Страница 170 - гдз по геометрии 10-11 класс учебник Атанасян, Бутузов

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета

Авторы: Атанасян Л. С., Бутузов В. Ф., Кадомцев С. Б., Позняк Э. Г., Киселёва Л. С.

Тип: Учебник

Издательство: Просвещение

Год издания: 2019 - 2025

Уровень обучения: базовый и углублённый

Цвет обложки: коричневый с ромбами

ISBN: 978-5-09-103606-0 (2023)

Допущено Министерством просвещения Российской Федерации

Математика: алгебра и начала математического анализа, геометрия

Популярные ГДЗ в 10 классе

Cтраница 170

Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170
№663 (с. 170)
Условие. №663 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 663, Условие

663. Найдите длину вектора AB, если:

Найти длину вектора AB
Решение 2. №663 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 663, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 663, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №663 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 663, Решение 4
Решение 5. №663 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 663, Решение 5
Решение 6. №663 (с. 170)

Чтобы найти длину вектора $\vec{AB}$, необходимо сначала найти его координаты, а затем вычислить его модуль. Координаты вектора, заданного двумя точками $A(x_A; y_A; z_A)$ и $B(x_B; y_B; z_B)$, вычисляются по формуле:

$\vec{AB} = (x_B - x_A; y_B - y_A; z_B - z_A)$

Длина (модуль) вектора $\vec{v} = (v_x; v_y; v_z)$ вычисляется по формуле:

$|\vec{v}| = \sqrt{v_x^2 + v_y^2 + v_z^2}$

Применим эти формулы для каждого случая.

а) Даны точки $A(-1; 0; 2)$ и $B(1; -2; 3)$.

1. Найдём координаты вектора $\vec{AB}$:

$\vec{AB} = (1 - (-1); -2 - 0; 3 - 2) = (2; -2; 1)$

2. Теперь вычислим длину вектора $\vec{AB}$:

$|\vec{AB}| = \sqrt{2^2 + (-2)^2 + 1^2} = \sqrt{4 + 4 + 1} = \sqrt{9} = 3$

Ответ: 3

б) Даны точки $A(-35; -17; 20)$ и $B(-34; -5; 8)$.

1. Найдём координаты вектора $\vec{AB}$:

$\vec{AB} = (-34 - (-35); -5 - (-17); 8 - 20) = (-34 + 35; -5 + 17; -12) = (1; 12; -12)$

2. Теперь вычислим длину вектора $\vec{AB}$:

$|\vec{AB}| = \sqrt{1^2 + 12^2 + (-12)^2} = \sqrt{1 + 144 + 144} = \sqrt{289} = 17$

Ответ: 17

№664 (с. 170)
Условие. №664 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 664, Условие

664. Найдите длины векторов:

Найти длины векторов:
Решение 2. №664 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 664, Решение 2
Решение 4. №664 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 664, Решение 4
Решение 5. №664 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 664, Решение 5
Решение 6. №664 (с. 170)

Длина (модуль) вектора $\vec{v}$ с координатами $\{x; y; z\}$ вычисляется по формуле как квадратный корень из суммы квадратов его координат:

$|\vec{v}| = \sqrt{x^2 + y^2 + z^2}$

$\vec{a}\{5; -1; 7\}$

Координаты данного вектора: $x=5, y=-1, z=7$. Подставляем их в формулу для вычисления длины:

$|\vec{a}| = \sqrt{5^2 + (-1)^2 + 7^2} = \sqrt{25 + 1 + 49} = \sqrt{75}$.

Упрощаем полученное значение: $\sqrt{75} = \sqrt{25 \cdot 3} = 5\sqrt{3}$.

Ответ: $5\sqrt{3}$.

$\vec{b}\{2\sqrt{3}; -6; 1\}$

Координаты вектора: $x=2\sqrt{3}, y=-6, z=1$. Вычисляем его длину:

$|\vec{b}| = \sqrt{(2\sqrt{3})^2 + (-6)^2 + 1^2} = \sqrt{4 \cdot 3 + 36 + 1} = \sqrt{12 + 36 + 1} = \sqrt{49} = 7$.

Ответ: $7$.

$\vec{c} = \vec{i} + \vec{j} + \vec{k}$

Векторы $\vec{i}, \vec{j}, \vec{k}$ являются единичными ортами координатных осей. Таким образом, вектор $\vec{c}$ имеет координаты $\{1; 1; 1\}$.

Находим его длину:

$|\vec{c}| = \sqrt{1^2 + 1^2 + 1^2} = \sqrt{1 + 1 + 1} = \sqrt{3}$.

Ответ: $\sqrt{3}$.

$\vec{d} = -2\vec{k}$

Этот вектор можно представить в виде $\vec{d} = 0\vec{i} + 0\vec{j} - 2\vec{k}$, соответственно, его координаты $\{0; 0; -2\}$.

Находим его длину:

$|\vec{d}| = \sqrt{0^2 + 0^2 + (-2)^2} = \sqrt{0 + 0 + 4} = \sqrt{4} = 2$.

Ответ: $2$.

$\vec{m} = \vec{i} - 2\vec{j}$

Этот вектор можно представить в виде $\vec{m} = 1\vec{i} - 2\vec{j} + 0\vec{k}$, соответственно, его координаты $\{1; -2; 0\}$.

Находим его длину:

$|\vec{m}| = \sqrt{1^2 + (-2)^2 + 0^2} = \sqrt{1 + 4 + 0} = \sqrt{5}$.

Ответ: $\sqrt{5}$.

№665 (с. 170)
Условие. №665 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Условие

665. Даны векторы

Найти векторы

Найдите:

Найти векторы
Решение 2. №665 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 2 (продолжение 3) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 2 (продолжение 4) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 2 (продолжение 5) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 2 (продолжение 6) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 2 (продолжение 7)
Решение 4. №665 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 4
Решение 5. №665 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 665, Решение 5
Решение 6. №665 (с. 170)

а) Чтобы найти модуль суммы векторов $|\vec{a} + \vec{b}|$, сначала найдем вектор-сумму $\vec{d} = \vec{a} + \vec{b}$. Сложение векторов производится покоординатно:
$\vec{d} = \{a_x + b_x; a_y + b_y; a_z + b_z\} = \{3 + (-2); -2 + 3; 1 + 1\} = \{1; 1; 2\}$.
Теперь найдем модуль (длину) вектора $\vec{d}$ по формуле $|\vec{d}| = \sqrt{d_x^2 + d_y^2 + d_z^2}$:
$|\vec{a} + \vec{b}| = \sqrt{1^2 + 1^2 + 2^2} = \sqrt{1 + 1 + 4} = \sqrt{6}$.
Ответ: $\sqrt{6}$

б) Чтобы найти сумму модулей векторов $|\vec{a}| + |\vec{b}|$, сначала найдем модуль каждого вектора по формуле $|\vec{v}| = \sqrt{x^2 + y^2 + z^2}$.
$|\vec{a}| = \sqrt{3^2 + (-2)^2 + 1^2} = \sqrt{9 + 4 + 1} = \sqrt{14}$.
$|\vec{b}| = \sqrt{(-2)^2 + 3^2 + 1^2} = \sqrt{4 + 9 + 1} = \sqrt{14}$.
Теперь сложим их модули:
$|\vec{a}| + |\vec{b}| = \sqrt{14} + \sqrt{14} = 2\sqrt{14}$.
Ответ: $2\sqrt{14}$

