их сумма равна нулевому вектору:

$\vec{OM} + \vec{ON} = \vec{0}$

Подставим этот результат в предыдущее выражение:

$\vec{OA} + \vec{OB} + \vec{OC} + \vec{OD} = 2(\vec{0}) = \vec{0}$

Теперь вернемся к нашему исходному преобразованному равенству и подставим в него полученный результат:

$\vec{PA} + \vec{PB} + \vec{PC} + \vec{PD} = 4\vec{PO} + \vec{0}$

$\vec{PA} + \vec{PB} + \vec{PC} + \vec{PD} = 4\vec{PO}$

Что и требовалось доказать.

Ответ: Равенство $\vec{PA} + \vec{PB} + \vec{PC} + \vec{PD} = 4\vec{PO}$ доказано.

№579 (с. 149)
Условие. №579 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 579, Условие

579. Точка Р — вершина правильной шестиугольной пирамиды. Докажите, что сумма всех векторов с началом в точке Р, образованных боковыми рёбрами пирамиды, равна сумме всех векторов с началом в точке Р, образованных апофемами.

Решение 2. №579 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 579, Решение 2
Решение 4. №579 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 579, Решение 4
Решение 5. №579 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 579, Решение 5
Решение 6. №579 (с. 149)

Пусть $P$ — вершина правильной шестиугольной пирамиды, а $A_1, A_2, A_3, A_4, A_5, A_6$ — последовательные вершины её основания, которое является правильным шестиугольником.

Векторы, образованные боковыми рёбрами пирамиды, — это векторы, идущие из вершины $P$ в вершины основания: $\vec{PA_1}, \vec{PA_2}, \dots, \vec{PA_6}$.
Сумма этих векторов, обозначим её $\vec{S_1}$, равна:

$\vec{S_1} = \vec{PA_1} + \vec{PA_2} + \vec{PA_3} + \vec{PA_4} + \vec{PA_5} + \vec{PA_6} = \sum_{i=1}^{6} \vec{PA_i}$

Апофема правильной пирамиды — это высота её боковой грани, проведённая из вершины пирамиды. Пусть $M_1, M_2, \dots, M_6$ — середины сторон основания $A_1A_2, A_2A_3, \dots, A_6A_1$ соответственно. Тогда векторы, образованные апофемами, — это векторы $\vec{PM_1}, \vec{PM_2}, \dots, \vec{PM_6}$.
Сумма этих векторов, обозначим её $\vec{S_2}$, равна:

$\vec{S_2} = \vec{PM_1} + \vec{PM_2} + \vec{PM_3} + \vec{PM_4} + \vec{PM_5} + \vec{PM_6} = \sum_{i=1}^{6} \vec{PM_i}$

Требуется доказать, что $\vec{S_1} = \vec{S_2}$.

Рассмотрим любую боковую грань пирамиды, например, треугольник $PA_iA_{i+1}$ (где $A_7$ считается равной $A_1$). Поскольку $M_i$ является серединой стороны $A_iA_{i+1}$, отрезок $PM_i$ является медианой этого треугольника. По свойству медианы треугольника, вектор медианы, проведённой из некоторой вершины, равен полусумме векторов, исходящих из той же вершины и идущих к двум другим вершинам треугольника.

Применительно к нашим векторам, для каждой апофемы $\vec{PM_i}$ справедливо равенство:

$\vec{PM_i} = \frac{1}{2}(\vec{PA_i} + \vec{PA_{i+1}})$

Теперь найдём сумму векторов апофем $\vec{S_2}$, подставив в неё выражения для каждого вектора $\vec{PM_i}$:

$\vec{S_2} = \sum_{i=1}^{6} \vec{PM_i} = \frac{1}{2}(\vec{PA_1} + \vec{PA_2}) + \frac{1}{2}(\vec{PA_2} + \vec{PA_3}) + \frac{1}{2}(\vec{PA_3} + \vec{PA_4}) + \frac{1}{2}(\vec{PA_4} + \vec{PA_5}) + \frac{1}{2}(\vec{PA_5} + \vec{PA_6}) + \frac{1}{2}(\vec{PA_6} + \vec{PA_1})$

Вынесем общий множитель $\frac{1}{2}$ за скобки и сгруппируем одинаковые векторы:

$\vec{S_2} = \frac{1}{2} [(\vec{PA_1} + \vec{PA_1}) + (\vec{PA_2} + \vec{PA_2}) + (\vec{PA_3} + \vec{PA_3}) + (\vec{PA_4} + \vec{PA_4}) + (\vec{PA_5} + \vec{PA_5}) + (\vec{PA_6} + \vec{PA_6})]$

$\vec{S_2} = \frac{1}{2} [2\vec{PA_1} + 2\vec{PA_2} + 2\vec{PA_3} + 2\vec{PA_4} + 2\vec{PA_5} + 2\vec{PA_6}]$

Сократив общий множитель 2, получаем:

$\vec{S_2} = \vec{PA_1} + \vec{PA_2} + \vec{PA_3} + \vec{PA_4} + \vec{PA_5} + \vec{PA_6}$

Сравнивая полученное выражение для $\vec{S_2}$ с исходным выражением для $\vec{S_1}$, мы видим, что они полностью совпадают:

$\vec{S_2} = \vec{S_1}$

Таким образом, мы доказали, что сумма всех векторов с началом в точке $P$, образованных боковыми рёбрами пирамиды, равна сумме всех векторов с началом в точке $P$, образованных апофемами. Что и требовалось доказать.

Ответ: Утверждение доказано.

№580 (с. 149)
Условие. №580 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 580, Условие

580. Известно, что AO = 12AB. Докажите, что точки А и В симметричны относительно точки О.

Решение 2. №580 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 580, Решение 2
Решение 4. №580 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 580, Решение 4
Решение 5. №580 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 580, Решение 5
Решение 6. №580 (с. 149)

Две точки $A$ и $B$ называются симметричными относительно точки $O$, если точка $O$ является серединой отрезка $AB$. Векторное условие для этого — равенство векторов $\overrightarrow{AO} = \overrightarrow{OB}$. Наша задача — доказать это равенство, используя данное условие.

По условию задачи нам известно, что:

$\overrightarrow{AO} = \frac{1}{2}\overrightarrow{AB}$

Для того чтобы связать это равенство с векторами, относящимися к точке $O$, представим вектор $\overrightarrow{AB}$ по правилу треугольника как сумму векторов:

$\overrightarrow{AB} = \overrightarrow{AO} + \overrightarrow{OB}$

Теперь подставим это выражение для вектора $\overrightarrow{AB}$ в исходное равенство:

$\overrightarrow{AO} = \frac{1}{2}(\overrightarrow{AO} + \overrightarrow{OB})$

Чтобы решить это векторное уравнение, сначала умножим обе его части на 2:

$2\overrightarrow{AO} = \overrightarrow{AO} + \overrightarrow{OB}$

Затем перенесём вектор $\overrightarrow{AO}$ из правой части уравнения в левую, изменив его знак:

$2\overrightarrow{AO} - \overrightarrow{AO} = \overrightarrow{OB}$

Выполнив вычитание векторов в левой части, получаем:

$\overrightarrow{AO} = \overrightarrow{OB}$

Полученное равенство $\overrightarrow{AO} = \overrightarrow{OB}$ означает, что векторы равны, а значит, они имеют одинаковую длину ($|\overrightarrow{AO}| = |\overrightarrow{OB}|$) и одинаковое направление. Это в свою очередь означает, что точки $A$, $O$ и $B$ лежат на одной прямой, и точка $O$ делит отрезок $AB$ пополам.

Следовательно, точка $O$ является серединой отрезка $AB$, что по определению означает, что точки $A$ и $B$ симметричны относительно точки $O$.

Ответ: Что и требовалось доказать.

№581 (с. 149)
Условие. №581 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 581, Условие

581. Диагонали куба ABCDA₁B₁C₁D₁ пересекаются в точке О. Найдите число k, такое, что:

Диагонали куба пересекаются в точке
Решение 2. №581 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 581, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 581, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 581, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 4. №581 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 581, Решение 4
Решение 5. №581 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 581, Решение 5
Решение 6. №581 (с. 149)

а)

Рассмотрим векторы $\vec{AB}$ и $\vec{CD}$ в кубе $ABCDA_1B_1C_1D_1$. Грань $ABCD$ является квадратом. Рёбра $AB$ и $CD$ — это противоположные стороны этого квадрата. Следовательно, они параллельны и равны по длине, то есть $|\vec{AB}| = |\vec{CD}|$.