в) Чтобы найти разность модулей векторов $|\vec{a}| - |\vec{b}|$, используем уже вычисленные в предыдущем пункте значения модулей.
$|\vec{a}| = \sqrt{14}$
$|\vec{b}| = \sqrt{14}$
$|\vec{a}| - |\vec{b}| = \sqrt{14} - \sqrt{14} = 0$.
Ответ: $0$

г) Чтобы найти модуль разности векторов $|\vec{a} - \vec{b}|$, сначала найдем вектор-разность $\vec{e} = \vec{a} - \vec{b}$. Вычитание векторов производится покоординатно:
$\vec{e} = \{a_x - b_x; a_y - b_y; a_z - b_z\} = \{3 - (-2); -2 - 3; 1 - 1\} = \{5; -5; 0\}$.
Теперь найдем модуль вектора $\vec{e}$:
$|\vec{a} - \vec{b}| = \sqrt{5^2 + (-5)^2 + 0^2} = \sqrt{25 + 25 + 0} = \sqrt{50} = \sqrt{25 \cdot 2} = 5\sqrt{2}$.
Ответ: $5\sqrt{2}$

д) Чтобы найти модуль вектора $|3\vec{c}|$, можно воспользоваться свойством модуля $|k\vec{v}| = |k||\vec{v}|$.
Сначала найдем модуль вектора $\vec{c}$:
$|\vec{c}| = \sqrt{(-3)^2 + 2^2 + 1^2} = \sqrt{9 + 4 + 1} = \sqrt{14}$.
Теперь умножим его на 3:
$|3\vec{c}| = 3 \cdot |\vec{c}| = 3\sqrt{14}$.
Ответ: $3\sqrt{14}$

е) Чтобы найти значение выражения $\sqrt{14}|\vec{c}|$, нужно умножить число $\sqrt{14}$ на модуль вектора $\vec{c}$.
Модуль вектора $\vec{c}$ был найден в предыдущем пункте: $|\vec{c}| = \sqrt{14}$.
$\sqrt{14}|\vec{c}| = \sqrt{14} \cdot \sqrt{14} = 14$.
Ответ: $14$

ж) Чтобы найти модуль вектора $|2\vec{a} - 3\vec{c}|$, сначала выполним операции с векторами: умножение на скаляр и вычитание.
$2\vec{a} = 2 \cdot \{3; -2; 1\} = \{6; -4; 2\}$.
$3\vec{c} = 3 \cdot \{-3; 2; 1\} = \{-9; 6; 3\}$.
Теперь найдем вектор-разность $2\vec{a} - 3\vec{c}$:
$2\vec{a} - 3\vec{c} = \{6 - (-9); -4 - 6; 2 - 3\} = \{15; -10; -1\}$.
Наконец, найдем модуль полученного вектора:
$|2\vec{a} - 3\vec{c}| = \sqrt{15^2 + (-10)^2 + (-1)^2} = \sqrt{225 + 100 + 1} = \sqrt{326}$.
Ответ: $\sqrt{326}$

№666 (с. 170)
Условие. №666 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 666, Условие

666. Даны точки M(−4; 7; 0) и N(0; −1; 2). Найдите расстояние от начала координат до середины отрезка MN.

Решение 2. №666 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 666, Решение 2
Решение 4. №666 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 666, Решение 4
Решение 5. №666 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 666, Решение 5
Решение 6. №666 (с. 170)

Для решения этой задачи необходимо выполнить два действия: сначала найти координаты середины отрезка MN, а затем вычислить расстояние от этой точки до начала координат (точки O с координатами (0; 0; 0)).

1. Нахождение координат середины отрезка MN.

Пусть точка C – середина отрезка MN. Координаты середины отрезка находятся как среднее арифметическое соответствующих координат его конечных точек.
Даны точки $M(-4; 7; 0)$ и $N(0; -1; 2)$.
Координаты точки C $(x_C; y_C; z_C)$ вычисляются по формулам:
$x_C = \frac{x_M + x_N}{2} = \frac{-4 + 0}{2} = \frac{-4}{2} = -2$
$y_C = \frac{y_M + y_N}{2} = \frac{7 + (-1)}{2} = \frac{6}{2} = 3$
$z_C = \frac{z_M + z_N}{2} = \frac{0 + 2}{2} = \frac{2}{2} = 1$
Следовательно, координаты середины отрезка MN, точки C, равны $(-2; 3; 1)$.

2. Нахождение расстояния от начала координат до точки C.

Расстояние $d$ между двумя точками с координатами $(x_1; y_1; z_1)$ и $(x_2; y_2; z_2)$ вычисляется по формуле:
$d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2 + (z_2 - z_1)^2}$
Найдем расстояние от начала координат O(0; 0; 0) до точки C(-2; 3; 1):
$d = \sqrt{(-2 - 0)^2 + (3 - 0)^2 + (1 - 0)^2}$
$d = \sqrt{(-2)^2 + 3^2 + 1^2}$
$d = \sqrt{4 + 9 + 1}$
$d = \sqrt{14}$

Ответ: $\sqrt{14}$

№667 (с. 170)
Условие. №667 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 667, Условие

667. Даны точки

Найти периметр и медианы треугольника ABC

Найдите: а) периметр треугольника ABC; б) медианы треугольника ABC.

Решение 2. №667 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 667, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 667, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №667 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 667, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 667, Решение 4 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 667, Решение 4 (продолжение 3)
Решение 5. №667 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 667, Решение 5
Решение 6. №667 (с. 170)

а)

Периметр треугольника $P_{ABC}$ равен сумме длин его сторон: $P_{ABC} = AB + BC + AC$.

Для нахождения длин сторон воспользуемся формулой расстояния между двумя точками $M_1(x_1; y_1; z_1)$ и $M_2(x_2; y_2; z_2)$ в трехмерном пространстве:

$d = \sqrt{(x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2 + (z_2-z_1)^2}$

Имеем координаты вершин треугольника: $A(\frac{3}{2}; 1; -2)$, $B(2; 2; -3)$ и $C(2; 0; -1)$.

1. Найдем длину стороны $AB$:

$AB = \sqrt{(2 - \frac{3}{2})^2 + (2-1)^2 + (-3 - (-2))^2} = \sqrt{(\frac{1}{2})^2 + 1^2 + (-1)^2} = \sqrt{\frac{1}{4} + 1 + 1} = \sqrt{\frac{1+4+4}{4}} = \sqrt{\frac{9}{4}} = \frac{3}{2}$.

2. Найдем длину стороны $BC$:

$BC = \sqrt{(2-2)^2 + (0-2)^2 + (-1 - (-3))^2} = \sqrt{0^2 + (-2)^2 + 2^2} = \sqrt{0 + 4 + 4} = \sqrt{8} = 2\sqrt{2}$.

3. Найдем длину стороны $AC$:

$AC = \sqrt{(2 - \frac{3}{2})^2 + (0-1)^2 + (-1 - (-2))^2} = \sqrt{(\frac{1}{2})^2 + (-1)^2 + 1^2} = \sqrt{\frac{1}{4} + 1 + 1} = \sqrt{\frac{1+4+4}{4}} = \sqrt{\frac{9}{4}} = \frac{3}{2}$.

4. Вычислим периметр треугольника $ABC$:

$P_{ABC} = AB + BC + AC = \frac{3}{2} + 2\sqrt{2} + \frac{3}{2} = 3 + 2\sqrt{2}$.

Ответ: $3 + 2\sqrt{2}$.