Вектор $\vec{AB}$ направлен от точки A к точке B. Вектор $\vec{CD}$ направлен от точки C к точке D. Векторы, лежащие на параллельных прямых, называются коллинеарными. Так как прямые $AB$ и $CD$ параллельны, то векторы $\vec{AB}$ и $\vec{CD}$ коллинеарны.

Если рассмотреть грань $ABCD$, то движение от A к B происходит в одном направлении (например, вдоль оси Ox), а движение от C к D — в противоположном. Таким образом, векторы $\vec{AB}$ и $\vec{CD}$ противоположно направлены.

Поскольку векторы $\vec{AB}$ и $\vec{CD}$ имеют равные модули и противоположные направления, то $\vec{AB} = -1 \cdot \vec{CD}$. Сравнивая это с равенством из условия $\vec{AB} = k \cdot \vec{CD}$, получаем, что $k = -1$.

Ответ: $k = -1$.

б)

Рассмотрим векторы $\vec{AC_1}$ и $\vec{AO}$. $AC_1$ — это главная диагональ куба. Точка O является точкой пересечения всех главных диагоналей куба. По свойству диагоналей куба, они пересекаются в одной точке и делятся этой точкой пополам.

Следовательно, точка O является серединой диагонали $AC_1$. Это означает, что точки A, O и $C_1$ лежат на одной прямой. Векторы $\vec{AC_1}$ и $\vec{AO}$ начинаются в одной точке A и направлены вдоль одной прямой в одну и ту же сторону (от A к $C_1$). Значит, они сонаправлены, и коэффициент $k$ будет положительным.

Так как O — середина отрезка $AC_1$, то длина отрезка $AC_1$ в два раза больше длины отрезка $AO$: $|AC_1| = 2 \cdot |AO|$.

Поскольку векторы $\vec{AC_1}$ и $\vec{AO}$ сонаправлены, то из равенства $\vec{AC_1} = k \cdot \vec{AO}$ следует, что $k$ равен отношению их длин:

$k = \frac{|\vec{AC_1}|}{|\vec{AO}|} = \frac{2 \cdot |AO|}{|AO|} = 2$

Ответ: $k = 2$.

в)

Рассмотрим векторы $\vec{OB_1}$ и $\vec{B_1D}$. Точки O, $B_1$ и D лежат на одной из главных диагоналей куба — $DB_1$. Точка O является серединой этой диагонали.

Таким образом, векторы $\vec{OB_1}$ и $\vec{B_1D}$ коллинеарны, так как лежат на одной прямой $DB_1$.

Определим их направления. Вектор $\vec{OB_1}$ направлен от центра куба O к вершине $B_1$. Вектор $\vec{B_1D}$ направлен от вершины $B_1$ к вершине D. Эти направления противоположны. Следовательно, коэффициент $k$ в равенстве $\vec{OB_1} = k \cdot \vec{B_1D}$ будет отрицательным.

Теперь найдём соотношение их длин. Точка O — середина $DB_1$, поэтому длина отрезка $OB_1$ равна половине длины отрезка $DB_1$.

$|OB_1| = \frac{1}{2} |DB_1|$

Длина вектора $\vec{OB_1}$ равна $|OB_1|$, а длина вектора $\vec{B_1D}$ равна $|B_1D|$. Так как O - середина, то $|B_1D| = |DB_1|$.

Из векторного равенства $\vec{OB_1} = k \cdot \vec{B_1D}$ следует равенство их модулей: $|\vec{OB_1}| = |k| \cdot |\vec{B_1D}|$.

$|k| = \frac{|\vec{OB_1}|}{|\vec{B_1D}|} = \frac{\frac{1}{2} |DB_1|}{|DB_1|} = \frac{1}{2}$

Поскольку векторы направлены в противоположные стороны, $k$ должен быть отрицательным. Значит, $k = -\frac{1}{2}$.

Ответ: $k = -\frac{1}{2}$.

№582 (с. 149)
Условие. №582 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 582, Условие

582. Точки Е и F — середины оснований AB и ВС параллелограмма ABCD, а О — произвольная точка пространства. Выразите: а) вектор OA OC через вектор EF; б) вектор OAOE через вектор DC.

Решение 2. №582 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 582, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 582, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №582 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 582, Решение 4
Решение 5. №582 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 582, Решение 5
Решение 6. №582 (с. 149)

а)

Чтобы выразить вектор $\vec{OA} - \vec{OC}$ через вектор $\vec{EF}$, воспользуемся правилом вычитания векторов и определением средней линии треугольника.

1. Разность векторов $\vec{OA}$ и $\vec{OC}$ по определению равна вектору $\vec{CA}$: $\vec{OA} - \vec{OC} = \vec{CA}$.

2. Рассмотрим треугольник $\triangle ABC$. По условию, точка $E$ — середина стороны $AB$, а точка $F$ — середина стороны $BC$. Следовательно, отрезок $EF$ является средней линией треугольника $\triangle ABC$.

3. По свойству средней линии, вектор, построенный на ней, равен половине вектора, построенного на основании треугольника, которому эта средняя линия параллельна. В нашем случае, средняя линия $EF$ параллельна основанию $AC$. Таким образом: $\vec{EF} = \frac{1}{2}\vec{AC}$.

4. Вектор $\vec{CA}$ противоположен вектору $\vec{AC}$, то есть $\vec{CA} = -\vec{AC}$. Выразим $\vec{AC}$ из предыдущего равенства: $\vec{AC} = 2\vec{EF}$.

5. Подставим полученное выражение в формулу для $\vec{CA}$: $\vec{CA} = -2\vec{EF}$.

6. Так как $\vec{OA} - \vec{OC} = \vec{CA}$, то окончательно получаем: $\vec{OA} - \vec{OC} = -2\vec{EF}$.

Ответ: $\vec{OA} - \vec{OC} = -2\vec{EF}$.

б)

Чтобы выразить вектор $\vec{OA} - \vec{OE}$ через вектор $\vec{DC}$, воспользуемся правилом вычитания векторов и свойствами параллелограмма.

1. Разность векторов $\vec{OA}$ и $\vec{OE}$ по определению равна вектору $\vec{EA}$: $\vec{OA} - \vec{OE} = \vec{EA}$.

2. По условию, точка $E$ является серединой стороны $AB$. Это значит, что вектор $\vec{AE}$ составляет половину вектора $\vec{AB}$: $\vec{AE} = \frac{1}{2}\vec{AB}$.

3. Вектор $\vec{EA}$ имеет то же направление, что и вектор $\vec{BA}$, и равен ему по модулю. Вектор $\vec{EA}$ противоположен по направлению вектору $\vec{AE}$, поэтому: $\vec{EA} = -\vec{AE} = -\frac{1}{2}\vec{AB}$.

4. Так как $ABCD$ — параллелограмм, его противоположные стороны параллельны и равны по длине. Это означает, что векторы, построенные на противоположных сторонах, равны: $\vec{AB} = \vec{DC}$.

5. Подставим $\vec{DC}$ вместо $\vec{AB}$ в выражение для $\vec{EA}$: $\vec{EA} = -\frac{1}{2}\vec{DC}$.

6. Так как $\vec{OA} - \vec{OE} = \vec{EA}$, то получаем: $\vec{OA} - \vec{OE} = -\frac{1}{2}\vec{DC}$.

Ответ: $\vec{OA} - \vec{OE} = -\frac{1}{2}\vec{DC}$.

№583 (с. 149)
Условие. №583 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 583, Условие

583. Точки М и N — середины сторон AB и CD трапеции ABCD, а О — произвольная точка пространства. Выразите вектор OMON через векторы AD и BC.

Решение 2. №583 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 583, Решение 2
Решение 4. №583 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 583, Решение 4
Решение 5. №583 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 583, Решение 5
Решение 6. №583 (с. 149)

Согласно условию, точки $M$ и $N$ являются серединами сторон $AB$ и $CD$ трапеции $ABCD$ соответственно, а $O$ — произвольная точка пространства. Требуется выразить вектор $\vec{OM} - \vec{ON}$ через векторы $\vec{AD}$ и $\vec{BC}$.