б)

Медиана треугольника — это отрезок, соединяющий вершину треугольника с серединой противоположной стороны. Для нахождения длин медиан ($m_a$, $m_b$, $m_c$) сначала необходимо найти координаты середин сторон треугольника.

Координаты середины отрезка с концами в точках $(x_1; y_1; z_1)$ и $(x_2; y_2; z_2)$ находятся по формуле: $(\frac{x_1+x_2}{2}; \frac{y_1+y_2}{2}; \frac{z_1+z_2}{2})$.

1. Найдем медиану $m_a$, проведенную из вершины $A$ к стороне $BC$. Обозначим середину $BC$ как $M_a$.

Координаты точки $M_a$:

$M_a(\frac{2+2}{2}; \frac{2+0}{2}; \frac{-3+(-1)}{2}) = M_a(2; 1; -2)$.

Длина медианы $m_a$ равна расстоянию между точками $A(\frac{3}{2}; 1; -2)$ и $M_a(2; 1; -2)$:

$m_a = \sqrt{(2 - \frac{3}{2})^2 + (1-1)^2 + (-2 - (-2))^2} = \sqrt{(\frac{1}{2})^2 + 0^2 + 0^2} = \sqrt{\frac{1}{4}} = \frac{1}{2}$.

2. Найдем медиану $m_b$, проведенную из вершины $B$ к стороне $AC$. Обозначим середину $AC$ как $M_b$.

Координаты точки $M_b$:

$M_b(\frac{\frac{3}{2}+2}{2}; \frac{1+0}{2}; \frac{-2+(-1)}{2}) = M_b(\frac{7/2}{2}; \frac{1}{2}; \frac{-3}{2}) = M_b(\frac{7}{4}; \frac{1}{2}; -\frac{3}{2})$.

Длина медианы $m_b$ равна расстоянию между точками $B(2; 2; -3)$ и $M_b(\frac{7}{4}; \frac{1}{2}; -\frac{3}{2})$:

$m_b = \sqrt{(\frac{7}{4}-2)^2 + (\frac{1}{2}-2)^2 + (-\frac{3}{2} - (-3))^2} = \sqrt{(-\frac{1}{4})^2 + (-\frac{3}{2})^2 + (\frac{3}{2})^2} = \sqrt{\frac{1}{16} + \frac{9}{4} + \frac{9}{4}} = \sqrt{\frac{1+36+36}{16}} = \sqrt{\frac{73}{16}} = \frac{\sqrt{73}}{4}$.

3. Найдем медиану $m_c$, проведенную из вершины $C$ к стороне $AB$. Обозначим середину $AB$ как $M_c$.

Координаты точки $M_c$:

$M_c(\frac{\frac{3}{2}+2}{2}; \frac{1+2}{2}; \frac{-2+(-3)}{2}) = M_c(\frac{7/2}{2}; \frac{3}{2}; \frac{-5}{2}) = M_c(\frac{7}{4}; \frac{3}{2}; -\frac{5}{2})$.

Длина медианы $m_c$ равна расстоянию между точками $C(2; 0; -1)$ и $M_c(\frac{7}{4}; \frac{3}{2}; -\frac{5}{2})$:

$m_c = \sqrt{(\frac{7}{4}-2)^2 + (\frac{3}{2}-0)^2 + (-\frac{5}{2} - (-1))^2} = \sqrt{(-\frac{1}{4})^2 + (\frac{3}{2})^2 + (-\frac{3}{2})^2} = \sqrt{\frac{1}{16} + \frac{9}{4} + \frac{9}{4}} = \sqrt{\frac{1+36+36}{16}} = \sqrt{\frac{73}{16}} = \frac{\sqrt{73}}{4}$.

Ответ: длины медиан равны $\frac{1}{2}$, $\frac{\sqrt{73}}{4}$, $\frac{\sqrt{73}}{4}$.

№668 (с. 170)
Условие. №668 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 668, Условие

668. Определите вид треугольника ABC, если:

Определить вид треугольника ABC
Решение 2. №668 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 668, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 668, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 668, Решение 2 (продолжение 3) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 668, Решение 2 (продолжение 4)
Решение 4. №668 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 668, Решение 4
Решение 5. №668 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 668, Решение 5
Решение 6. №668 (с. 170)

Чтобы определить вид треугольника, необходимо найти длины его сторон и сравнить их, а также проверить, выполняется ли для них теорема Пифагора. Квадрат расстояния между двумя точками $M_1(x_1; y_1; z_1)$ и $M_2(x_2; y_2; z_2)$ вычисляется по формуле: $d^2 = (x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2 + (z_2-z_1)^2$.

а) A(9; 3; -5), B(2; 10; -5), C(2; 3; 2)

Найдем квадраты длин сторон треугольника ABC:

$AB^2 = (2-9)^2 + (10-3)^2 + (-5 - (-5))^2 = (-7)^2 + 7^2 + 0^2 = 49 + 49 + 0 = 98$.

$BC^2 = (2-2)^2 + (3-10)^2 + (2 - (-5))^2 = 0^2 + (-7)^2 + 7^2 = 0 + 49 + 49 = 98$.

$AC^2 = (2-9)^2 + (3-3)^2 + (2 - (-5))^2 = (-7)^2 + 0^2 + 7^2 = 49 + 0 + 49 = 98$.

Поскольку $AB^2 = BC^2 = AC^2 = 98$, то и длины сторон равны: $AB = BC = AC$. Следовательно, треугольник является равносторонним.

Ответ: равносторонний.

б) A(3; 7; -4), B(5; -3; 2), C(1; 3; -10)

Найдем квадраты длин сторон треугольника ABC:

$AB^2 = (5-3)^2 + (-3-7)^2 + (2 - (-4))^2 = 2^2 + (-10)^2 + 6^2 = 4 + 100 + 36 = 140$.

$BC^2 = (1-5)^2 + (3-(-3))^2 + (-10-2)^2 = (-4)^2 + 6^2 + (-12)^2 = 16 + 36 + 144 = 196$.

$AC^2 = (1-3)^2 + (3-7)^2 + (-10 - (-4))^2 = (-2)^2 + (-4)^2 + (-6)^2 = 4 + 16 + 36 = 56$.

Так как длины всех сторон различны, треугольник является разносторонним. Проверим, выполняется ли для него обратная теорема Пифагора. Наибольшая сторона - BC. Сравним $BC^2$ с суммой квадратов двух других сторон $AB^2 + AC^2$:

$AB^2 + AC^2 = 140 + 56 = 196$.

Так как $AB^2 + AC^2 = BC^2$ ($196 = 196$), то треугольник является прямоугольным с прямым углом при вершине A.

Ответ: прямоугольный.

в) A(5; -5; -1), B(5; -3; -1), C(4; -3; 0)

Найдем квадраты длин сторон треугольника ABC:

$AB^2 = (5-5)^2 + (-3 - (-5))^2 + (-1 - (-1))^2 = 0^2 + 2^2 + 0^2 = 4$.

$BC^2 = (4-5)^2 + (-3 - (-3))^2 + (0 - (-1))^2 = (-1)^2 + 0^2 + 1^2 = 1 + 0 + 1 = 2$.

$AC^2 = (4-5)^2 + (-3 - (-5))^2 + (0 - (-1))^2 = (-1)^2 + 2^2 + 1^2 = 1 + 4 + 1 = 6$.

Длины всех сторон различны. Проверим выполнение обратной теоремы Пифагора. Наибольшая сторона - AC. Сравним $AC^2$ с суммой $AB^2 + BC^2$:

$AB^2 + BC^2 = 4 + 2 = 6$.