Воспользуемся формулой для радиус-вектора середины отрезка. Если точка $K$ является серединой отрезка $PQ$, то для любой точки $O$ справедливо равенство: $\vec{OK} = \frac{1}{2}(\vec{OP} + \vec{OQ})$.

Поскольку $M$ — середина стороны $AB$, мы можем записать:

$\vec{OM} = \frac{1}{2}(\vec{OA} + \vec{OB})$

Аналогично, так как $N$ — середина стороны $CD$:

$\vec{ON} = \frac{1}{2}(\vec{OC} + \vec{OD})$

Теперь найдем разность векторов $\vec{OM}$ и $\vec{ON}$, подставив полученные выражения:

$\vec{OM} - \vec{ON} = \frac{1}{2}(\vec{OA} + \vec{OB}) - \frac{1}{2}(\vec{OC} + \vec{OD})$

Вынесем общий множитель $\frac{1}{2}$ за скобки:

$\vec{OM} - \vec{ON} = \frac{1}{2}(\vec{OA} + \vec{OB} - \vec{OC} - \vec{OD})$

Для того чтобы выразить результат через векторы $\vec{AD}$ и $\vec{BC}$, сгруппируем слагаемые в скобках соответствующим образом. Напомним, что по правилу вычитания векторов $\vec{PQ} = \vec{OQ} - \vec{OP}$.

$\vec{OM} - \vec{ON} = \frac{1}{2}((\vec{OA} - \vec{OD}) + (\vec{OB} - \vec{OC}))$

Теперь выразим разности в скобках через векторы $\vec{AD}$ и $\vec{BC}$:

$\vec{OA} - \vec{OD} = -(\vec{OD} - \vec{OA}) = -\vec{AD}$

$\vec{OB} - \vec{OC} = -(\vec{OC} - \vec{OB}) = -\vec{BC}$

Подставим эти выражения обратно в наше равенство:

$\vec{OM} - \vec{ON} = \frac{1}{2}(-\vec{AD} - \vec{BC})$

Вынеся знак минус за скобки, получаем окончательный результат:

$\vec{OM} - \vec{ON} = -\frac{1}{2}(\vec{AD} + \vec{BC})$

Ответ: $-\frac{1}{2}(\vec{AD} + \vec{BC})$

№584 (с. 149)
Условие. №584 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 584, Условие

584. Упростите:

Упражнение 584 упростить
Решение 2. №584 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 584, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 584, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №584 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 584, Решение 4
Решение 5. №584 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 584, Решение 5
Решение 6. №584 (с. 149)

а)

Чтобы упростить выражение $2(\vec{m} + \vec{n}) - 3(4\vec{m} - \vec{n}) + \vec{m}$, необходимо раскрыть скобки и привести подобные слагаемые, используя дистрибутивный закон умножения относительно сложения векторов и правила действий с векторами.

1. Раскроем скобки. Умножим числовые коэффициенты на каждый вектор в скобках:

$2(\vec{m} + \vec{n}) = 2\vec{m} + 2\vec{n}$

$-3(4\vec{m} - \vec{n}) = (-3) \cdot 4\vec{m} + (-3) \cdot (-\vec{n}) = -12\vec{m} + 3\vec{n}$

2. Подставим раскрытые скобки обратно в исходное выражение:

$2\vec{m} + 2\vec{n} - 12\vec{m} + 3\vec{n} + \vec{m}$

3. Сгруппируем подобные слагаемые (слагаемые с одинаковыми векторами):

$(2\vec{m} - 12\vec{m} + \vec{m}) + (2\vec{n} + 3\vec{n})$

4. Вынесем общие векторные множители за скобки и выполним действия с их коэффициентами:

$(2 - 12 + 1)\vec{m} + (2 + 3)\vec{n} = -9\vec{m} + 5\vec{n}$

Ответ: $-9\vec{m} + 5\vec{n}$

б)

Для упрощения выражения $\vec{m} - 3(\vec{n} - 2\vec{m} + \vec{p}) + 5(\vec{p} - 4\vec{m})$ выполним аналогичные действия.