Так как $AB^2 + BC^2 = AC^2$ ($6 = 6$), то треугольник является прямоугольным с прямым углом при вершине B.

Ответ: прямоугольный.

г) A(-5; 2; 0), B(-4; 3; 0), C(-5; 2; -2)

Найдем квадраты длин сторон треугольника ABC:

$AB^2 = (-4 - (-5))^2 + (3-2)^2 + (0-0)^2 = 1^2 + 1^2 + 0^2 = 1 + 1 + 0 = 2$.

$BC^2 = (-5 - (-4))^2 + (2-3)^2 + (-2-0)^2 = (-1)^2 + (-1)^2 + (-2)^2 = 1 + 1 + 4 = 6$.

$AC^2 = (-5 - (-5))^2 + (2-2)^2 + (-2-0)^2 = 0^2 + 0^2 + (-2)^2 = 0 + 0 + 4 = 4$.

Длины всех сторон различны. Проверим выполнение обратной теоремы Пифагора. Наибольшая сторона - BC. Сравним $BC^2$ с суммой $AB^2 + AC^2$:

$AB^2 + AC^2 = 2 + 4 = 6$.

Так как $AB^2 + AC^2 = BC^2$ ($6 = 6$), то треугольник является прямоугольным с прямым углом при вершине A.

Ответ: прямоугольный.

№669 (с. 170)
Условие. №669 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 669, Условие

669. Найдите расстояние от точки A(−3; 4; −4) до: а) координатных плоскостей; б) осей координат.

Решение 2. №669 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 669, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 669, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №669 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 669, Решение 4
Решение 5. №669 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 669, Решение 5
Решение 6. №669 (с. 170)

Дана точка в трехмерном пространстве $A(x_A; y_A; z_A)$ с координатами $A(-3; 4; -4)$. Найдем расстояния от этой точки до координатных плоскостей и осей.

а) координатных плоскостей

Расстояние от точки $A(x_A; y_A; z_A)$ до координатной плоскости равно модулю координаты, перпендикулярной этой плоскости.

  • Расстояние до плоскости $Oxy$ (плоскость, где $z=0$) равно модулю z-координаты точки.
    $d(A, Oxy) = |z_A| = |-4| = 4$.

  • Расстояние до плоскости $Oxz$ (плоскость, где $y=0$) равно модулю y-координаты точки.
    $d(A, Oxz) = |y_A| = |4| = 4$.

  • Расстояние до плоскости $Oyz$ (плоскость, где $x=0$) равно модулю x-координаты точки.
    $d(A, Oyz) = |x_A| = |-3| = 3$.

Ответ: расстояние до плоскости $Oxy$ равно 4, до плоскости $Oxz$ равно 4, до плоскости $Oyz$ равно 3.

б) осей координат

Расстояние от точки $A(x_A; y_A; z_A)$ до координатной оси вычисляется как корень из суммы квадратов координат, не соответствующих этой оси.

  • Расстояние до оси $Ox$ (ось абсцисс). Проекция точки $A$ на эту ось — точка $A_x(-3; 0; 0)$. Расстояние равно длине отрезка $AA_x$.
    $d(A, Ox) = \sqrt{y_A^2 + z_A^2} = \sqrt{4^2 + (-4)^2} = \sqrt{16 + 16} = \sqrt{32} = \sqrt{16 \cdot 2} = 4\sqrt{2}$.

  • Расстояние до оси $Oy$ (ось ординат). Проекция точки $A$ на эту ось — точка $A_y(0; 4; 0)$. Расстояние равно длине отрезка $AA_y$.
    $d(A, Oy) = \sqrt{x_A^2 + z_A^2} = \sqrt{(-3)^2 + (-4)^2} = \sqrt{9 + 16} = \sqrt{25} = 5$.

  • Расстояние до оси $Oz$ (ось аппликат). Проекция точки $A$ на эту ось — точка $A_z(0; 0; -4)$. Расстояние равно длине отрезка $AA_z$.
    $d(A, Oz) = \sqrt{x_A^2 + y_A^2} = \sqrt{(-3)^2 + 4^2} = \sqrt{9 + 16} = \sqrt{25} = 5$.

Ответ: расстояние до оси $Ox$ равно $4\sqrt{2}$, до оси $Oy$ равно 5, до оси $Oz$ равно 5.

№670 (с. 170)
Условие. №670 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 670, Условие

670. На каждой из координатных плоскостей найдите такую точку, расстояние от которой до точки A(−1; 2; −3) является наименьшим среди всех расстояний от точек этой координатной плоскости до точки A.

Решение 2. №670 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 670, Решение 2
Решение 4. №670 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 670, Решение 4
Решение 5. №670 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 670, Решение 5
Решение 6. №670 (с. 170)

Для того чтобы найти на каждой координатной плоскости точку, расстояние от которой до точки $A(-1; 2; -3)$ является наименьшим, можно использовать два подхода: геометрический (поиск ортогональной проекции) или алгебраический (минимизация функции расстояния). Алгебраический подход является более универсальным и наглядным в данном случае. Мы будем минимизировать квадрат расстояния, что эквивалентно минимизации самого расстояния. Квадрат расстояния между двумя точками $(x_1, y_1, z_1)$ и $(x_2, y_2, z_2)$ вычисляется по формуле $d^2 = (x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2 + (z_2-z_1)^2$.

На координатной плоскости Oxy

Любая точка на плоскости $Oxy$ имеет координаты $(x, y, 0)$. Найдем квадрат расстояния $d^2$ от такой точки до точки $A(-1; 2; -3)$:
$d^2 = (x - (-1))^2 + (y - 2)^2 + (0 - (-3))^2 = (x+1)^2 + (y-2)^2 + 9$.
Это выражение является суммой трех слагаемых. Слагаемые $(x+1)^2$ и $(y-2)^2$ неотрицательны, а слагаемое $9$ является константой. Сумма будет минимальной, когда неотрицательные слагаемые примут свое наименьшее возможное значение, равное нулю. Это происходит при следующих условиях:
$x+1 = 0$, откуда $x = -1$.
$y-2 = 0$, откуда $y = 2$.
Следовательно, искомая точка на плоскости $Oxy$ имеет координаты $(-1; 2; 0)$.

Ответ: $(-1; 2; 0)$.

На координатной плоскости Oxz

Любая точка на плоскости $Oxz$ имеет координаты $(x, 0, z)$. Найдем квадрат расстояния $d^2$ от такой точки до точки $A(-1; 2; -3)$:
$d^2 = (x - (-1))^2 + (0 - 2)^2 + (z - (-3))^2 = (x+1)^2 + 4 + (z+3)^2$.
Это выражение является суммой трех слагаемых. Слагаемые $(x+1)^2$ и $(z+3)^2$ неотрицательны, а слагаемое $4$ является константой. Сумма будет минимальной, когда неотрицательные слагаемые примут свое наименьшее возможное значение, равное нулю. Это происходит при следующих условиях:
$x+1 = 0$, откуда $x = -1$.
$z+3 = 0$, откуда $z = -3$.
Следовательно, искомая точка на плоскости $Oxz$ имеет координаты $(-1; 0; -3)$.

Ответ: $(-1; 0; -3)$.

На координатной плоскости Oyz

Любая точка на плоскости $Oyz$ имеет координаты $(0, y, z)$. Найдем квадрат расстояния $d^2$ от такой точки до точки $A(-1; 2; -3)$:
$d^2 = (0 - (-1))^2 + (y - 2)^2 + (z - (-3))^2 = 1 + (y-2)^2 + (z+3)^2$.
Это выражение является суммой трех слагаемых. Слагаемые $(y-2)^2$ и $(z+3)^2$ неотрицательны, а слагаемое $1$ является константой. Сумма будет минимальной, когда неотрицательные слагаемые примут свое наименьшее возможное значение, равное нулю. Это происходит при следующих условиях:
$y-2 = 0$, откуда $y = 2$.
$z+3 = 0$, откуда $z = -3$.
Следовательно, искомая точка на плоскости $Oyz$ имеет координаты $(0; 2; -3)$.

Ответ: $(0; 2; -3)$.

№671 (с. 170)
Условие. №671 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 671, Условие

671. На каждой из осей координат найдите такую точку, расстояние от которой до точки B(3; −4; 7) является наименьшим среди всех расстояний от точек этой оси до точки B.

Решение 2. №671 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 671, Решение 2
Решение 4. №671 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 671, Решение 4
Решение 5. №671 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 671, Решение 5
Решение 6. №671 (с. 170)

Чтобы найти точку на оси координат, расстояние от которой до точки $B(3; -4; \sqrt{7})$ является наименьшим, нужно найти ортогональную проекцию точки $B$ на эту ось. Другой способ — составить функцию расстояния от произвольной точки на оси до точки $B$ и найти ее минимум.

На оси Ox

Любая точка на оси абсцисс (Ox) имеет координаты $A_x(x; 0; 0)$. Расстояние от этой точки до точки $B(3; -4; \sqrt{7})$ находится по формуле расстояния между двумя точками. Чтобы найти наименьшее расстояние, удобно минимизировать его квадрат:

$d^2 = (x - 3)^2 + (0 - (-4))^2 + (0 - \sqrt{7})^2$

$d^2 = (x - 3)^2 + 16 + 7 = (x - 3)^2 + 23$

Выражение $(x - 3)^2 + 23$ достигает своего минимума, когда слагаемое $(x - 3)^2$ минимально. Наименьшее значение квадрата равно 0. Это выполняется при $x - 3 = 0$, то есть при $x = 3$.

Следовательно, искомая точка на оси Ox, расстояние от которой до точки B является наименьшим, имеет координаты $(3; 0; 0)$.

Ответ: $(3; 0; 0)$.

На оси Oy

Любая точка на оси ординат (Oy) имеет координаты $A_y(0; y; 0)$. Найдем квадрат расстояния от этой точки до точки $B(3; -4; \sqrt{7})$:

$d^2 = (0 - 3)^2 + (y - (-4))^2 + (0 - \sqrt{7})^2$

$d^2 = 9 + (y + 4)^2 + 7 = (y + 4)^2 + 16$

Это выражение достигает минимума, когда $(y + 4)^2 = 0$, что выполняется при $y + 4 = 0$, то есть при $y = -4$.

Следовательно, искомая точка на оси Oy имеет координаты $(0; -4; 0)$.

Ответ: $(0; -4; 0)$.

На оси Oz

Любая точка на оси аппликат (Oz) имеет координаты $A_z(0; 0; z)$. Найдем квадрат расстояния от этой точки до точки $B(3; -4; \sqrt{7})$:

$d^2 = (0 - 3)^2 + (0 - (-4))^2 + (z - \sqrt{7})^2$

$d^2 = 9 + 16 + (z - \sqrt{7})^2 = (z - \sqrt{7})^2 + 25$

Это выражение достигает минимума, когда $(z - \sqrt{7})^2 = 0$, что выполняется при $z - \sqrt{7} = 0$, то есть при $z = \sqrt{7}$.

Следовательно, искомая точка на оси Oz имеет координаты $(0; 0; \sqrt{7})$.

Ответ: $(0; 0; \sqrt{7})$.

№672 (с. 170)
Условие. №672 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 672, Условие

672. Даны точки A(1; 0; k), B(−1; 2; 3) и C(0; 0; 1). При каких значениях k треугольник ABC является равнобедренным?

Решение 2. №672 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 672, Решение 2
Решение 4. №672 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 672, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 672, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №672 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 672, Решение 5
Решение 6. №672 (с. 170)

Для того чтобы треугольник ABC был равнобедренным, необходимо, чтобы длины как минимум двух его сторон были равны. Рассмотрим три возможных случая: AB = AC, AB = BC и AC = BC. Для удобства будем сравнивать не сами длины, а их квадраты.

Найдем квадраты длин сторон треугольника, используя формулу расстояния между двумя точками в пространстве $d^2 = (x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2 + (z_2-z_1)^2$.

Даны точки: A(1; 0; k), B(-1; 2; 3) и C(0; 0; 1).

Квадрат длины стороны AB:

$AB^2 = (-1-1)^2 + (2-0)^2 + (3-k)^2 = (-2)^2 + 2^2 + (3-k)^2 = 4 + 4 + 9 - 6k + k^2 = k^2 - 6k + 17$

Квадрат длины стороны AC:

$AC^2 = (0-1)^2 + (0-0)^2 + (1-k)^2 = (-1)^2 + 0^2 + (1-k)^2 = 1 + 1 - 2k + k^2 = k^2 - 2k + 2$

Квадрат длины стороны BC:

$BC^2 = (0-(-1))^2 + (0-2)^2 + (1-3)^2 = 1^2 + (-2)^2 + (-2)^2 = 1 + 4 + 4 = 9$

Теперь рассмотрим три случая равенства сторон.

1. Стороны AB и AC равны (AB = AC)

Приравниваем квадраты их длин:

$AB^2 = AC^2$

$k^2 - 6k + 17 = k^2 - 2k + 2$

$-6k + 17 = -2k + 2$

$4k = 15$

$k = \frac{15}{4}$

2. Стороны AB и BC равны (AB = BC)

Приравниваем квадраты их длин:

$AB^2 = BC^2$

$k^2 - 6k + 17 = 9$

$k^2 - 6k + 8 = 0$

Решаем квадратное уравнение. По теореме Виета, корни уравнения $k_1 = 2$ и $k_2 = 4$.

3. Стороны AC и BC равны (AC = BC)

Приравниваем квадраты их длин:

$AC^2 = BC^2$

$k^2 - 2k + 2 = 9$

$k^2 - 2k - 7 = 0$

Решаем квадратное уравнение через дискриминант:

$D = b^2 - 4ac = (-2)^2 - 4 \cdot 1 \cdot (-7) = 4 + 28 = 32$

$k = \frac{-b \pm \sqrt{D}}{2a} = \frac{2 \pm \sqrt{32}}{2} = \frac{2 \pm 4\sqrt{2}}{2} = 1 \pm 2\sqrt{2}$

Таким образом, получаем два значения: $k_3 = 1 + 2\sqrt{2}$ и $k_4 = 1 - 2\sqrt{2}$.

Мы нашли все значения k, при которых треугольник ABC является равнобедренным.

Ответ: $k = \frac{15}{4}$, $k = 2$, $k = 4$, $k = 1 + 2\sqrt{2}$, $k = 1 - 2\sqrt{2}$.

№673 (с. 170)
Условие. №673 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 673, Условие

673. Даны точки A(4; 4; 0), B(0; 0; 0), C(0; 3; 4) и D(1; 4; 4). Докажите, что ABCD — равнобедренная трапеция.

Решение 2. №673 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 673, Решение 2
Решение 4. №673 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 673, Решение 4
Решение 5. №673 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 673, Решение 5
Решение 6. №673 (с. 170)

Для того чтобы доказать, что четырехугольник ABCD является равнобедренной трапецией, необходимо доказать два факта: во-первых, что это трапеция (у которой одна пара противоположных сторон параллельна, а другая — нет), и, во-вторых, что она равнобедренная (ее непараллельные боковые стороны равны по длине).

Даны координаты вершин: $A(4; 4; 0)$, $B(0; 0; 0)$, $C(0; 3; 4)$ и $D(1; 4; 4)$.

1. Доказательство, что ABCD — трапеция

Найдем векторы, соответствующие сторонам четырехугольника.
$\vec{AB} = \{x_B - x_A; y_B - y_A; z_B - z_A\} = \{0 - 4; 0 - 4; 0 - 0\} = \{-4; -4; 0\}$
$\vec{DC} = \{x_C - x_D; y_C - y_D; z_C - z_D\} = \{0 - 1; 3 - 4; 4 - 4\} = \{-1; -1; 0\}$
Сравним векторы противоположных сторон $\vec{AB}$ и $\vec{DC}$. Их координаты пропорциональны, так как $\frac{-4}{-1} = \frac{-4}{-1} = 4$. Это означает, что векторы коллинеарны: $\vec{AB} = 4 \cdot \vec{DC}$. Следовательно, стороны $AB$ и $DC$ параллельны ($AB \parallel DC$).

Теперь рассмотрим другую пару противоположных сторон, AD и BC.
$\vec{AD} = \{x_D - x_A; y_D - y_A; z_D - z_A\} = \{1 - 4; 4 - 4; 4 - 0\} = \{-3; 0; 4\}$
$\vec{BC} = \{x_C - x_B; y_C - y_B; z_C - z_B\} = \{0 - 0; 3 - 0; 4 - 0\} = \{0; 3; 4\}$
Их координаты не пропорциональны (например, отношение первых координат $\frac{-3}{0}$ не определено, а вторых $\frac{0}{3} = 0$), значит векторы не коллинеарны, а стороны AD и BC не параллельны.

Так как одна пара противоположных сторон параллельна, а другая — нет, четырехугольник ABCD является трапецией с основаниями AB и DC.

2. Доказательство, что трапеция равнобедренная

Проверим, равны ли длины боковых (непараллельных) сторон AD и BC. Длина вектора $\vec{v} = \{x; y; z\}$ вычисляется по формуле $|\vec{v}| = \sqrt{x^2 + y^2 + z^2}$.

Длина стороны AD:
$|AD| = |\vec{AD}| = \sqrt{(-3)^2 + 0^2 + 4^2} = \sqrt{9 + 0 + 16} = \sqrt{25} = 5$.

Длина стороны BC:
$|BC| = |\vec{BC}| = \sqrt{0^2 + 3^2 + 4^2} = \sqrt{0 + 9 + 16} = \sqrt{25} = 5$.

Поскольку длины боковых сторон равны ($|AD| = |BC|$), трапеция ABCD является равнобедренной. Что и требовалось доказать.

Ответ: Утверждение о том, что ABCD — равнобедренная трапеция, доказано. Основания трапеции — это параллельные стороны AB и DC, так как $\vec{AB} = 4 \cdot \vec{DC}$. Боковые стороны AD и BC не параллельны, но равны по длине: $|AD|=|BC|=5$.

№674 (с. 170)
Условие. №674 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 674, Условие

674. Найдите точку, равноудалённую от точек A(−2; 3; 5) и B(3; 2; −3) и расположенную на оси: а) Ох; б) Оу; в) Oz.

Решение 2. №674 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 674, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 674, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №674 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 674, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 674, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №674 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 674, Решение 5
Решение 6. №674 (с. 170)

Пусть искомая точка M(x, y, z) равноудалена от точек A(-2; 3; 5) и B(3; 2; -3). Это означает, что расстояние MA равно расстоянию MB. Удобнее работать с квадратами расстояний: $MA^2 = MB^2$.

Формула для квадрата расстояния между двумя точками $(x_1, y_1, z_1)$ и $(x_2, y_2, z_2)$ имеет вид:

$d^2 = (x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2 + (z_2 - z_1)^2$

Применяя эту формулу к точкам A, B и M, получаем общее уравнение:

$(x - (-2))^2 + (y - 3)^2 + (z - 5)^2 = (x - 3)^2 + (y - 2)^2 + (z - (-3))^2$

$(x + 2)^2 + (y - 3)^2 + (z - 5)^2 = (x - 3)^2 + (y - 2)^2 + (z + 3)^2$

а) Ox

Искомая точка M лежит на оси Ox, следовательно, её координаты имеют вид M(x; 0; 0). Подставим $y=0$ и $z=0$ в основное уравнение:

$(x + 2)^2 + (0 - 3)^2 + (0 - 5)^2 = (x - 3)^2 + (0 - 2)^2 + (0 + 3)^2$

$(x + 2)^2 + 9 + 25 = (x - 3)^2 + 4 + 9$

$(x + 2)^2 + 34 = (x - 3)^2 + 13$

Раскроем скобки:

$x^2 + 4x + 4 + 34 = x^2 - 6x + 9 + 13$

$x^2 + 4x + 38 = x^2 - 6x + 22$

Сократим $x^2$ и приведем подобные слагаемые:

$4x + 6x = 22 - 38$

$10x = -16$

$x = -1.6$

Следовательно, искомая точка на оси Ox – это M(-1.6; 0; 0).

Ответ: M(-1.6; 0; 0).

б) Oy

Искомая точка M лежит на оси Oy, следовательно, её координаты имеют вид M(0; y; 0). Подставим $x=0$ и $z=0$ в основное уравнение:

$(0 + 2)^2 + (y - 3)^2 + (0 - 5)^2 = (0 - 3)^2 + (y - 2)^2 + (0 + 3)^2$

$4 + (y - 3)^2 + 25 = 9 + (y - 2)^2 + 9$

$(y - 3)^2 + 29 = (y - 2)^2 + 18$

Раскроем скобки:

$y^2 - 6y + 9 + 29 = y^2 - 4y + 4 + 18$

$y^2 - 6y + 38 = y^2 - 4y + 22$

Сократим $y^2$ и приведем подобные слагаемые:

$38 - 22 = 6y - 4y$

$16 = 2y$

$y = 8$

Следовательно, искомая точка на оси Oy – это M(0; 8; 0).

Ответ: M(0; 8; 0).

в) Oz

Искомая точка M лежит на оси Oz, следовательно, её координаты имеют вид M(0; 0; z). Подставим $x=0$ и $y=0$ в основное уравнение:

$(0 + 2)^2 + (0 - 3)^2 + (z - 5)^2 = (0 - 3)^2 + (0 - 2)^2 + (z + 3)^2$

$4 + 9 + (z - 5)^2 = 9 + 4 + (z + 3)^2$

$13 + (z - 5)^2 = 13 + (z + 3)^2$

$(z - 5)^2 = (z + 3)^2$

Раскроем скобки:

$z^2 - 10z + 25 = z^2 + 6z + 9$

Сократим $z^2$ и приведем подобные слагаемые:

$25 - 9 = 6z + 10z$

$16 = 16z$

$z = 1$

Следовательно, искомая точка на оси Oz – это M(0; 0; 1).

Ответ: M(0; 0; 1).

№675 (с. 170)
Условие. №675 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 675, Условие

675. Даны точки A(−1; 2; 3), B(−2; 1; 2) и C(0; −1; 1). Найдите точку, равноудалённую от этих точек и расположенную на координатной плоскости: а) Оху; б) Oyz; в) Ozx.

Решение 2. №675 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 675, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 675, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 675, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 4. №675 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 675, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 675, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №675 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 675, Решение 5
Решение 6. №675 (с. 170)

Пусть искомая точка $M$ имеет координаты $(x; y; z)$. По условию, точка $M$ равноудалена от точек $A(-1; 2; 3)$, $B(-2; 1; 2)$ и $C(0; -1; 1)$. Это означает, что расстояния $MA$, $MB$ и $MC$ равны: $MA = MB = MC$. Для удобства вычислений будем использовать квадраты расстояний: $MA^2 = MB^2 = MC^2$.

Квадрат расстояния между двумя точками $P_1(x_1; y_1; z_1)$ и $P_2(x_2; y_2; z_2)$ вычисляется по формуле: $d^2 = (x_2-x_1)^2 + (y_2-y_1)^2 + (z_2-z_1)^2$. Запишем квадраты расстояний от точки $M$ до точек $A, B, C$:

$MA^2 = (x - (-1))^2 + (y - 2)^2 + (z - 3)^2 = (x + 1)^2 + (y - 2)^2 + (z - 3)^2$

$MB^2 = (x - (-2))^2 + (y - 1)^2 + (z - 2)^2 = (x + 2)^2 + (y - 1)^2 + (z - 2)^2$

$MC^2 = (x - 0)^2 + (y - (-1))^2 + (z - 1)^2 = x^2 + (y + 1)^2 + (z - 1)^2$

Составим систему уравнений из условия $MA^2 = MB^2$ и $MA^2 = MC^2$.

1) Из $MA^2 = MB^2$ получаем:
$(x + 1)^2 + (y - 2)^2 + (z - 3)^2 = (x + 2)^2 + (y - 1)^2 + (z - 2)^2$
Раскроем скобки: $x^2 + 2x + 1 + y^2 - 4y + 4 + z^2 - 6z + 9 = x^2 + 4x + 4 + y^2 - 2y + 1 + z^2 - 4z + 4$
Упростим, сократив одинаковые члены в обеих частях: $2x - 4y - 6z + 14 = 4x - 2y - 4z + 9$
Перенесем все переменные в одну сторону, а числа в другую: $14 - 9 = (4x - 2x) + (-2y + 4y) + (-4z + 6z)$
$5 = 2x + 2y + 2z$ (1)

2) Из $MA^2 = MC^2$ получаем:
$(x + 1)^2 + (y - 2)^2 + (z - 3)^2 = x^2 + (y + 1)^2 + (z - 1)^2$
Раскроем скобки: $x^2 + 2x + 1 + y^2 - 4y + 4 + z^2 - 6z + 9 = x^2 + y^2 + 2y + 1 + z^2 - 2z + 1$
Упростим: $2x - 4y - 6z + 14 = 2y - 2z + 2$
$14 - 2 = -2x + (2y + 4y) + (-2z + 6z)$
$12 = 2x + 6y + 4z$
Разделим обе части на 2: $6 = x + 3y + 2z$ (2)

Теперь решим систему уравнений (1) и (2) для каждого из трех случаев.

а) Oxy
Если точка лежит на плоскости Oxy, ее координата $z=0$. Подставим $z=0$ в систему уравнений (1) и (2):
$\begin{cases} 2x + 2y = 5 \\ x + 3y = 6 \end{cases}$
Из второго уравнения выразим $x$: $x = 6 - 3y$.
Подставим это выражение в первое уравнение: $2(6 - 3y) + 2y = 5$.
$12 - 6y + 2y = 5 \Rightarrow 12 - 4y = 5 \Rightarrow 4y = 7 \Rightarrow y = \frac{7}{4}$.
Теперь найдем $x$: $x = 6 - 3 \cdot \frac{7}{4} = \frac{24}{4} - \frac{21}{4} = \frac{3}{4}$.
Искомая точка имеет координаты $(\frac{3}{4}; \frac{7}{4}; 0)$.
Ответ: $(\frac{3}{4}; \frac{7}{4}; 0)$.

б) Oyz
Если точка лежит на плоскости Oyz, ее координата $x=0$. Подставим $x=0$ в систему уравнений (1) и (2):
$\begin{cases} 2y + 2z = 5 \\ 3y + 2z = 6 \end{cases}$
Вычтем первое уравнение из второго: $(3y + 2z) - (2y + 2z) = 6 - 5$, что дает $y = 1$.
Подставим $y=1$ в первое уравнение: $2(1) + 2z = 5 \Rightarrow 2 + 2z = 5 \Rightarrow 2z = 3 \Rightarrow z = \frac{3}{2}$.
Искомая точка имеет координаты $(0; 1; \frac{3}{2})$.
Ответ: $(0; 1; \frac{3}{2})$.

в) Ozx
Если точка лежит на плоскости Ozx, ее координата $y=0$. Подставим $y=0$ в систему уравнений (1) и (2):
$\begin{cases} 2x + 2z = 5 \\ x + 2z = 6 \end{cases}$
Вычтем второе уравнение из первого: $(2x + 2z) - (x + 2z) = 5 - 6$, что дает $x = -1$.
Подставим $x = -1$ во второе уравнение: $-1 + 2z = 6 \Rightarrow 2z = 7 \Rightarrow z = \frac{7}{2}$.
Искомая точка имеет координаты $(-1; 0; \frac{7}{2})$.
Ответ: $(-1; 0; \frac{7}{2})$.

№676 (с. 170)
Условие. №676 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 676, Условие

676. Даны точки О(0; 0; 0), A(4; 0; 0), B(0; 6; 0), C(0; 0; −2). Найдите: а) координаты центра и радиус окружности, описанной около треугольника AОB; б) координаты точки, равноудалённой от вершин тетраэдра ОABC.

Решение 2. №676 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 676, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 676, Решение 2 (продолжение 2)
Решение 4. №676 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 676, Решение 4 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 676, Решение 4 (продолжение 2)
Решение 5. №676 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 676, Решение 5
Решение 6. №676 (с. 170)

а)

Вершины треугольника AOB имеют координаты $O(0; 0; 0)$, $A(4; 0; 0)$ и $B(0; 6; 0)$. Так как точка $O$ — начало координат, а точки $A$ и $B$ лежат на осях $Ox$ и $Oy$ соответственно, угол $\angle AOB$ является прямым ($90^\circ$). Следовательно, треугольник $AOB$ — прямоугольный, и его гипотенуза — отрезок $AB$.

Центр окружности, описанной около прямоугольного треугольника, находится в середине его гипотенузы. Найдем координаты центра $M$ как середины отрезка $AB$:
$M = (\frac{4+0}{2}; \frac{0+6}{2}; \frac{0+0}{2}) = (2; 3; 0)$.

Радиус описанной окружности $R$ равен расстоянию от центра $M$ до любой из вершин, например, до вершины $O$:
$R = |MO| = \sqrt{(2-0)^2 + (3-0)^2 + (0-0)^2} = \sqrt{4 + 9} = \sqrt{13}$.

Ответ: координаты центра $(2; 3; 0)$, радиус $R = \sqrt{13}$.

б)

Точка, равноудалённая от вершин тетраэдра $O(0; 0; 0)$, $A(4; 0; 0)$, $B(0; 6; 0)$ и $C(0; 0; -2)$, является центром описанной около него сферы. Обозначим эту точку как $P(x; y; z)$. Условие равноудалённости можно записать через равенство квадратов расстояний: $PO^2 = PA^2 = PB^2 = PC^2$.

Приравняем квадрат расстояния от $P$ до начала координат $O$ к квадратам расстояний до остальных вершин и решим полученную систему уравнений:
$PO^2 = PA^2 \implies x^2 + y^2 + z^2 = (x-4)^2 + y^2 + z^2 \implies x^2 = x^2 - 8x + 16 \implies 8x = 16 \implies x=2$.
$PO^2 = PB^2 \implies x^2 + y^2 + z^2 = x^2 + (y-6)^2 + z^2 \implies y^2 = y^2 - 12y + 36 \implies 12y = 36 \implies y=3$.
$PO^2 = PC^2 \implies x^2 + y^2 + z^2 = x^2 + y^2 + (z+2)^2 \implies z^2 = z^2 + 4z + 4 \implies 4z = -4 \implies z=-1$.

Таким образом, искомая точка имеет координаты $(2; 3; -1)$.

Ответ: $(2; 3; -1)$.

№677 (с. 170)
Условие. №677 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 677, Условие

677. Отрезок CD длины m перпендикулярен к плоскости прямоугольного треугольника ABC с катетами АС = b и ВС = а. Введите подходящую систему координат и с помощью формулы расстояния между двумя точками найдите расстояние от точки D до середины гипотенузы этого треугольника.

Решение 2. №677 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 677, Решение 2
Решение 4. №677 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 677, Решение 4
Решение 5. №677 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 677, Решение 5
Решение 6. №677 (с. 170)

Для решения задачи введем прямоугольную систему координат в пространстве. Поскольку треугольник ABC является прямоугольным, а отрезок CD перпендикулярен его плоскости, наиболее удобным будет разместить начало координат в точке C.

1. Введение системы координат и определение координат точек

  • Поместим точку C (вершину прямого угла) в начало координат. Таким образом, координаты точки C будут (0, 0, 0).
  • Направим ось Ox вдоль катета BC. Так как длина BC = a, то координаты точки B будут (a, 0, 0).
  • Направим ось Oy вдоль катета AC. Так как длина AC = b, то координаты точки A будут (0, b, 0).
  • Поскольку отрезок CD перпендикулярен плоскости треугольника ABC (то есть плоскости Oxy), направим ось Oz вдоль отрезка CD. Так как длина CD = m, то координаты точки D будут (0, 0, m).

Итак, мы имеем координаты вершин:
$A(0, b, 0)$
$B(a, 0, 0)$
$C(0, 0, 0)$
$D(0, 0, m)$

2. Нахождение координат середины гипотенузы

Гипотенузой треугольника является отрезок AB. Найдем координаты ее середины, которую обозначим точкой M. Координаты середины отрезка находятся как полусумма соответствующих координат его концов.
Пусть $M(x_M, y_M, z_M)$. Тогда:
$x_M = \frac{x_A + x_B}{2} = \frac{0 + a}{2} = \frac{a}{2}$
$y_M = \frac{y_A + y_B}{2} = \frac{b + 0}{2} = \frac{b}{2}$
$z_M = \frac{z_A + z_B}{2} = \frac{0 + 0}{2} = 0$
Таким образом, координаты середины гипотенузы, точки M, равны $(\frac{a}{2}, \frac{b}{2}, 0)$.

3. Вычисление расстояния от точки D до середины гипотенузы

Теперь найдем расстояние между точкой $D(0, 0, m)$ и точкой $M(\frac{a}{2}, \frac{b}{2}, 0)$ по формуле расстояния между двумя точками в пространстве:
$d = \sqrt{(x_2 - x_1)^2 + (y_2 - y_1)^2 + (z_2 - z_1)^2}$
Подставим координаты точек D и M:
$DM = \sqrt{(\frac{a}{2} - 0)^2 + (\frac{b}{2} - 0)^2 + (0 - m)^2}$
$DM = \sqrt{(\frac{a}{2})^2 + (\frac{b}{2})^2 + (-m)^2}$
$DM = \sqrt{\frac{a^2}{4} + \frac{b^2}{4} + m^2}$
Для удобства приведем выражение под корнем к общему знаменателю:
$DM = \sqrt{\frac{a^2 + b^2 + 4m^2}{4}} = \frac{\sqrt{a^2 + b^2 + 4m^2}}{2}$

Ответ: Расстояние от точки D до середины гипотенузы треугольника ABC равно $\sqrt{\frac{a^2}{4} + \frac{b^2}{4} + m^2}$ или $\frac{\sqrt{a^2 + b^2 + 4m^2}}{2}$.

№678 (с. 170)
Условие. №678 (с. 170)
скриншот условия
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 678, Условие

678. Напишите уравнение сферы радиуса R с центром А, если:

Написать уравнение сферы радиуса R с центром А
Решение 2. №678 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 678, Решение 2 Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 678, Решение 2 (продолжение 2) Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 678, Решение 2 (продолжение 3)
Решение 4. №678 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 678, Решение 4
Решение 5. №678 (с. 170)
Геометрия, 10-11 класс Учебник, авторы: Атанасян Левон Сергеевич, Бутузов Валентин Фёдорович, Кадомцев Сергей Борисович, Позняк Эдуард Генрихович, Киселёва Людмила Сергеевна, издательство Просвещение, Москва, 2019, коричневого цвета, страница 170, номер 678, Решение 5
Решение 6. №678 (с. 170)

Общее уравнение сферы с центром в точке $A(x_0; y_0; z_0)$ и радиусом $R$ имеет вид:

$(x - x_0)^2 + (y - y_0)^2 + (z - z_0)^2 = R^2$

Для решения задачи подставим данные для каждого случая в эту формулу.

а) Дано: центр сферы $A(2; -4; 7)$ и радиус $R = 3$.

Здесь $x_0 = 2$, $y_0 = -4$, $z_0 = 7$.

Подставляем эти значения в общую формулу уравнения сферы:

$(x - 2)^2 + (y - (-4))^2 + (z - 7)^2 = 3^2$

Упрощаем выражение:

$(x - 2)^2 + (y + 4)^2 + (z - 7)^2 = 9$

Ответ: $(x - 2)^2 + (y + 4)^2 + (z - 7)^2 = 9$

б) Дано: центр сферы $A(0; 0; 0)$ и радиус $R = \sqrt{2}$.

Здесь $x_0 = 0$, $y_0 = 0$, $z_0 = 0$. Центр сферы находится в начале координат.

Подставляем эти значения в общую формулу:

$(x - 0)^2 + (y - 0)^2 + (z - 0)^2 = (\sqrt{2})^2$

Упрощаем выражение:

$x^2 + y^2 + z^2 = 2$

Ответ: $x^2 + y^2 + z^2 = 2$

в) Дано: центр сферы $A(2; 0; 0)$ и радиус $R = 4$.

Здесь $x_0 = 2$, $y_0 = 0$, $z_0 = 0$.

Подставляем эти значения в общую формулу:

$(x - 2)^2 + (y - 0)^2 + (z - 0)^2 = 4^2$

Упрощаем выражение:

$(x - 2)^2 + y^2 + z^2 = 16$

Ответ: $(x - 2)^2 + y^2 + z^2 = 16$

Помогло решение? Оставьте отзыв в комментариях ниже.

Присоединяйтесь к Телеграм-группе @top_gdz

Присоединиться