1. Раскроем скобки:

$-3(\vec{n} - 2\vec{m} + \vec{p}) = -3\vec{n} + 6\vec{m} - 3\vec{p}$

$5(\vec{p} - 4\vec{m}) = 5\vec{p} - 20\vec{m}$

2. Подставим полученные выражения в исходное:

$\vec{m} - 3\vec{n} + 6\vec{m} - 3\vec{p} + 5\vec{p} - 20\vec{m}$

3. Сгруппируем подобные слагаемые по векторам $\vec{m}$, $\vec{n}$ и $\vec{p}$:

$(\vec{m} + 6\vec{m} - 20\vec{m}) + (-3\vec{n}) + (-3\vec{p} + 5\vec{p})$

4. Выполним действия с коэффициентами:

$(1 + 6 - 20)\vec{m} - 3\vec{n} + (-3 + 5)\vec{p} = -13\vec{m} - 3\vec{n} + 2\vec{p}$

Ответ: $-13\vec{m} - 3\vec{n} + 2\vec{p}$

№585 (с. 149)
Условие. №585 (с. 149)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 585, Условие

585. Докажите, что в параллелепипеде

Доказать, что в параллелепипеде
Решение 2. №585 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 585, Решение 2
Решение 4. №585 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 585, Решение 4
Решение 5. №585 (с. 149)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 149, номер 585, Решение 5
Решение 6. №585 (с. 149)

Для доказательства данного векторного равенства введём три неколлинеарных вектора, соответствующие рёбрам параллелепипеда, выходящим из одной вершины, например, из вершины A: $\vec{a} = \overrightarrow{AB}$, $\vec{b} = \overrightarrow{AD}$, $\vec{c} = \overrightarrow{AA_1}$.

Выразим векторы из доказываемого равенства через этот базис. Вектор $\overrightarrow{AC_1}$ является главной диагональю параллелепипеда. По правилу параллелепипеда для сложения векторов он равен сумме трёх базисных векторов: $\overrightarrow{AC_1} = \overrightarrow{AB} + \overrightarrow{AD} + \overrightarrow{AA_1} = \vec{a} + \vec{b} + \vec{c}$.

Далее выразим вектор $\overrightarrow{B_1D}$. Сделаем это, используя правило разности векторов, представив их как векторы, отложенные от общего начала A: $\overrightarrow{B_1D} = \overrightarrow{AD} - \overrightarrow{AB_1}$. Вектор $\overrightarrow{AD}$ по определению равен $\vec{b}$. Вектор $\overrightarrow{AB_1}$ является диагональю грани $AA_1B_1B$, и по правилу параллелограмма: $\overrightarrow{AB_1} = \overrightarrow{AB} + \overrightarrow{AA_1} = \vec{a} + \vec{c}$. Подставив эти выражения, получим: $\overrightarrow{B_1D} = \vec{b} - (\vec{a} + \vec{c}) = -\vec{a} + \vec{b} - \vec{c}$.

Теперь найдём сумму векторов в левой части исходного равенства: $\overrightarrow{AC_1} + \overrightarrow{B_1D} = (\vec{a} + \vec{b} + \vec{c}) + (-\vec{a} + \vec{b} - \vec{c})$. Сгруппируем слагаемые с одинаковыми базисными векторами: $\overrightarrow{AC_1} + \overrightarrow{B_1D} = (\vec{a} - \vec{a}) + (\vec{b} + \vec{b}) + (\vec{c} - \vec{c}) = 2\vec{b}$.

Наконец, выразим правую часть равенства, $2\overrightarrow{BC}$, через наш базис. Поскольку $ABCD$ — параллелограмм, его противоположные стороны параллельны и равны, значит $\overrightarrow{BC} = \overrightarrow{AD}$. По нашему определению, $\overrightarrow{AD} = \vec{b}$, следовательно, $\overrightarrow{BC} = \vec{b}$. Таким образом, $2\overrightarrow{BC} = 2\vec{b}$.

Мы получили, что левая часть равенства $\overrightarrow{AC_1} + \overrightarrow{B_1D}$ равна $2\vec{b}$, и правая часть $2\overrightarrow{BC}$ также равна $2\vec{b}$. Следовательно, равенство $\overrightarrow{AC_1} + \overrightarrow{B_1D} = 2\overrightarrow{BC}$ верно. Что и требовалось доказать.
Ответ: Равенство $\overrightarrow{AC_1} + \overrightarrow{B_1D} = 2\overrightarrow{BC}$ доказано.

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться